Đề chính thức Tốt nghiệp THPT Vật Lí năm 2026 - Lần 2

Chọn A

Các phân tử khí chuyển động hỗn loạn theo mọi hướng. Trong một lượng khí đứng yên, không có hướng chuyển động ưu tiên nên vectơ vận tốc trung bình của toàn bộ các phân tử bằng 0.

Va chạm giữa phân tử với thành bình lí tưởng là va chạm đàn hồi nên tốc độ không tự tăng hay giảm sau mỗi va chạm.

Đáp án: A.

Chọn A

Hai quá trình có cùng độ tăng nhiệt độ \(\Delta T\).

Với cùng một lượng khí lí tưởng: \(\Delta U = n{C_V}\Delta T\).

Vì \(\Delta T\) giống nhau nên độ tăng nội năng trong hai quá trình bằng nhau.

Quá trình (2): đẳng tích

Khí không sinh công nên \({Q_2} = \Delta U\).

Quá trình (1): đẳng áp

Khí nóng lên và nở ra nên còn phải thực hiện công. Vì vậy \({Q_1} = \Delta U + {A_{{\rm{kh\'i thuc hien}}}}\).

Suy ra \({Q_1} > {Q_2}\). Hay \({Q_2} < {Q_1}\).

Đáp án: A.

Chọn D

Hai hạt nhân có cùng số nucleon \(A\).

Năng lượng liên kết riêng: \(\varepsilon = \frac{{{E_{{\rm{lk}}}}}}{A}\).

Vì cùng \(A\) nhưng \({E_{{\rm{lk,M}}}} > {E_{{\rm{lk,N}}}}\) nên \({\varepsilon _M} > {\varepsilon _N}\).

Hạt nhân có năng lượng liên kết riêng lớn hơn thì bền vững hơn.

Đáp án: D.

Chọn C

Hai vật nhận nhiệt lượng bằng nhau và có độ tăng nhiệt độ bằng nhau.

Công thức \(Q = mc\Delta T\).

Do \({Q_M} = {Q_N}\) và \(\Delta {T_M} = \Delta {T_N}\) nên \({m_M}{c_M} = {m_N}{c_N}\). Mà \({m_M} > {m_N}\) nên \({c_M} < {c_N}\).

Đáp án: C.

Chọn C

Giá trị hiệu dụng của dòng điện xoay chiều được xác định dựa trên tác dụng nhiệt.

Dòng xoay chiều có cường độ hiệu dụng \(I\) gây tác dụng nhiệt tương đương dòng điện một chiều có cường độ \(I\) chạy qua cùng điện trở trong cùng thời gian.

Với dòng điện hình sin: \(I = \frac{{{I_0}}}{{\sqrt 2 }}\).

Đáp án: C.

Chọn B

Khi đưa nam châm ra xa vòng dây, từ thông do nam châm qua vòng dây giảm.

Theo định luật Lenz, dòng điện cảm ứng tạo ra từ trường có tác dụng chống lại sự giảm từ thông, tức là có xu hướng giữ nam châm lại.

Vì vậy vòng dây hút nam châm.

Đáp án: B.

Chọn C

Lực từ luôn vuông góc với vận tốc nên không sinh công: \(A = 0\).

Vì vậy độ lớn vận tốc không đổi, nhưng hướng của vectơ vận tốc liên tục thay đổi.

Do đó lực từ làm thay đổi vận tốc của hạt.

Động lượng \(\vec p = m\vec v\) cũng thay đổi hướng nên không thể nói động lượng không đổi.

Đáp án: C.

Chọn B

Hằng số phóng xạ \(\lambda = \frac{{\ln 2}}{T}\)

là đặc trưng riêng của đồng vị phóng xạ.

Nó gần như không phụ thuộc vào: nhiệt độ;

áp suất;

trạng thái hóa học;

môi trường bên ngoài.

Vì vậy khi đưa đồng vị vào cơ thể thì hằng số phóng xạ vẫn không đổi.

Đáp án: B.

Chọn B

Phương trình trạng thái: \(pV = nRT\).

Với lượng khí xác định \(T = \frac{{pV}}{{nR}}\).

Nếu áp suất giảm và thể tích cũng giảm thì tích \(pV\) giảm, do đó nhiệt độ giảm.

Vì vậy B đúng.

Kiểm tra các phương án khác: A: \(V\) không đổi, \(T\) tăng thì \(p\) phải tăng → sai.

C: \(T\) không đổi, \(V\) giảm thì \(p\) phải tăng → sai.

D: \(p\) không đổi, \(T\) tăng thì \(V\) phải tăng → sai.

