Bộ 20 đề thi học kì 1 Hóa 12 có đáp án_ đề 11

Đáp án A

C₂H₄O₂ đơn chức mạch hở có thể là các chất: CH₃COOH; HCOOCH₃

+ CH₃COOH tác dụng được với Na, NaOH, NaHCO₃

PTHH: 2CH₃COOH + 2Na → 2CH₃COONa + H₂

       CH₃COOH + NaOH → CH₃COONa + H₂O

       CH₃COOH + NaHCO₃ → CH₃COONa + CO₂ + H₂O

+ HCOOCH₃ tác dụng được với NaOH:

PTHH: HCOOCH₃ + NaOH HCOONa + CH₃OH

=> Vậy có 4 phản ứng

Đáp án C

Trong 4 chất:

Axit acrylic (CH₂=CHCOOH) có phản ứng với KHCO₃   => Loại

Anilin (C₆H₅NH₂) không phản ứng với KOH           => Loại

Vinyl axetat (CH₃COOCH=CH₂)                     => Thỏa mãn

Etyl axetat (CH₃COOC₂H₅) không phản ứng với Br₂     => Loại

Đáp án A

Đipeptit được tạo bởi 2 gốc a-amino axit (NH₂ gắn vào C số 2) => Phương án A thỏa mãn

Đáp án D

Phương pháp giải:

Cách gọi tên amin theo danh pháp gốc - chức:

Tên gốc - chức amin = ank + yl + amin (chú ý gọi tên các gốc hiđrocacbon theo thứ tự bảng chữ cái)

Giải chi tiết:

Amin CH₃-NH-C₂H₅ có tên gốc chức là etylmetylamin.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Tên gọi của este RCOOR' = Tên gốc R' + tên gốc axit (đuôi "at")

Giải chi tiết:

Etyl fomat là HCOOC₂H₅ có M = 74

Đáp án D

Có 6 este chứa vòng benzen có CTPT C₈H₈O₂ là:

C₆H₅COOCH₃; CH₃COOC₆H₅; HCOOCH₂C₆H₅; o,m,p-HCOOC₆H₄CH₃

Đáp án C

A. Este iso-amyl axetat có mùi dứa chín

=> Sai. Este iso-amyl axetat có mùi chuối chín         

B. Ancol etylic không tạo liên kết hidro với nước

=> Sai. Ancol etylic tạo được liên kết hiđro với nước nhờ có nhóm -OH trong phân tử

C. Lipit là những hợp chất hữu cơ trong tế bào sống, không hòa tan trong nước nhưng hòa tan trong các dung môi hữu cơ không phân cực

=> Đúng

D. Vinyl axetat không làm mất màu dung dịch brom

=> Sai. Vinyl axetat (CH₃COOCH=CH₂) có phản ứng với dung dịch brom do có liên kết đôi C=C

Đáp án D

Phương pháp giải:

Khi thay nhóm OH ở nhóm cacboxyl của axit cacboxylic bằng nhóm OR thì được este.

Giải chi tiết:

- Khi thay nhóm OH ở nhóm cacboxyl của axit cacboxylic bằng nhóm OR thì được este. Vậy các este là:

(1) CH₃CH₂COOCH₃; (2) CH₃OOCCH₃; (3) HCOOC₂H₅; (5) CH₃CH(COOCH₃)₂; (7) CH₃OOCCOOC₂H₅.

- (4) CH₃COC₂H₅ thuộc loại xeton.

- (6) HOOCCH₂CH₂OH thuộc loại tạp chức axit, ancol.

