Đề tham khảo Tốt nghiệp THPT Vật Lí 2026-2027 (Đề 18)

Đáp án đúng A

Phát biểu c sai. Vì hiện tượng các phân tử chất lỏng thoát ra khỏi thoáng chất lỏng và chuyển thành hơi được gọi là sự hóa hơi.

Phát biểu e sai. Vì sự sôi là quá trình chuyển từ thể lỏng sang thể hơi xảy ra trong lòng chất lỏng và ở bề mặt thoáng chất lỏng.

Đáp án đúng C

Ta có: $Q=mc∆T=\mathrm{\wp }.t$

Trong khoảng thời gian t, ta có: $∆T=10K$.

Nhiệt độ của vật tăng từ 40 °C lên đến 60 °C ($∆T^{\mathrm{\text{'}}}=20K=2∆T$), khi đó ta có:

$Q^{\mathrm{\text{'}}}=mc∆T^{\mathrm{\text{'}}}=\mathrm{\wp }t\mathrm{\text{'}}$ hay $mc2∆T=\mathrm{\wp }{t}^{\mathrm{\text{'}}}=2\mathrm{\wp }t$ ⇒ $t^{\mathrm{\text{'}}}=2t$.

Đáp án đúng C

Ba nguyên tắc cơ bản nhằm giảm thiểu liều chiếu xạ đối với người làm việc trong môi trường có nguồn phóng xạ là giảm thời gian tiếp xúc, tăng khoảng cách và sử dụng màn chắn che chắn.

Đáp án đúng C

Công thức tính từ thông qua mỗi vòng dây là $\Phi =BS\mathit{cos}\left(\overrightarrow{n};\overrightarrow{B}\right)=BS\mathit{sin}\alpha$.

Đáp án đúng B

Phát biểu A sai. Cơ thể không phát ra tia X, mà chỉ hấp thụ và làm suy giảm tia X.

Phát biểu B đúng. Phản ánh đúng bản chất: phụ thuộc vào µ (loại mô) và x (bề dày).

Phát biểu C sai. Nhiệt độ không ảnh hưởng đến sự tạo ảnh CT.

Phát biểu D sai. Cơ thể không phát ra tia X và nhiệt độ không ảnh hưởng đến sự tạo ảnh CT.

Đáp án đúng C

Số hạt nhân X đã phân rã trong khoảng thời gian t (s) kể từ thời điểm ban đầu là $N_0.\left(1-2^{-\frac{t}{T}}\right)$.

Đáp án đúng C

Khối lượng hạt nhân Y tạo thành trong khoảng thời gian t (s) kể từ thời điểm ban đầu là

$m_Y=\frac{∆N_X}{N_A}.A_Y=N_0.\left(1-2^{-\frac{t}{T}}\right).\frac{A_Y}{N_A}=m_0\left(1-2^{-\frac{t}{T}}\right)\frac{A_Y}{A_x}$ (g).

Đáp án đúng B

Khi đưa quả bóng bay ra ngoài trời nắng, nhiệt độ của khí trong bóng tăng lên. Các phân tử khí chuyển động nhanh hơn, va chạm mạnh hơn với thành bóng, làm áp suất bên trong tăng lên làm bóng nổ.

Đáp án đúng C

Khi thanh nam châm đang rơi vào lòng ống dây thì dòng điện cảm ứng xuất hiện trong ống dây chiều ngược chiều quay của kim đồng hồ (nhìn từ trên xuống). Khi đó, dòng điện chạy qua mạch ngoài có chiều từ B đến A nên đèn led ${\mathrm{Đ}}_2$ sáng, đèn led ${\mathrm{Đ}}_1$ tắt.

Khi thanh nam châm đang rơi ra khỏi lòng ống dây thì d òng điện cảm ứng xuất hiện trong ống dây chiều cùng chiều quay của kim đồng hồ (nhìn từ trên xuống). Khi đó, dòng điện chạy qua mạch ngoài có chiều từ A đến B nên đèn led ${\mathrm{Đ}}_1$ sáng, đèn led ${\mathrm{Đ}}_2$ tắt.

a) ĐÚNG

Khi nhiệt độ chất lỏng tăng, chất lỏng nở ra làm thể tích tăng và làm mực chất lỏng trong ống dâng lên.

b) ĐÚNG

Biểu thức liên hệ giữa h và t có dạng: $h=at+b$

Theo đề bài, ta có: $\{\begin{array}{c}2=a.0+b\\ 12=a.100+b\end{array}$ ⇒ $\{\begin{array}{c}b=2\\ a=\mathrm{0,1}\end{array}$

Vậy, $h=\mathrm{0,1}t+2$.

c) SAI

Ta có: $h=\mathrm{0,1}t+2$.

