ĐGTD ĐH Bách khoa - Vấn đề thuộc lĩnh vực hóa học - Ankin

Trả lời:

- n_O2 = 1,7 mol;  n_CO2 = 1,25 mol

- Bảo toàn nguyên tố O: 2.n_O2 = 2.n_CO2 + n_H2O =>n_H2O = 2.1,7 – 2.1,25 = 0,9 mol

=>n_ankin = n_CO2 - n_H2O = 1,25 – 0,9 = 0,35 mol

=>số C trung bình = n_CO2 / n_ankin  = 1,25 / 0,35 = 3,57

=>2 ankin là C₃H₄ và C₄H₆

Đáp án cần chọn là: B

Trả lời:

n_CO2 = 0,7 mol; n_H2O = 0,5 mol

=>n_ankin = n_CO2 – n_H2O = 0,7 – 0,5 = 0,2 mol

Gọi CTPT của 2 ankin là C_nH_2n-2 và C_mH_2m-2

Vì tỉ lệ mol là 1 : 1 =>n_C2nH2n-2 = n_C2mH2m-2 = 0,1 mol

Bảo toàn nguyên tố C:  

=>n + m = 7

Dựa vào 4 đáp án =>D phù hợp vì tổng số C = 7

Đáp án cần chọn là: D

Trả lời:

hh X: C₂H₂ và C₄H₄ có cùng CTĐGN là CH =>đốt cháy X thu được n_CO2 = 2.n_H2O

Gọi n_CO2 = 2a mol =>n_H2O = a mol

Bảo toàn khối lượng trong X: m_X = m_C + m_H = 12n_CO2 + 2.n_H2O =>12.2a + 2a = 13 =>a = 0,5 mol

Bảo toàn nguyên tố O: 2.n_O2 = 2.n_CO2 + n_H2O =>n_O2 = (2.2.0,5 + 0,5) / 2 = 1,25 mol

Đáp án cần chọn là: D

Trả lời:

n_CaCO3 = 0,2 mol =>n_CO2 = n_CaCO3 = 0,2 mol

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 10,96 gam =>m_H2O = 10,96 – 0,2.44 = 2,16 gam =>n_H2O = 0,12 mol

=>n_ankin = n_CO2 – n_H2O = 0,2 – 0,12 = 0,08 mol

=>số C trung bình = n_CO2 / n_ankin = 0,2 / 0,08 = 2,5 =>trong X có C₂H₂. Gọi ankin còn lại là C_nH_2n-2

Hỗn hợp X gồm 2 ankin có tỷ lệ mol 1: 3

TH1: n_C2H2 = 0,02 mol =>n_CnH2n-2 = 0,06 mol

=>Bảo toàn C: 0,02.2 + 0,06n = 0,2 =>n = 2,67 (loại)

TH2: n_C2H2 = 0,06 mol; n_CnH2n-2 = 0,02 mol

=>Bảo toàn C: 0,06.2 + 0,02n = 0,2 =>n = 4 =>ankin còn lại là C₄H₆

Đáp án cần chọn là: C

Trả lời:

n_CO2 = 0,29 mol; n_H2O = 0,24 mol

Số C trung bình = n_CO2 / n_{hỗn hợp X} = 0,29 / 0,15 = 1,933 =>trong X có ankan CH₄

Gọi CTPT trung bình của 2 ankin là C_nH_2n-2

Gọi n_CH4 = a mol; n_C2H2n-2 = b mol

=>a + b = 0,15  (1)

Bảo toàn nguyên tố C: n_CO2 = a + bn = 0,29   (2)

Bảo toàn nguyên tố H: n_H2O = 2.n_CH4 + (n – 1).n_CnH2n-2 =>2a + (n – 1)b = 0,24  (3)

Từ (1), (2), (3) =>a = 0,1; b = 0,05; n = 2,4

=>2 ankin là C₂H₂ và C₃H₄

Đáp án cần chọn là: A

Trả lời:

Ở 210^oC, nước ở thể hơi

=>coi như là 1 khí gây áp suất trong bình

Vì lượng không khí dùng vừa đủ

=>hỗn hợp sau phản ứng gồm CO₂, H₂O và N₂

Gọi n_CO2 = a mol; n_H2O = b mol

=>n_ankin = n_CO2 – n_H2O =>n_ankin = a – b

Bảo toàn O: 2.n_O2 = 2.n_CO2 + n_H2O =>n_O2 = a + 0,5b

Trong không khí:  n_N2 = 4.n_O2 = 4a + 2b

=>n_{hh trước pứ} = n_ankin + n_O2 + n_N2 = a – b + a + 0,5b + 4a + 2b = 6a + 1,5b

n_{hh sau phản ứng} = n_CO2 + n_H2O + n_N2 = a + b + 4a + 2b = 5a + 3b

Từ công thức

\[pV = n.R.T \Rightarrow \frac{{{p_t}}}{{{p_s}}} = \frac{{{n_t}}}{{{n_s}}} \Rightarrow \frac{{0,81}}{{0,836}} = \frac{{6a + 1,5b}}{{5a + 3b}}\]

=>a=1,21b

=>n_ankin = a – b = 1,21b – b = 0,21b mol

=>số C trung bình = n_CO2 / n_ankin = 1,21 / 0,21 = 5,76

=>2 ankin X và Y là C₅H₈ và C₆H₁₀

Đáp án cần chọn là: C

Trả lời:

Gọi n _anken = a mol, n _ankin = b mol

=>a + b = 0,3  (1)

Ta có: n_Br2 = n_anken  + 2. n_ankin 

=>a + 2b = 0,4  (2)

Từ (1) và (2) =>  a = 0,2 mol;   b = 0,1 mol          

=>% n _ankin = 0,1.100/0.3 = 33,33%   

Đáp án cần chọn là: C

Trả lời:

+) Vì thể tích hỗn hợp qua dung dịch Br₂ giảm 1 nửa

=>n_ankan = n_ankin

=>đốt cháy hỗn hợp X thu được

\[{n_{C{O_2}}} = {n_{{H_2}O}} = xmol\]

+) Ta có:

\[{m_X} = {m_C} + {m_H} = 12.{n_{C{O_2}}} + 2.{n_{{H_2}O}}\]

=> 12x + 2x = 3,5 

=>x = 0,25 mol

+) Bảo toàn O: 

\[2.{n_{{O_2}}} = 2.{n_{C{O_2}}} + {n_{{H_2}O}} \Rightarrow {n_{{O_2}}} = 0,375mol\]

=>V = 8,4 lít

Đáp án cần chọn là: D

Trả lời:

Đốt cháy Y cũng chính là đốt cháy X

- Bảo toàn nguyên tố C:

n_CO2 = 2.n_C2H2 + 2.n_C2H4 + 2.n_C2H6 = 2.0,1 + 2.0,15 + 2.0,2 = 0,9 mol

=>m_CO2 = 39,6 gam

- Bảo toàn nguyên tố H:

n_H2O = n_C2H2 + 2.n_C2H4 + 3.n_C2H6 + n_H2 = 1,3 mol

=>m_H2O = 23,4 gam

Đáp án cần chọn là: A

Trả lời:

n_Y = 0,4 mol

\[{\overline M _Y}\]= 8.2 = 16 =>Y chứa H₂ dư

Vì phản ứng xảy ra hoàn toàn nên trong Y chứa C₂H₆ (a mol) và H₂ dư (b mol)

=>  a + b = 0,4 mol   (1)

\[{\overline M _Y} = \frac{{30a + 2b}}{{a + b}}\] (2)

Từ (1) và (2) =>a = b = 0,2 mol

Đốt cháy X cũng thu được số mol CO₂ và H₂O như đốt cháy Y

Bảo toàn nguyên tố C: n_CO2 = 2.n_C2H6 = 2.0,2 = 0,4 mol

=>m_CaCO3 = 0,4.100 = 40 gam

Đáp án cần chọn là: C

Trả lời:

n_ankan = n_ankin = 0,1 mol

Khí thoát ra gồm ankan và ankin dư. Gọi n_{ankin dư} = a mol

\[\overline M = \]12,5.2=25

=>ankan là CH₄ (vì M_CH4 = 16 < 25)

\[\overline M = \frac{{16.0,1 + {M_{ankin}}.a}}{{0,1 + a}} = 12,5.2 = 25\] (1)

Khối lượng dung dịch brom tăng = khối lượng ankin phản ứng

=>m_{ankin phản ứng} = 1,6 gam

=>M_ankin.(0,1 – a) = 1,6  (2)