Đáp án D

- Saccarozo được tạo nên từ gốc a-glucozo và b-fructozo

- Xenlulozo được tạo nên từ các gốc b-glucozo

- Amilozo, amilopectin được tạo nên từ các gốc a-glucozo

=> 2 chất được tạo nên từ các gốc a-glucozo

Đáp án C

Monosaccarit: glucozo, fructozo

Đisaccarit: saccarozo

Polisaccarit: tinh bột, xenlulozo

Đáp án A

X tạo trực tiếp từ ancol và axit => X không thể là este không no (dạng RCOOCH=CH-R₁, RCOOC≡C-R₁)

=> X không thể có CTCT là C₂H₅COOCH=CH₂

=> Axit không thể là C₂H₅COOH

Đáp án B

(1) Sai. Vì xenlulozo không tan trong nước, tinh bột chỉ tan trong nước nóng

(2) Sai. Ngoài xenlulozo thì saccarozo cũng không có phản ứng tráng gương

(3) Sai. Vì glucozo là monosaccarit nên không bị thủy phân

(4) Sai. Vì tinh bột và xenlulozo có dạng (C₆H₁₀O₅)_n => Khi đốt cháy tạo n_CO2 > n_H2O

(5) Sai. Vì glucozo, saccarozo là chất rắn không màu

Vậy có 5 phát biểu không đúng.

Đáp án C

Anilin (C₆H₅NH₂) tạo kết tủa trắng khi cho vào dung dịch nước brom:

PTHH: C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → H₂NC₆H₂Br₃ ↓ + 3HBr

Đáp án B

Phương pháp giải:

Các chất trong phân tử có chứa liên kết đôi C=C kém bền có khả năng tham gia phản ứng trùng hợp tạo polime.

Giải chi tiết:

Các chất trong phân tử có chứa liên kết đôi C=C kém bền có khả năng tham gia phản ứng trùng hợp tạo polime => CH₂=CHCOOH có khả năng tham gia phản ứng trùng hợp.

Đáp án A

Saccarozo (đisaccarit) và glucozo (monosaccarit) đều thuộc loại cacbohiđrat.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Bậc amin = Số gốc hiđrocacbon gắn với nguyên tử N.

Giải chi tiết:

Bậc amin = Số gốc hiđrocacbon gắn với nguyên tử N => CH₃-NH-CH₃ là amin bậc 2

Đáp án A

H₂N-CH₂-CONH-CH(CH₃)-CONH-CH(C₂H₄COOH)-CONH-CH₂-COOH có công thức thu gọn là:

Gly-Ala-Glu-Gly

=> Sản phẩm thủy phân không thể có Gly-Glu

Đáp án B

- Gọi CT chung của 2 axit là RCOOH (a mol)

Khi Axit + CaCO₃: n_CO2 = 0,05 mol

2RCOONa + CaCO₃ → (RCOO)₂Ca + CO₂ + H₂O

=> n_RCOONa = 2n_CO2 = 0,1 mol

- Gọi CT chung của ancol là R₁OH: b mol

Khi 7,8 gam ancol phản ứng với Na: n_H2 = 0,1 mol

R₁OH + Na → R₁ONa + 0,5H₂

=> n_R1OH = 2n_H2 = 0,2 mol

=> 3,9 gam ancol có 0,1 mol ancol

RCOOH   +     R₁OH   →   RCOOR₁ + H₂O

   0,1 mol         0,1 mol       →         0,1 mol

Nếu hiệu suất là 100%, bảo toàn khối lượng: m_{este (LT)} = m_{axit pứ} + m_{ancol pứ} - m_H2O = a + 3,9 - 0,1.18 = a + 2,1 (g)

Do H = h% nên khối lượng este thực tế thu được là: m = m_este(TT) = m_este(TT).h% = (a + 2,1)h%

Đáp án B

Ta có: n_X = 9,12 : 114 = 0,08 mol

- Khi X + NaOH thì: n_muối = n_{sp còn lại} = n_X = 0,08 mol

- Y + AgNO₃/NH₃: n_Ag = 34,56 : 108 = 0,32 mol = 2(n_muối + n_{sp còn lại})

=> cả 2 chất sản phẩm của phản ứng thủy phân đều có phản ứng tráng bạc

Vậy X là HCOOCH=CH-R

Các công thức cấu tạo có thể có là:

HCOOCH=CH-CH₂CH₂CH₃; HCOOCH=CH-CH(CH₃)₂

HCOOCH=C(CH₃)-CH₂CH₃

Đáp án A

Phương pháp giải:

Tính toán theo PTHH: 6CO₂ + 6H₂O + 673 kcal  C₆H₁₂O₆ + 6O₂

Giải chi tiết:

n_Glucozo = 18 : 180 = 0,1 mol

6CO₂ + 6H₂O + 673 kcal  C₆H₁₂O₆ + 6O₂

=> E = 0,1.673 = 67,3 kcal

S_lá = 1000.10 = 10⁴ cm²

=> E = S_lá.E_phút.t.10%

=> 67,3 = 10⁴.0,5.10^-3.10%.t

=> t = 134,6 phút = 8076 giây = 2 giờ 14 phút 36 giây

Đáp án C

Phương pháp giải:

Bài toán hiệu suất (tính theo chất phản ứng): n_TT = n_LT.(100/H)

Giải chi tiết:

- X + NaOH xuất hiện thêm kết tủa => X có HCO₃^-

Để lượng kết tủa thu được là lớn nhất thì cần tối thiểu 100 ml dung dịch NaOH. Vậy phản ứng sẽ là:

Ca(HCO₃)₂ + NaOH → CaCO₃ + NaHCO₃ + H₂O

0,1   ←       0,1 mol

BTNT "C": n_{CO2 bđ} = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2 = 50/100 + 2.0,1 = 0,7 mol

Để đơn giản ta coi tinh bột là C₆H₁₀O₅

C₆H₁₀O₅ + H₂O → C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

0,35        ←                              0,7 (mol)

=> m tinh bột (LT) = 0,35.162 = 56,7 gam

Do hiệu suất cả quá trình là 75% nên lượng tinh bột thực tế cần dùng lớn hơn lượng tinh bột lý thuyết:

m_{tinh bột cần dùng} = 56,7.(100/75) = 75,6 gam

Đáp án D

Phương pháp giải:

Qui 2 hỗn hợp thành 1 axit trung bình và 1 ancol trung bình

=> Tính toán theo 1 phương trình phản ứng este hóa

=> m_{este (TT)} = m_{este (LT)}.H%

Giải chi tiết:

Vì hỗn hợp axit có tỉ lệ mol 1 : 1

=>  => n_X = 11,13 : 53 = 0,21 mol

Vì hỗn hợp ancol có tỉ lệ mol 3: 2

=>  => n_Y = 7,52 : 37,6 = 0,20 mol

Vì n_ancol < n_axit (phản ứng tỉ lệ mol 1 : 1) => Hiệu suất phản ứng tính theo ancol

    RCOOH + R₁OH  RCOOR₁ + H₂O

LT:    0,2 ←   0,2    → 0,2      0,2 (mol)

BTKL: m_este(LT) = 0,2.( ) = 14,52 gam

Do hiệu suất các phản ứng là 80% nên lượng este thực tế thu được là:

m_{este (TT)} = m_{este (LT)}.H% = 14,52.(80/100) = 11,616 gam

Đáp án D

Phương pháp giải:

Bài toán hiệu suất (tính theo chất phản ứng): n_TT = n_LT . (100/H)

Giải chi tiết:

V_ancol = V_rượu.Đ_R = 5.20% = 1 lít = 1000 ml

=> m_ancol = 1000.0,8 = 800 gam => n_C2H5OH = 17,39 mol

C₆H₁₀O₅ + H₂O → 2C₂H₅OH + 2CO₂

=> n_CO2 = n_C2H5OH = 17,39 mol => V_CO2 = 17,39.22,4 = 389,6 lít = 0,39 m³

n_{tinh bột LT} = n_C2H5OH : 2 = 8,7 mol => n_TT = n_LT . (100/H) = 10,7 mol

=> m_ngô = 162.10,7.(100/65) = 2709 gam = 2,7 kg

Đáp án B

(1) Glucozo và saccarozo đều là chất rắn có vị ngọt, dễ tan trong nước

=> Đúng

(2) Tinh bột và xenlulozo đều là polisaccarit

=> Đúng

(3) Trong dung dịch, glucozo và saccarozo đều hòa tan Cu(OH)₂, tạo phức màu xanh lam

=> Đúng. Vì trong CTPT cả 2 chất đều có nhiều nhóm -OH gắn vào những nguyên tử C cạnh nhau