Khi h = 9 cm thì t = 70 °C.

d) SAI

Nhiệt kế này không có chỗ thắt nên khi nhiệt độ giảm, chất lỏng tự co lại và tuột xuống, luôn chỉ đúng giá trị nhiệt độ môi trường. Việc “vẩy”nhiệt kế để đưa cột chất lỏng về vạch thấp hơn (ngang vạch 0 cm ứng với nhiệt độ −20 °C) là không cần thiết và trong nhiều trường hợp không thực hiện được nếu nhiệt độ môi trường không thể đạt nhiệt độ đó. Ngoài ra, khi đo nhiệt độ, không cần nhiệt kế hạ xuống nhiệt độ thấp hơn trước, vì nhiệt kế luôn tự điều chỉnh theo nhiệt độ môi trường.

a) ĐÚNG

Áp suất không khí trong chuông khi ở đáy hồ bằng tổng áp suất khí quyển và áp suất cột nước (tính từ mặt thoáng chất lỏng đến mực nước trong chuông lặn)

b) ĐÚNG

Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng, ta có:

$\frac{p_1{V}_1}{T_1}=\frac{p_2{V}_2}{T_2}$ ⇒ $p_2=\frac{p_1{V}_1{T}_2}{V_2{T}_1}=\frac{{10}^5.120.288}{60.300}=\mathrm{1,92}.{10}^5$ Pa.

Vậy, áp suất không khí trong chuông khi ở đáy hồ bằng 1,92.10⁵ Pa.

c) SAI

Áp suất của khối khí trong chuông khi ở đáy hồ là:

$p_2=p_0+\rho gh$ (h là độ sâu tính từ mặt thoáng đến mực nước trong chuông)

⇔ $h=\frac{p_2-p_0}{\rho g}=\frac{\mathrm{1,92}.{10}^5-{10}^5}{1000.10}=\mathrm{9,2}$ m.

Độ sâu của nước trong hồ bằng tổng độ sâu tính từ mặt thoáng đến mực nước trong chuông và độ sâu từ mực nước trong chuông đến đáy hồ.

Vậy độ sâu của nước trong hồ lớn hơn 9,2 m.

d) ĐÚNG

Khi chuông ở đáy hồ, nếu mở van ống dẫn khí để không khí trong chuông thoát ra ngoài thì áp suất không khí bên trong chuông sẽ giảm nên mực nước trong chuông sẽ dâng lên.

a) SAI

Tàu có thể chuyển động mà không tiếp xúc với đường ray nhờ lực từ giữa các nam châm điện.

b) SAI

Khi dòng điện qua các nam châm điện bị ngắt, lực từ nâng tàu mất đi, tàu sẽ bị hạ xuống và tiếp xúc với đường ray. Khi đó xuất hiện lực ma sát, làm tàu chuyển động chậm dần.

c) ĐÚNG

Xét bộ ba nam châm liên tiếp nhau từ trái sang phải. Nam châm thứ nhất và thứ hai hút nhau, nam châm thứ hai và thứ ba đẩy nhau. Kết quả làm tàu bị đẩy về phía trước (chuyển động sang trái). Đều tương tự cũng xảy ra cho các bộ ba nam châm liên tiếp nhau còn lại. Do đó, lực từ lúc này đóng vai trò là lực đẩy.

d) ĐÚNG

Khi tàu đi vào ga và cần giảm tốc, phải tạo lực từ ngược chiều chuyển động. Khi đó, ta cần đảo chiều dòng điện trong một số cuộn dây để đổi chiều lực từ.

a) ĐÚNG

Số nguyên tử  ${}_{92}{}^{235}U$ chứa trong 940 g ${}_{92}{}^{235}U$ là: $N=n.N_A=\frac{m}{M}.N_A=\frac{940}{235}.\mathrm{6,02}.{10}^{23}=\mathrm{2,408}.{10}^{24}$.

b) SAI

Năng lượng nhiệt tỏa ra trong một ngày của mỗi lò bằng $\mathcal{P}.t=175.{10}^6.24.3600=\mathrm{1,512}.{10}^{13}$ J.