Từ (1) và (2) =>M = 40;  a = 0,06

=>ankin là C₃H₄

Đáp án cần chọn là: B

>

Trả lời:

C₂H₄ chứa 1 liên kết π; C₂H₂ chứa 2 liên kết π

=>∑n_{liên kết π} = 1.0,1 + 2.0,2 = 0,5 mol

n_{H2 phản ứng} = n_X – n_Y = 0,7 + 0,1 + 0,2 - 0,8 = 0,2 mol

Bảo toàn liên kết π:

n_{H2 phản ứng} + n_{Br2 phản ứng} = n_{liên kết π ban đầu}

=>n_{Br2 phản ứng}  =  n _{liên kết π ban đầu} – n_{H2 phản ứng} = 0,5 – 0,2 = 0,3 mol

=>a = 0,3 / 0,1 = 3M 

Đáp án cần chọn là: B

Trả lời:

Đặt CTPT : C_nH_2n+2-2k ( k là số liên kết pi)

                       C_nH_2n+2-2k  + k Br₂ → C_nH_2n+2-2k Br_2k

Bảo toàn C có

\[{n_{hc}} = \frac{{{n_{C{O_2}}}}}{n} = \frac{{0,16}}{n}mol\]

\[ \to {n_{B{r_2}}} = \frac{{0,16}}{n}.k = 0,16\]

\[ \to k = n\]

→ Hidrocacbon là C_nH₂

Với k = n = 1 thì HC là : CH₂ loại

Với k = n = 2 thì HC là C₂H₂ → m = 0,08 . 26 =2,08 g

Với k = n = 3 thì HC là C₃H₂ ( không có CTHH thỏa mãn )

Với k = n =4 thì HC là C₄H₂ → m = 0,04.50 = 2 g

Đáp án cần chọn là: B

Trả lời:

Trong 8,6g X chứa a mol C₂H₄; b mol C₂H₂; c mol CH₄ 

m_{hh X} = 28a + 26b + 16c = 8,6  (1)

n_{Br2 phản ứng} = n_{π trong X} = n_C2H4 + 2.n_C2H2 

=>a + 2b = 0,3  (2)

C₂H₂ + 2AgNO₃ + 2NH₃ → C₂Ag₂ + 2NH₄NO₃

n_C2Ag2 = 0,15 (mol) =>n_C2H2 = 0,15 (mol)

=>%n_{C2H2 trong X} = 0,15/0,6 = 25%

=>trong 8,6 gam X % số mol C₂H₂ cũng là 25%

=>b = 25%.(a + b + c)  (3)

Từ (1), (2) và (3) =>a = 0,1; b = 0,1; c = 0,2

==>%n _{CH4 trong X} = 50%

Đáp án cần chọn là: D

Trả lời:

Các chất khi cho tác dụng với AgNO₃ trong dung dịch NH₃ tạo kết tủa là: axetilen; propin;  but-1-in; buta-1,3-điin, vinylaxetilen; phenylaxetilen.

Đáp án cần chọn là: C

Trả lời:

Phương trình hóa học

CH≡CH + 2AgNO₃ + 2NH₃ → Ag–C≡C–Ag ↓_(vàng) + 2NH₄NO₃

CH₂=CH₂ + Br₂ → CH₂Br–CH₂Br

Đáp án cần chọn là: A

Trả lời:

Gọi n_C2H2 = x mol;  n_C3H4 = y mol

=>x + y = 0,5  (1)

n_{kết tủa} = n_ankin =>n_Ag2C2 = x mol; n_C3H3Ag = y mol

=>240x + 147y = 92,1  (2)

Từ (1) và (2) =>x = 0,2;  y = 0,3

=>%n_C2H2 = 40%

Đáp án cần chọn là: D

Trả lời:

X là chất khí ở nhiệt độ thường

→ X có nhiều nhất 4 nguyên tử cacbon

X có phản ứng tạo kết tủa với AgNO₃/NH₃ 

→ X có liên kết ba đầu mạch

Cứ 1 mol nguyên tử H bị thay thế bởi 1 mol nguyên tử Ag

→ khối lượng tăng 107 gam

→ Số nguyên tử H bị thay thế là \[\frac{{107}}{{107}} = 1\]

