Đề tham khảo ĐGNL V-SAT môn Hóa 2026 (Đề 1)

1. Sai. Trong phản ứng thuận của phản ứng (1) thì HC{O}_3^{-} là acid, H₂O là base.

2. Sai. Trong phản ứng thuận của phản ứng (2) thì HC{O}_3^{-} là base, H₂O là acid.

3. Đúng.

4. Đúng.

1. Sai. Hợp chất thuộc dãy đồng đẳng alkane.

2. Đúng.

3. Sai. Tên gọi của hợp chất là: 2,2 – dimethylpentane.

4. Sai. Công thức phân tử của hợp chất này là C₇H₁₆.

Dựa vào phổ khối lượng, ta thấy peak ion M⁺ có giá trị là 60 m/z.

Ester X có khối lượng phân tử 60 amu chỉ có một công thức là HCOOCH₃ là thỏa mãn.

1. Đúng.

2. Đúng.

3. Sai. Muối thu được là HCOONa.

4. Sai. Nhiệt độ sôi của X thấp hơn ethyl alcohol và acetic acid do X không tạo được liên kết hydrogen với nhau.

1. Đúng. Cả ba phức chất X, Y, Z đều có số phối trí là 6. Với các phối tử có dung lượng phối trí là 1 như H₂O và NH₃, dạng hình học phổ biến và bền vững nhất cho số phối trí 6 là hình bát diện.

2. Sai. Bước 1 là phản ứng thế phối tử (thay H₂O bằng NH₃). Bước 2 bản chất là một phản ứng oxi hóa – khử. Trong bước này, các phối tử NH₃ đã bao quanh nguyên tử trung tâm từ trước, phản ứng làm thay đổi số oxi hóa của nguyên tử trung tâm từ Co²⁺ lên Co³⁺ chứ không phải là sự thay thế một phối tử này bằng một phối tử khác.

3. Sai. Y có nguyên tử trung tâm là ion Co²⁺, Z có nguyên tử trung tâm là ion Co³⁺.

4. Đúng. Ở bước 1: Dung dịch chuyển từ màu hồng (của phức aqua [Co(H₂O)₆]²⁺ sang màu hồng đậm của phức ammonia [Co(NH₃)₆]²⁺. Ở bước 2, dung dịch chuyển từ màu hồng đậm của Y sang màu vàng cam đặc trưng của phức [Co(NH₃)₆]³⁺. Sự thay đổi màu sắc rõ rệt là dấu hiệu nhận biết sự hình thành các phức chất mới trong thí nghiệm này.

1. Đúng.

2. Đúng.

3. Sai. Sau bước 3, hỗn hợp chất lỏng thu được có mùi chuối chín.

4. Đúng.

1. Đúng. Y là CH₃COOH có trong thành phần của giấm ăn.

2. Đúng. Z là C₂H₅OH có trong thành phần của nước rửa tay khô có tác dụng diệt khuẩn.

3. Sai. T: C₉H₁₄O₆ \Rightarrow %m_O = \frac{16.6}{218}.100\mathrm{\%}=44,04\mathrm{\%}.

4. Sai. W là HCOOC₂H₅: C₃H₆O₂.

1. Đúng.

2. Sai. Vì không có amine bậc bốn.

3. Đúng.

4. Sai. CH₃–NH–C₂H₅ là amine bậc hai.

1. Đúng. Cần lắc nhẹ dụng cụ (2) trong quá trình chuẩn độ để các chất tham gia phản ứng được trộn đều, kiểm soát được chất lỏng chảy xuống, tránh bị dư.

2. Sai. Màu hồng thường xuất hiện rất sớm nhưng nhanh chóng tan biến, đó là do NaOH bị dư cục bộ, tại vị trí NaOH rơi xuống dung dịch chưa kịp trộn lẫn nên NaOH sẽ tồn tại trong khoảng thời gian ngắn, màu hồng sẽ xuất hiện loáng thoáng

Thời điểm màu hồng bền xuất hiện khi HCl vừa hết và NaOH bắt đầu dư (màu hồng giữ trong ít nhất khoảng 20s, chiếm toàn bộ dung dịch trong bình tam giác) là lúc kết thúc chuẩn độ.

3. Đúng. Phản ứng:

CaCO₃ + 2HCl → CaCl₂ + CO₂ + H₂O

NaOH + HCl → NaCl + H₂O

V_ddNaOH trung bình = 4,0 mL

$\begin{array}{l}{n}_{HCl}=2n_{CaC{O}_3}+n_{NaOH}\\ \iff 0,5.0,1=2n_{CaC{O}_3}+\frac{0,004.0,1.500}{10}\\ \to n_{CaC{O}_3}=0,015mol\\ \to \%CaC{O}_3=\frac{0,015.100}{2}.100\%=75\%\end{array}$

4. Sai. Dụng cụ (1) chứa chất chuẩn độ (NaOH) và dụng cụ (2) chứa chất cần chuẩn độ (HCl).

Cathode (-): 2H₂O + 2e → H₂ + 2OH⁻.