Số phản ứng phân hạch ${}_{92}{}^{235}U$ xảy ra để cung cấp đủ năng lượng nhiệt $\mathrm{1,512}.{10}^{13}$ J bằng số nguyên tử ${}_{92}{}^{235}U$ đã phân hạch và bằng: $\frac{\mathrm{1,512}.{10}^{13}}{\mathrm{203.1,6}.{10}^{-13}}=\frac{27}{58}.{10}^{24}$

Khối lượng ${}_{92}{}^{235}U$ đã dùng trong một ngày ở mỗi lò là:

$m=n.M=\frac{N}{N_A}.M=\frac{\frac{27}{58}.{10}^{24}}{\mathrm{6,02}.{10}^{23}}.235\approx 182\mathrm{}g$ = 0,182 kg.

c) SAI

Gọi m (kg) là khối lượng than đá đốt cháy hoàn toàn để cung cấp năng lượng nhiệt bằng với năng lượng nhiệt do 1 kg ${}_{92}{}^{235}U$ phân hạch hoàn toàn tỏa ra.

Ta có: $m.27.{10}^6=N.\mathrm{203.1,6}.{10}^{-13}=\frac{1000}{235}.\mathrm{6,02}.{10}^{23}.\mathrm{203.1,6}.{10}^{-13}$

⇔ $m\approx 3\mathrm{}081\mathrm{}633\mathrm{}kg\approx 3\mathrm{}082$ tấn.

d) SAI

Năng lượng hạt nhân được ưu tiên phát triển vì có nhiều ưu điểm như ít gây ô nhiễm môi trường, năng lượng tạo ra lớn,… Tuy nhiên, hiệu suất chuyển hóa năng lượng nhỏ hơn 100%.

Đáp án: 1,8

Do bỏ qua sự truyền nhiệt ra môi trường và ấm nên nhiệt lượng mà ấm cung cấp bằng nhiệt lượng nước và nước đá thu vào.

Xét đoạn OA, lượng nước đá trong hỗn hợp nhận nhiệt lượng để nóng chảy và chuyển hoàn toàn sang thể lỏng. Ta có:

${\mathrm{Q}}_{\mathrm{O}\mathrm{A}}=\mathrm{\lambda }.{\mathrm{m}}_{\mathrm{đ}}$ ⇔ ${\mathrm{m}}_{\mathrm{đ}}=\frac{{\mathrm{Q}}_{\mathrm{O}\mathrm{A}}}{\mathrm{\lambda }}=\frac{\mathrm{66,8}.{10}^3}{\mathrm{3,34}.{10}^5}=\mathrm{0,2}$ kg.

Khối lượng nước có trong hỗn hợp ban đầu là: $2-\mathrm{0,2}=\mathrm{1,8}$ kg.

Đáp án: 22,8

Khối lượng nước đã hóa hơi: $\mathrm{m}=2-\mathrm{1,8}=\mathrm{0,2}$ kg.

Nhiệt lượng cần cung cấp để hỗn hợp nước và nước đá còn lại 1,8 kg là

$\mathrm{Q}={\mathrm{Q}}_{\mathrm{O}\mathrm{A}}+{\mathrm{m}}_{\mathrm{h}\mathrm{h}}.{\mathrm{c}}_{\mathrm{n}}.∆\mathrm{T}+\mathrm{L}.\mathrm{m}=\mathrm{66,8}.{10}^3+\mathrm{2.4200.100}+\mathrm{2,3}.{10}^6.\mathrm{0,2}=1366800$ J.

Do khoảng thời gian từ thời điểm bắt đầu đun đến khi nhiệt độ của hỗn hợp bắt đầu tăng lên là 67 giây nên ta có:

${\mathrm{Q}}_{\mathrm{O}\mathrm{A}}=\mathcal{P}.{\mathrm{t}}_{\mathrm{O}\mathrm{A}}$ ⇔ $\mathcal{P}=\frac{{\mathrm{Q}}_{\mathrm{O}\mathrm{A}}}{{\mathrm{t}}_{\mathrm{O}\mathrm{A}}}=\frac{\mathrm{66,8}.{10}^3}{67}$ W.

Khoảng thời gian (kể từ thời điểm bắt đầu đun) để khối lượng hỗn hợp còn lại 1,8 kg là

$\mathrm{Q}=\mathcal{P}.\mathrm{\tau }$ ⇔ $\mathrm{\tau }=\frac{\mathrm{Q}}{\mathcal{P}}=\frac{1366800}{\frac{\mathrm{66,8}.{10}^3}{67}}\approx \mathrm{22,8}$ phút.

