Đáp án đúng D

Thứ nguyên của Công \(\left( A \right)\) - Joule (J):

\(\left[ J \right] = \left[ {{\rm{N}} \cdot {\rm{m}}} \right] = \left[ {{\rm{kg}} \cdot {\rm{m}} \cdot {{\rm{s}}^{ - 2}} \cdot {\rm{\;m}}} \right] = \left[ {{\rm{kg}} \cdot {{\rm{m}}^2} \cdot {\rm{\;}}{{\rm{s}}^{ - 2}}} \right]\)Thứ nguyên của điện tích ( Q ) - Culong ( C )

\(\left[ C \right] = \left[ {{\rm{A}} \cdot {\rm{s}}} \right]\)Thứ nguyên của hiệu điện thế \(U - \) Volt \(\left( V \right)\) :

\(\left[ V \right] = \frac{{\left[ {{\rm{kg}} \cdot {{\rm{m}}^2} \cdot {\rm{\;}}{{\rm{s}}^{ - 2}}} \right]}}{{\left[ {{\rm{A}} \cdot {\rm{s}}} \right]}} = \left[ {{\rm{kg}} \cdot {{\rm{m}}^2} \cdot {\rm{\;}}{{\rm{A}}^{ - 1}} \cdot {\rm{\;}}{{\rm{s}}^{ - 3}}} \right]\)

Đáp án đúng B

Công mà người đó cần thực hiện không phụ thuộc vào thời gian thực hiện công việc

Đáp án đúng D

Khoảng không gian giữa hai tấm phẳng song song tích điện trái dấu tạo ra một điện trươ̌ng đều

( \(E\) không đổi). Electron có điện tích \(q = - e\).

Lực điện tác dụng lên nó là:

\(F = \left| { - e} \right|E = eE\)Vì \(e\) là hằng số và \(E\) là không đổi (điện trường đều), nên độ lớn của lực \(F\) tác dụng lên electron là hằng số, không phụ thuộc vào khoảng cách \(x\) của nó so với tấm tích điện âm. Đồ thị phải là một đường thẳng nằm ngang.

Đáp án đúng D

Gọi hiệu điện thế đặt vào P và Q là \(U\).

Mạch A (Nối tiếp): \({R_{td}} = {R_1} + {R_A} + {R_2} = 1 + 2 + 2 = 5{\rm{\Omega }} \Rightarrow {I_A} = \frac{U}{5}\)

Mạch B \(\left( {{R_1}//{R_2}} \right)ntA\) :

\({R_{td}} = \frac{{{R_1} \cdot {R_2}}}{{{R_1} + {R_2}}} + {R_A} = \frac{{1.2}}{{1 + 2}} + 2 = \frac{8}{3}{\rm{\Omega }}\)\( \Rightarrow {I_B} = \frac{U}{{8/3}} = \frac{3}{8}U\)Mạch C : (Ampe kế mắc nối tiếp với \({R_1})//{R_2}\).

\({R_{1A}} = 1 + 2 = 3{\rm{\Omega }}\)\({I_C} = {I_{{R_1}}} = \frac{U}{3} = \frac{U}{3}\)

Mạch D : \({R_1}//{R_2}//A\)

\({I_D} = \frac{U}{{{R_A}}} = \frac{U}{2}\)Số chỉ ampe kế lớn nhất

Đáp án đúng B

Mặt bàn đồng (kim loại): Khi kim la bàn (nam châm) dao động, từ trường biến thiên sẽ xuyên qua mặt bàn đồng, gây ra dòng điện Fuco (dòng điện xoáy) trong đồng. Theo Định luật Lenz, dòng điện Fuco sinh ra một lực từ ngược chiều, chống lại chuyển động của kim, làm tiêu hao cơ năng và khiến kim dừng lại nhanh hơn (dao động tắt dần mạnh).

Mặt bàn gỗ (điện môi): Không có dòng điện Fuco, lực cản chủ yếu là ma sát. Do đó, kim la bàn trên mặt bàn đồng sẽ ổn định nhanh hơn.

Đáp án đúng A

\(\;_3^8Li \to \;_{ - 1}^0e + \;_4^8X\)Hàng ngang biểu diễn số proton, hàng dọc biểu diễn số neutron. Vậy \(X\) ờ vị trí A

Đáp án đúng C

Trong các phản ứng hạt nhân, các đại lượng được bảo toàn bao gồm: Tổng số khối (nucleon), tổng điện tích, động lượng và năng lượng toàn phần.

Số neutron \(\left( N \right)\) không được bảo toàn vì có thể xảy ra quá trình chuyển hóa neutron \( \leftrightarrow \) proton (như trong phân rã \({\beta ^ \pm }\)).

Phương pháp giải

Áp dụng định luật Bào toàn Số khối ( \(A\) ) và Bào toàn Điện tích ( \(Z\) ) cho phản ứng phân rã \(\alpha \)

Đáp án đúng B

\(\;_1^1{\rm{H}} + \;_3^7{\rm{Li}} \to \;_2^4{\rm{He}} + \;_x^y{\rm{X}}\)

Áp dụng định luật Bảo toàn Số khối \(\left( A \right)\) và Bảo toàn Điện tích \(\left( Z \right)\) ta có:

\(1 + 3 = 2 + x \Rightarrow x = 2\)\(1 + 7 = 4 + y \Rightarrow y = 4\)→ Hạt nhân đó là \(\;_2^4{\rm{He}}\)

Đáp án đúng B

Ta có: \(\;_1^1{\rm{H}} + \;_3^7{\rm{Li}} \to \;_2^4{\rm{He}} + \;_2^4{\rm{He}}\)1 phản ứng thì sẽ sinh ra \(2\;_2^4{\rm{He}}\).

\(n{\rm{He}} = 0,5{\rm{\;mol}} \to n{\rm{H}} = 0,25{\rm{\;mol}}\)\( \to n{H_2} = \frac{{0,25}}{2} = 0,125{\rm{\;mol}}\)

Vậy để tổng hợp \(0,5{\rm{\;mol}}\) Heli thì cần \(0,125{\rm{\;mol}}\) khí Hidro.

Đáp án đúng B

\(\;_1^1{\rm{H}} + \;_3^7{\rm{Li}} \to \;_2^4{\rm{He}} + \;_2^4{\rm{He}}\)

Số phản ứng xảy ra là:

\(N = n.{N_A} = 0,25.6,{02.10^{23}} = 1,{505.10^{23}}\)

Năng lượng tỏa ra khi tổng hợp được \(0,5{\rm{\;mol}}\) Heli là:

\(E = N.{\rm{\Delta }}E = 1,{505.10^{23}}.17,3 = 2,{6.10^{24}}{\rm{MeV}}\)