→ X có 1 liên kết ba đầu mạch → A, D sai

B sai vì C₃H₄ → \[\% {m_H} = \frac{4}{{12.3 + 4}}.100\% = 10\% \]

C đúng vì C₄H₄ → \[\% {m_H} = \frac{4}{{12.4 + 4}}.100\% = 7,6923\% \]

Đáp án cần chọn là: C

Trả lời:

Gọi n_CaC2 = x mol;  n_Ca = y mol

=>m_{hh X} = 64x + 40y = 12,4  (1)

Hỗn hợp khí Y gồm C₂H₂ và H₂

n_C2H2 = n_CaC2 = x mol;  n_H2 = n_Ca = y mol

=>n_{hh Y} = x + y = 0,25   (2)

Từ (1) và (2) =>x = 0,1;  y = 0,15

=>n_Ag2C2 = n_C2H2 = 0,1 mol

=>m_{kết tủa} = 24 gam

Đáp án cần chọn là: D

Trả lời:

\[{n_{{C_2}{H_2}}} = \frac{{6,72}}{{22,4}} = 0,3mol\]

Đặt số mol của C₄H₄ trong hỗn hợp X là x mol

2CH ≡ CH → CH ≡ C – CH = CH₂

        2x        ←               x

\[{n_{{C_2}{H_2}\left( X \right)}} = 0,3 - 2xmol\]

\[{n_X} = \frac{{4,48}}{{22,4}} = 0,2mol\]

\[{n_{{C_2}{H_2}\left( X \right)}} + {n_{{C_4}{H_4}\left( X \right)}} = 0,2\]

\[ \to 0,3 - 2x + x = 0,2\]

\[ \to x = 0,1\]

\[{n_{{C_2}{H_2}\left( X \right)}} = 0,3 - 2.0,0,1mol;{n_{{C_4}{H_4}\left( X \right)}} = 0,1mol\]

CH ≡ CH → CAg ≡ CAg

     0,1      →        0,1

CH ≡ C – CH = CH₂ → CAg ≡ C – CH = CH₂

    0,1                 →                 0,1

m_↓ = 0,1.240 + 0,1.159 = 39,9 gam

Đáp án cần chọn là: B

Trả lời:

n_C2H2 = n_Ag2C2 = 0,1 mol

2CH₄ → C₂H₂ + 3H₂

  0,2  ←  0,1  →  0,3

Khí thoát ra gồm CH₄ dư và H₂ (0,3 mol)

Bảo toàn nguyên tố H:

n_H2O = 2.n_CH4 + n_H2 

=>n_{CH4 dư}  = (0,5 – 0,3) / 2 = 0,1 mol

=>n_{CH4 ban đầu} = 0,1 + 0,2 = 0,3 mol

=>H_{phản ứng} = 0,2 / 0,3 . 100% = 66,67%

Đáp án cần chọn là: C

Trả lời:

\[{n_{{C_2}{H_2}}} = {n_Y} = \frac{{0,25}}{2} = 0,125mol\]

C₂H₂     →     C₂Ag₂

0,125    →     0,125

\[{n_{{C_2}A{g_2}}} = 0,125.240 = 30\,gam < 63\,gam\]

→ Y cũng tạo kết tủa với AgNO₃/NH₃

→ Y có liên kết ba đầu mạch.

Y: C_xH_y

C_xH_y    →    C_xH_y-aAg_a (a ≥ 1)

0,125   →      0,125

\[{m_{{C_x}{H_y}A{g_a}}} = 63 - 30 = 33\,gam\]

\[{m_{{C_x}{H_{y - a}}A{g_a}}} = \frac{{33}}{{0,125}} = 264\]

→ Y chứa tối đa 2 liên kết ba đầu mạch

 Giả sử kết tủa chứa 1 Ag → C_xH_y-1Ag

→ 12x + y – 1 + 108 = 264

→ 12x +y = 157

→ M_Y = 157 (lẻ) → loại

 Giả sử kết tủa chứa 2 Ag → C_xH_y-2Ag₂ 

→ 12x + y – 2 + 2.108 = 264

→ 12x + y = 50

→ M_Y = 50 (chẵn)

=> x = 4; y = 2

→ Y là CH≡C–C≡CH

Đáp án cần chọn là: D

>