(4) Khi thủy phân hoàn toàn hỗn hợp gồm tinh bột và saccarozo trong môi trường axit chỉ thu được 1 loại monosaccarit duy nhất

=> Sai. Vì sacarozo thủy phân tạo ra glucozo và fructozo

(5) Có thể phân biệt glucozo và fructozo bằng phản ứng với dung dịch AgNO₃/NH₃

=> Sai. Vì fructozo trong môi trường kiềm chuyển thành Glucozo có thể phản ứng tráng bạc

(6) Glucozo và saccarozo đều tác dụng với H₂ (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sobitol

=> Sai. Chỉ có glucozo + H₂ tạo sobitol

Vậy có 3 ý đúng

Đáp án A

Phương pháp giải:

Amino axit no mạch hở có 1 nhóm COOH, 1 nhóm NH₂ thì có CT là: C_nH_2n+1O₂N

=> Tripeptit X là: (C_nH_2n+1O₂N)₃ - 2H₂O = C_3nH_6n-1O₄N₃

Từ sản phẩm cháy => n => CTPT của Y

Tính toán theo PTHH => m chất rắn

Giải chi tiết:

Amino axit no mạch hở có 1 nhóm COOH, 1 nhóm NH₂ thì có CT là: C_nH_2n+1O₂N

=> Tripeptit X là: (C_nH_2n+1O₂N)₃ - 2H₂O = C_3nH_6n-1O₄N₃

Đốt 0,1 mol X được sản phẩm là 0,3n mol CO₂; (0,3n - 0,05) mol H₂O; 0,15 mol N₂

Ta có: m_{sp cháy} = m_CO2 + m_H2O + m_N2 = 44.0,3n + 18.(0,3n - 0,05) + 0,15.28 = 40,5 gam

=> n = 2 => Amino axit là C₂H₅O₂N (Gly)

=> Y là (Gly)₆

(Gly)₆ + 6NaOH → 6Gly-Na + H₂O

0,15 → 0,9 mol

=> n_{NaOH pứ} = 0,9 mol => n_{NaOH dư} = 0,9.20% = 0,18 mol

Vậy chất rắn sau phản ứng gồm: 0,18 mol NaOH và 0,9 mol Gly-Na

=> m_rắn = 0,18.40 + 0,9.97 = 94,5 gam

Đáp án B

Phương pháp giải:

Bài toán hiệu suất (tính theo chất phản ứng): n_TT = n_LT . (100/H)

Giải chi tiết:

m_{dd NaOH} = 4000.1,05 = 4200 gam => n_NaOH = 4.0,5 = 2 mol

Sau khi cho CO₂ vào dung dịch NaOH thu được 2 muối là Na₂CO₃ (x mol) và NaHCO₃ (2 - 2x mol) (Bảo toàn nguyên tố Na)

=> n_CO2 = n_NaHCO3 + n_Na2CO3 = (2 - x) mol = m_{dd sau pứ} = 4200 + 44(2 - x) (g)

=> C%_NaHCO3 + C%_Na2CO3 = $\frac{84\left(2-2x\right)+106x}{4200+44\left(2-x\right)}$  = 3,211%

=> x = 0,5 mol => n_CO2 = 1,5 mol

Từ phản ứng: C₆H₁₂O₆ → 2CO₂ + 2C₂H₅OH

=> n_{Glucozo (LT)} = ½ n_CO2 = 0,75 mol

=> n_{Glucozo Thực tế} = n_LT . (100/70) = 1,0714 mol

=> m_{glucozo thực tế} = 1,0714.180 = 192,9 gam

Đáp án B

Phương pháp giải:

CTTQ của A là: C_nH_2n+2+t-2kO₆N₄ (k là số liên kết pi )

=> Biện luận số liên kết pi trong A => CTCT đơn giản hơn

Từ số mol CO₂ => n => Tính toán theo PTHH để tìm m

Giải chi tiết:

A là C_xH_yO₆N₄

CTTQ của A là: C_nH_2n+2+t-2kO₆N₄ (k là số liên kết pi)