Đáp án: B.

Thanh kim loại trên mặt phẳng nghiêng

Thanh nằm ngang, từ trường \(\vec B\) thẳng đứng.

Lực từ có độ lớn: \(F = BIl\)

vì dây dẫn vuông góc với \(\vec B\).

Lực từ nằm theo phương ngang.

Chiếu các lực lên phương song song với mặt phẳng nghiêng.

Thành phần lực từ dọc theo mặt phẳng nghiêng: \({F_\parallel } = F\cos \theta = BIl\cos \theta \).

Thành phần trọng lực kéo thanh xuống dốc: \({P_\parallel } = mg\sin \theta \).

Khi thanh cân bằng: \(BIl\cos \theta = mg\sin \theta \).

Suy ra \(BIl = mg\tan \theta \).

a) Nếu tăng cường độ dòng điện, thanh sẽ trượt xuống.

Ban đầu lực từ cân bằng với thành phần trọng lực. Nếu \(I\) tăng thì lực từ tăng, thanh có xu hướng đi lên dốc, không phải xuống.

Sai.

b) Lực từ tác dụng lên thanh kim loại có phương nằm ngang.

Theo quy tắc bàn tay trái, lực từ vuông góc với thanh và \(\vec B\). Thanh nằm ngang và \(\vec B\) thẳng đứng nên lực từ nằm ngang.

Đúng.

c) \(F = BIl\sin \theta \).

Góc giữa dây và \(\vec B\) là \({90^\circ }\), không phải \(\theta \).

\(F = BIl\sin {90^\circ } = BIl\).

Sai.

d) \(BIl = mg\tan \theta \).

Đúng như đã chứng minh trên.

Đúng.

Đáp án: S – Đ – S – Đ.

Hai khối khí và pit-tông

Làm nóng khí ở ngăn 1 làm pit-tông chuyển về phía ngăn 2.

Như vậy: khí 1 nở ra;

khí 2 bị nén.

a) Nhiệt lượng khí 1 nhận nhỏ hơn độ tăng nội năng.

Khí 1 vừa tăng nội năng, vừa thực hiện công đẩy pit-tông: \({Q_1} = \Delta {U_1} + {A_{{\rm{khí thực hiện}}}}\).

Do đó \({Q_1} > \Delta {U_1}\).

Phát biểu sai.

Sai.

b) Khối khí ở ngăn 2 nhận công.

Khí 2 bị pit-tông nén nên nhận công.

Đúng.

c) Khí 1 bị nén, khí 2 dãn.

Thực tế ngược lại: khí 1 dãn;

khí 2 bị nén.

Sai.

d) Nhiệt độ khí 2 tăng.

Xilanh cách nhiệt và khí 2 bị nén nên công truyền cho khí làm nội năng khí tăng.

Nội năng khí lí tưởng tăng thì nhiệt độ tăng.

Đúng.

Đáp án: S – Đ – S – Đ.

Trộn hai lượng nước

Gọi: nước lạnh: \({m_1},{T_1}\);

nước nóng: \({m_2},{T_2}\);

nhiệt độ cân bằng: \(T\).

a) Độ giảm nội năng của nước nóng bằng độ tăng nội năng của nước lạnh.

Trong thí nghiệm thực tế, nhiệt lượng kế cũng có thể hấp thụ một phần nhiệt lượng.

Vì vậy không nhất thiết toàn bộ năng lượng nước nóng mất đi đều truyền cho nước lạnh.

Sai.

b) Nếu bỏ qua hao phí nhiệt thì \({m_2}c({T_2} - T) = {m_1}c(T - {T_1})\).

Nhiệt lượng nước nóng tỏa ra: \({Q_{{\rm{t?a}}}} = {m_2}c({T_2} - T)\).

Nhiệt lượng nước lạnh thu vào: \({Q_{{\rm{thu}}}} = {m_1}c(T - {T_1})\).

Nếu bỏ qua hao phí: \({Q_{{\rm{t?a}}}} = {Q_{{\rm{thu}}}}\).

Do đó phương trình đã cho đúng.

Đúng.

Ta còn có thể biến đổi: \({m_2}{T_2} - {m_2}T = {m_1}T - {m_1}{T_1}\), suy ra \(T = \frac{{{m_1}{T_1} + {m_2}{T_2}}}{{{m_1} + {m_2}}}\).

Công thức này cho thấy \(T\) phụ thuộc vào \({m_1}\) và \({m_2}\).

c) Nhiệt độ cân bằng đo được lớn hơn \(T\) tính theo công thức.