Anode (+): 2Cl⁻ → Cl₂ + 2e

1. Sai. Do bên cathode có OH^- sinh ra làm pH > 7.

2. Đúng.

3. Đúng.

4. Sai. NaOH rắn thu được bằng phương pháp kết tinh.

Đáp án đúng là: C

- Phương trình hóa học của phản ứng nhiệt phân đá vôi là: $\text{C}\text{a}\text{C}{\text{O}}_3\rightleftharpoons \text{C}\text{a}\text{O}+\text{C}{\text{O}}_2$.

- Biến thiên enthalpy của phản ứng nhiệt phân đá vôi là:

${\Delta }_r{H}_{298}^o={\Delta }_f{H}_{298}^o\left(\text{C}{\text{O}}_2( \text{g})\right)+{\Delta }_f{H}_{298}^o\left(\text{C}\text{a}\text{O}\right( \text{s}\left)\right)-{\Delta }_f{H}_{298}^o\left(\text{C}\text{a}\text{C}{\text{O}}_3( \text{s})\right)$

\text{=}-\text{3}\text{9}\text{3}\text{,}\text{5}\text{+}\text{(}-\text{6}\text{3}\text{4}\text{,}\text{9}\text{)}-\text{(}-\text{1}\text{2}\text{0}\text{7}\text{,}\text{6}\text{)}\text{=}+\text{1}\text{7}\text{9}\text{,}\text{2}\text{k}\text{J}\text{.}

Vì phương trình nhiệt hóa học phải có trạng thái của các chất và nhiệt kèm theo của phản ứng nên phương trình nhiệt hóa học của phản ứng nhiệt phân đá vôi là:

$\text{C}\text{a}\text{C}{\text{O}}_3( \text{s})\rightleftharpoons \text{C}\text{a}\text{O}\left(\text{s}\right)+\text{C}{\text{O}}_2( \text{g}){\Delta }_{\text{r}}{\text{H}}_{298}^{°}=+179,2 \text{k}\text{J}$.

Đáp án đúng là: B

Xét: $CaC{O}_3\left(s\right)\to CaO\left(s\right)+C{O}_2\left(g\right)\left(1\right)$

${\Delta }_r{H}_{298}^0(1)=\text{=}-\text{3}\text{9}\text{3}\text{,}\text{5}\text{+}\text{(}-\text{6}\text{3}\text{4}\text{,}\text{9}\text{)}-\text{(}-\text{1}\text{2}\text{0}\text{7}\text{,}\text{6}\text{)}\text{=}+\text{1}\text{7}\text{9}\text{,}\text{2}\text{k}\text{J}\text{.}$

Xét: $C\left(s\right)+O_2\left(g\right)\to C{O}_2\left(g\right)\left(2\right)$

${\Delta }_r{H}_{298}^0(2)=-393,5kJ.$

Bảo toàn năng lượng: $\frac{179,2.1000}{56}=\frac{50}{100}.\frac{84}{100}.\frac{393,5.m}{12}\Rightarrow m=232,347$ tấn.

Làm tròn đến hàng đơn vị: 232 tấn.

Đáp án đúng là: C

- Phản ứng nhiệt phân 1 mol đá vôi hay tạo ra 1 mol CaO cần được cung cấp lượng nhiệt là 179,2kJ.

- Để sản xuất 420 tấn vôi sống/ngày tương đương $\frac{420.10^6}{56}=75.10^5$ mol CaO thì cần một lượng nhiệt là: 75.10⁵.179,2 = 1344.10⁶ kJ

- Lượng nhiệt trên được cung cấp bởi than đá, nhưng chỉ tương ứng với 60% nhiệt mà than đá tỏa ra. Vậy lượng nhiệt ban đầu mà than đá có thể cung cấp là: 1344.10⁶ : 60% = 224.10⁷ kJ.

- Khối lượng than đá cần đốt cháy là: 224.10⁷ : 25000 = 89,6.10³ kg.

Đáp án đúng là: A

Dấu của ${\Delta }_r{G}^o$được dùng để dự đoán chiều hướng xảy ra của một phản ứng hóa học. Nếu ${\Delta }_r{G}^o$âm thì phản ứng tự xảy ra, còn nếu ${\Delta }_r{G}^o$dương thì phản ứng không tự xảy ra.

${\Delta }_r{G}^o=$${\Delta }_r{H}^o-T{\Delta }_r{S}^o$ trong đó T là nhiệt độ (K). Vậy để ${\Delta }_r{G}^o=$${\Delta }_r{H}^o-T{\Delta }_r{S}^o$> 0 (hay luôn dương) thì ${\Delta }_r{H}^o$> 0 và ${\Delta }_r{S}^o<0.$

Đáp án đúng là: A

Dựa trên thông tin đoạn văn: “Phản ứng tỏa nhiệt thì ${\Delta }_r{H}^o$ có giá trị âm” và “Nếu ${\Delta }_r{G}^o$ âm thì phản ứng tự xảy ra”.