Vì A là tripeptit => A phải có 2 -CO- và 1 COOH => 2O còn lại sẽ là 1 nhóm -COOH của 1 amino axit

=> k = 4 => C_nH_2n-2O₆N₄

Bảo toàn nguyên tố: n_C(A) = n_CO2 = 40,32 : 22,4 = 1,8 mol

=> Số C(A)= n = 1,8 : 0,15 = 12

=> CTPT là C₁₂H₂₂O₆N₄

Phản ứng cháy: C₁₂H₂₂O₆N₄ → 11H₂O

                0,15 mol → 0,65 mol

=> m_H2O = 0,65.18 = 29,7 gam (gần nhất với giá trị 29,68 gam)

Đáp án A

Ta có: n_{CH3OH pứ} = 0,72 mol

OHCCH₂CH₂CHO + O₂ → HOOCCH₂CH₂COOH

(1) HOOCCH₂CH₂COOH + CH₃OH → HOOCCH₂CH₂COOCH₃

            x                x                 x             (mol)

(2) HOOCCH₂CH₂COOH + 2CH₃OH → CH₃OOCCH₂CH₂COOCH₃

            y               2y                y              (mol)

72% ancol chuyển thành este => n_{ancol pứ} = x + 2y = 0,72 (*)

Theo đề bài: M_Z < M_Q nên Z là este ở phản ứng (1), Q là este ở phản ứng (2)

=> 132x : 146y = 1,81 (**)

Giải hệ (*) và (**) => x = 0,36; y = 0,18 mol

Đáp án C

Phương pháp giải:

Bài toán hiệu suất (tính theo chất sản phẩm): n_TT = n_LT.(H/100)

Giải chi tiết:

m_{dd HNO3} = 5000.1,4 = 7000 gam => n_HNO3 = 7000.0,68: 63 = 75,56 mol

PTHH: C₆H₇O₂(OH)₃ + 3HONO₂ → C₆H₇O₂(NO₃)₃ + 3H₂O

Theo PTHH: n_{thuốc súng LT} = 1/3 n_HNO3 = 25,18 mol

=> n_{Thực tế} = n_LT.90% = 22,67 mol

=> m_{Thuốc súng} = 22,67.297 = 6732 gam = 6,7 kg (gần nhất với giá trị 6,5 kg)

Đáp án A

A. Amino axit là hợp chất có tính lưỡng tính

=> Đúng               

B. Các hợp chất peptit đều kém bền trong môi trường bazo nhưng bền trong môi trường axit

=> Sai. Peptit đều kém bền trong cả 2 môi trường      

C. Trong một phân tử tetrapeptit mạch hở có 4 liên kết peptit

=> Sai. Tetrapeptit mạch hở có 3 liên kết peptit

D. Trong môi trường kiềm, đipeptit mạch hở tác dụng với Cu(OH)₂ cho hợp chất màu tím

=> Sai. Tripeptit trở lên mới có phản ứng màu biure

Đáp án D

X là một a-amino axit mạch hở, chứa 1 nhóm COOH và 1 nhóm NH₂

=> CTTQ của X là C_nH_2n+1NO₂

=> Đipeptit Y là (C_nH_2n+1NO₂)₂ - H₂O = C_2nH_4nN₂O₃

   Tripeptit Z là (C_nH_2n+1NO₂)₃ - 2H₂O = C_3nH_6n-1N₃O₄

- Trong m gam X thì giả sử n_X = x mol => n_Y = 0,5x mol (Bảo toàn nguyên tố N)

C_2nH_4nN₂O₃ → 2nH₂O

   0,5x               nx

=> n_H2O = nx = 0,9 mol (1)

- Trong 2m gam X thì n_X = 2x mol => n_Z = 2x/3 mol (Bảo toàn nguyên tố N)

C_3nH_6n-1N₃O₄ → (3n - 0,5)H₂O

   2x/3                   x(6n-1)/3

=> n_H2O = x(6n - 1)/3 = 1,7 mol (2)

Từ (1,2) => n = 3; x = 0,3

=> m_X = m = 26,7 gam