Trong thực tế nhiệt lượng kế và môi trường thường lấy bớt một phần nhiệt của nước nóng nên nhiệt độ thực tế thường thấp hơn giá trị lí tưởng tính bằng công thức trên.

Do đó phát biểu "lớn hơn" là sai.

Sai.

d) Giả thuyết nhiệt độ cân bằng không phụ thuộc khối lượng là sai.

Từ \(T = \frac{{{m_1}{T_1} + {m_2}{T_2}}}{{{m_1} + {m_2}}}\), ta thấy thay đổi \({m_1},{m_2}\) thì \(T\) thay đổi.

Đúng.

Đáp án: S – Đ – S – Đ.

Phản ứng tổng hợp hạt nhân trong ngôi sao

a) Năng lượng tỏa ra tương ứng với phần khối lượng giảm.

Theo hệ thức Einstein: \(E = \Delta m{c^2}\).

Khối lượng nghỉ bị hụt chuyển thành năng lượng.

Đúng.

b) Phản ứng tổng hợp helium đã được sử dụng trong lò phản ứng nhà máy điện hạt nhân.

Các nhà máy điện hạt nhân hiện nay sử dụng phân hạch hạt nhân, chẳng hạn uranium, chứ không sử dụng phản ứng nhiệt hạch để phát điện thương mại.

Sai.

c) Phản ứng tổng hợp hạt nhân chỉ xảy ra ở nhiệt độ rất cao.

Các hạt nhân đều mang điện dương nên đẩy nhau bằng lực Coulomb. Cần nhiệt độ rất cao để chúng có động năng đủ lớn đến gần nhau và xảy ra phản ứng tổng hợp.

Đúng.

d) Phản ứng tổng hợp hạt nhân là nguồn năng lượng của ngôi sao.

Trong các ngôi sao, các hạt nhân nhẹ tổng hợp thành hạt nhân nặng hơn và giải phóng năng lượng rất lớn.

Đúng.

Đáp án: Đ – S – Đ – Đ.

Tính cảm ứng từ của từ trường Trái Đất

Ta có: số vòng dây: \(N = 102\);

diện tích mỗi vòng: \(S = 409,{\rm{c}}{{\rm{m}}^2}\);

tốc độ góc: \(\omega = 14,26,{\rm{rad/s}}\);

suất điện động hiệu dụng: \(E = 1,21,{\rm{mV}}\);

góc của từ trường so với phương ngang: \(\alpha = 35,{0^\circ }\).

Đổi đơn vị: \(S = 409 \times {10^{ - 4}} = 0,0409,{{\rm{m}}^2}\),

\(E = 1,21 \times {10^{ - 3}},{\rm{V}}\).

Do khung quay quanh trục thẳng đứng nên chỉ thành phần nằm ngang của từ trường Trái Đất gây biến thiên từ thông.

Gọi thành phần nằm ngang là \({B_h}\).

Ta có \({B_h} = B\cos {35^\circ }\).

Suất điện động cảm ứng cực đại: \({E_0} = N{B_h}S\omega \). Mà \(E = \frac{{{E_0}}}{{\sqrt 2 }}\). Suy ra \({E_0} = \sqrt 2 E\).

Do đó \({B_h} = \frac{{\sqrt 2 E}}{{NS\omega }}\). Thay số: \({B_h} = \frac{{\sqrt 2 \cdot 1,21 \times {{10}^{ - 3}}}}{{102 \cdot 0,0409 \cdot 14,26}}\).

Tính được \({B_h} \approx 2,876 \times {10^{ - 5}},{\rm{T}}\). Hay \({B_h} \approx 28,76,\mu {\rm{T}}\). Mà \(B = \frac{{{B_h}}}{{\cos {{35}^\circ }}}\).

Suy ra \(B \approx \frac{{28,76}}{{\cos {{35}^\circ }}} \approx 35,115,\mu {\rm{T}}\).

Làm tròn đến hàng phần mười: \(B = 35,1,\mu {\rm{T}}\).

Đáp án: 35,1

Từ thông cực đại

Từ thông qua khung dây: \(\Phi = N{B_h}S\cos (\omega t)\).

Do đó từ thông cực đại: \({\Phi _{\max }} = N{B_h}S\).

Ở câu trên: \({E_0} = \omega {\Phi _{\max }}\). Suy ra \({\Phi _{\max }} = \frac{{{E_0}}}{\omega } = \frac{{\sqrt 2 E}}{\omega }\). Thay số: \({\Phi _{\max }} = \frac{{\sqrt 2 \cdot 1,21 \times {{10}^{ - 3}}}}{{14,26}}\).