Đáp án: 12,3

Tại thời điểm ${\mathrm{t}}_1={\mathrm{t}}_0$; ta có: $\frac{{\mathrm{N}}_{{\mathrm{t}}_1}}{∆\mathrm{N}}=\frac{{\mathrm{N}}_0.2^{-\frac{{\mathrm{t}}_0}{\mathrm{T}}}}{{\mathrm{N}}_0\left(1-2^{-\frac{{\mathrm{t}}_0}{\mathrm{T}}}\right)}=\frac{1}{3}$.

Suy ra: $2^{\frac{{\mathrm{t}}_0}{\mathrm{T}}}=4$ ⇔ $\frac{{\mathrm{t}}_0}{\mathrm{T}}=2$ (1)

Tại thời điểm ${\mathrm{t}}_2={\mathrm{t}}_0+\mathrm{24,6}$; ta có: $\frac{{\mathrm{N}}_{{\mathrm{t}}_2}}{∆\mathrm{N}\mathrm{\text{'}}}=\frac{{\mathrm{N}}_0.2^{-\frac{{\mathrm{t}}_0+\mathrm{24,6}}{\mathrm{T}}}}{{\mathrm{N}}_0\left(1-2^{-\frac{{\mathrm{t}}_0+\mathrm{24,6}}{\mathrm{T}}}\right)}=\frac{1}{15}$

Suy ra: $2^{\frac{{\mathrm{t}}_0+\mathrm{24,6}}{\mathrm{T}}}=16$ ⇔ $\frac{{\mathrm{t}}_0+\mathrm{24,6}}{\mathrm{T}}=4$ (2)

Từ (1) và (2) suy ra: $\mathrm{T}=\mathrm{12,3}$ năm.

Đáp án: 8,2

Thể tích của bình chứa khối khí trên bằng

${\mathrm{p}}_1\mathrm{V}={\mathrm{n}}_1\mathrm{R}{\mathrm{T}}_1$ ⇔ $\mathrm{V}=\frac{{\mathrm{n}}_1\mathrm{R}{\mathrm{T}}_1}{{\mathrm{p}}_1}=\frac{\mathrm{1.8,31}.\left(27+273\right)}{3.101325}\approx \mathrm{8,2}$ lít.

Đáp án: 0,75

Ta có: ${\mathrm{p}}_1\mathrm{V}={\mathrm{n}}_1\mathrm{R}{\mathrm{T}}_1$ và ${\mathrm{p}}_2\mathrm{V}={\mathrm{n}}_2\mathrm{R}{\mathrm{T}}_2$

Suy ra: $\frac{{\mathrm{p}}_1}{{\mathrm{p}}_2}=\frac{{\mathrm{n}}_1{\mathrm{T}}_1}{{\mathrm{n}}_2{\mathrm{T}}_2}$ ⇔ $\frac{{\mathrm{n}}_1}{{\mathrm{n}}_2}=\frac{{\mathrm{p}}_1.{\mathrm{T}}_2}{{\mathrm{p}}_2.{\mathrm{T}}_1}$ ⇔ $\frac{1}{{\mathrm{n}}_2}=\frac{3.\left(127+273\right)}{1.\left(27+273\right)}$ ⇒ ${\mathrm{n}}_2=\mathrm{0,25}$ mol.

Lượng khí hydrogen đã thoát ra khỏi bình bằng:

$∆\mathrm{n}={\mathrm{n}}_1-{\mathrm{n}}_2=1-\mathrm{0,25}=\mathrm{0,75}$ mol.

Đáp án: 16

Chiều dài dây dẫn quấn khung dây là:

$\mathcal{l}=\mathrm{a}.4.1000=\sqrt{\mathrm{S}}.4000=\sqrt{25.{10}^{-4}}.4000=200$ m.

Điện trở tổng cộng của khung dây dẫn bằng $\mathrm{R}=200.5.{10}^{-3}=1$ Ω.

Trong khoảng thời gian 0,25 s kể từ thời điểm t = 0,5 s, độ lớn cảm ứng từ giảm từ 3,6 mT xuống còn 0,4 mT. Độ lớn suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây dẫn khi đó bằng:

V.

Cường độ dòng điện chạy qua khung dây dẫn khi đó có độ lớn bằng:

$\left|\mathrm{i}\right|=\frac{\left|{\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}\right|}{\mathrm{R}}=\frac{\mathrm{0,016}}{1}=\mathrm{0,016}$ A = 16 mA.