Lại có để ${\Delta }_r{G}^o=$${\Delta }_r{H}^o-T{\Delta }_r{S}^o$ luôn âm thì ${\Delta }_r{H}^o$ < 0 và ${\Delta }_r{S}^o>0.$

Đáp án đúng là: D

Phản ứng tự xảy ra khi ${\Delta }_r{G}^o=$${\Delta }_r{H}^o-T{\Delta }_r{S}^o$< 0.

Hay 119.10^3–T.263<0⇔ T > 452,47K.

1 – D: 2Fe + 6H₂SO_{4 đặc, dư} $\stackrel{t^o}{\to }$Fe₂(SO₄)₃ + 3SO₂ + 6H₂O

2 – C: Zn + H₂SO_{4 loãng, dư} → ZnSO₄ + H₂

3 – A: Fe + H₂SO_{4 loãng, dư} → FeSO₄ + H₂; Cu không phản ứng.

4 – E: 2K + 2H₂O → 2KOH + H₂; 2KOH + CuSO₄ → Cu(OH)₂↓ + K₂SO₄.

1 – D: S + O₂ $\stackrel{t^o}{\to }$SO₂.

2 – A: NH₄NO₃ \stackrel{t^o}{\to }N₂O + 2H₂O.

3 – B: NaOH + NH₄Cl → NaCl + NH₃ + H₂O.

4 – A: 4NH₃ + 3O₂ \stackrel{t^o}{\to } 2N₂ + 6H₂O

1 – E: CH₃CHO + 2[Ag(NH₃)₂]OH → CH₃COONH₄ + 2Ag + 3NH₃ + 2H₂O

2 – F: 2C₂H₅OH + 2Na → 2C₂H₅ONa + H₂; C₂H₅OH không tác dụng với Cu(OH)₂.

3 – D: Glycerol (HO-CH₂-CH(OH)-CH₂-OH) là alcohol đa chức có các nhóm -OH liền kề nên hòa tan Cu(OH)₂ tạo phức chất màu xanh lam.

4 – A: 2CH₃COOH + CaCO₃ → (CH₃COO)₂Ca + CO₂ + H₂O

Peptide là: Gly - Ala - Val

1 – E: X là tripeptide, phân tử có 3 gốc α-amino acid.

2 – A: Thủy phân X thu được tối đa 2 dipeptide là: Gly – Ala và Ala – Val.

3 – B: Trong X có 4 nguyên tử oxygen.

4 – D: Thủy phân hoàn toàn 2 mol X trong dung dịch NaOH cần 6 mol NaOH.

(1) MgSO₄ (X) + Ba(OH)₂ →Mg(OH)₂↓(Y) + BaSO₄↓ (Z)

(2) MgSO₄ + BaCl₂ → MgCl₂ + BaSO₄↓

(3) MgCl₂ + Ba(OH)₂ → Mg(OH)₂↓ + BaCl₂(T)

Vậy:

1 – C; 2 – B; 3 – D; 4 – F.

Đáp án: 6

Có 6 chất có đồng phân hình học, gồm (1), (2), (3), (6), (7), (8).

Đáp án: 3.1

Lượng NaHCO₃ bão hoà trong 112,7 g dung dịch ở 40 °C là: \frac{112,7.12,7}{100+12,7}=12,70\left(g\right).

Gọi khối lượng NaHCO₃ bị kết tinh khi giảm nhiệt độ từ 40 ^oC xuống 20 ^oC là x gam.

Bảo toàn khối lượng: $x+\frac{(112,7-x).9,6}{100+9,6}=12,7\Rightarrow x=3,1.$

Đáp án: 8

Một phân tử hemoglobin chứa 4 heme B, mà mỗi heme B kết hợp với một phân tử O₂ \Rightarrow Số nguyên tử oxygen là 8.

Đáp án: 122

$\left(1\right)F{e}^{3+}+3O{H}^{-}\to Fe{\left(OH\right)}_3$

$\left(2\right)4F{e}^{2+}+8O{H}^{-}+O_2+2H_{2}O\to 4Fe{\left(OH\right)}_3$

$n_{F{e}^{3+}}+n_{F{e}^{2+}}=\frac{0,3.28.10}{56}=1,5mol$

Lại có tỉ lệ mol Fe³⁺ : Fe²⁺ = 1 : 4 ⇒ $n_{F{e}^{3+}}=0,3mol$ và $n_{F{e}^{2+}}=1,2mol.$

$\Rightarrow n_{O{H}^{-}}=3n_{F{e}^{3+}}+2n_{F{e}^{2+}}=3,3mol.$

$\Rightarrow n_{Ca{\left(OH\right)}_2}=1,65\text{m}\text{o}\text{l}\Rightarrow m_{Ca{\left(OH\right)}_2}=122,1gam.$

Làm tròn: 122 gam.

Đáp án: 5787.

m_{Nylon-6}=2000000.12.0,1664=3993600gam=3993,6kg.

Tỉ lệ: 131 gam ε-amino caproic sản xuất được 113 gam nylon-6.

H=80\mathrm{\%}\Rightarrow m{}_{\epsilon -aminocaproicacid}=\frac{3993,6.131}{113.80\mathrm{\%}}=5787,18kg.

Làm tròn: 5787 kg.