Ta được \({\Phi _{\max }} \approx 1,20 \times {10^{ - 4}},{\rm{Wb}}\).

Đổi sang mWb: \({\Phi _{\max }} = 0,120{\rm{mWb}}\).

Làm tròn đến hàng phần trăm: \({\Phi _{\max }} = 0,12{\rm{mWb}}\).

Đáp án: 0,12

Tìm \(x\)

Ban đầu: \({T_1} = 303{\rm{K}}\), \({l_1} = 45,0,{\rm{cm}}\).

Sau khi truyền nhiệt: \({l_2} = 55,0,{\rm{cm}}\).

Do xilanh có tiết diện không đổi nên \(\frac{{{V_2}}}{{{V_1}}} = \frac{{{l_2}}}{{{l_1}}} = \frac{{55}}{{45}}\).

Pit-tông cân bằng với áp suất khí quyển trong cả quá trình nên đây là quá trình đẳng áp.

Theo định luật Charles: \(\frac{{{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{V_2}}}{{{T_2}}}\).

Suy ra \({T_2} = {T_1}\frac{{{V_2}}}{{{V_1}}}\).

Thay số: \({T_2} = 303 \cdot \frac{{55}}{{45}}\).

Tính được \({T_2} \approx 370,33,{\rm{K}}\).

Đề cho \({T_2} = x \cdot {10^3},{\rm{K}}\).

Do đó \(x = \frac{{370,33}}{{1000}} = 0,37033\).

Làm tròn hàng phần trăm: \(x = 0,37\).

Đáp án: 0,37

Tìm \(y\)

Sau khi truyền nhiệt, ta có trạng thái 2: \({p_2} = {p_0} = 1,00 \times {10^5}{\rm{Pa}}\); \({V_2} \sim 55{\rm{cm}}\); nhiệt độ là \({T_2}\).

Sau đó đưa pit-tông trở lại vị trí ban đầu: \({V_3} \sim 45{\rm{cm}}\), và đề cho nhiệt độ vẫn bằng \({T_2}\).

Như vậy quá trình từ trạng thái 2 đến trạng thái 3 là đẳng nhiệt.

Áp dụng định luật Boyle: \({p_2}{V_2} = {p_3}{V_3}\).

Suy ra \({p_3} = {p_2}\frac{{{V_2}}}{{{V_3}}}\).

Do tiết diện xilanh không đổi: \(\frac{{{V_2}}}{{{V_3}}} = \frac{{55}}{{45}}\).

Vậy \({p_3} = 1,00 \times {10^5} \cdot \frac{{55}}{{45}}\).

Tính được \({p_3} \approx 1,2222 \times {10^5}{\rm{Pa}}\).

Đề cho \({p_3} = y \cdot {10^5}{\rm{Pa}}\), nên \(y \approx 1,2222\). Làm tròn: \(y = 1,22\).

Đáp án: 1,22

Phần trăm cobalt 56 đã giảm

Chu kì bán rã: \(T = 77,1\) ngày.

Thời gian: \(t = 365\) ngày.

Định luật phóng xạ: \(N = {N_0},{2^{ - t/T}}\).

Do đó tỉ số lượng cobalt còn lại: \(\frac{N}{{{N_0}}} = {2^{ - 365/77,1}}\).

Tính được \(\frac{N}{{{N_0}}} \approx 0,037574\).

Nghĩa là còn khoảng \(3,7574\% \).

Phần đã giảm: \(\Delta N\% = 100\% - 3,7574\% \).

Suy ra \(\Delta N\% \approx 96,2426\% \).

Làm tròn đến hàng phần mười: \(96,2\% \).

Đáp án: 96,2

Xác định thời gian dựa vào carbon 14

Độ phóng xạ: \(H = \lambda N\).

Do \(\lambda \) không đổi nên \(\frac{H}{{{H_0}}} = \frac{N}{{{N_0}}}\).

Theo định luật phóng xạ: \(\frac{H}{{{H_0}}} = {2^{ - t/T}}\).

Đề cho: \(\frac{H}{{{H_0}}} = 0,8893\),

\(T = 5730\) năm.

Do đó \(0,8893 = {2^{ - t/5730}}\).

Lấy logarit: \(\ln 0,8893 = - \frac{t}{{5730}}\ln 2\).

Suy ra \(t = - \frac{{5730\ln 0,8893}}{{\ln 2}}\).

Tính được \(t \approx 969,85\) năm.

Đề cho \(t = z \cdot {10^3}\) năm.

Suy ra \(z = \frac{{969,85}}{{1000}} = 0,96985\).

Làm tròn hàng phần trăm: \(z = 0,97\).

Đáp án: 0,97