Bộ 20 đề thi học kì 1 Hóa 12 có đáp án_ đề 7

Đáp án D

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Sản phẩm phản ứng có M_Y = 16.2 = 32 → Y chỉ có thể là ancol CH₃OH

Este là C₃H₆O₂ → CTCT của este là CH₃COOCH₃

Đáp án D

Phương pháp giải:

Lý thuyết về chất béo

Giải chi tiết:

 Ở điều kiện thường, mỡ động vật ở trạng thái rắn vì chứa chủ yếu các gốc axit béo no.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Công thức chung của amino axit no mạch hở có 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH là C_nH_2n+1NO₂ (n ≥ 2)

Đáp án D

Phương pháp giải:

Lý thuyết về glucozo

Giải chi tiết:

Ứng dụng của glucozo là :

- Nguyên liệu sản xuất ancol etylic

- Làm thực phẩm dinh dưỡng, thuốc tăng lực

- Tráng gương, tráng ruột phích

Đáp án A

Phương pháp giải:

Bậc amin = số gốc hiđrocacbon gắn với nguyên tử N

Giải chi tiết:

Các đồng phân amin bậc 1 ứng với công thức phân tử C₃H₉N là :

CH₃CH₂CH₂NH₂ ; (CH₃)₂CHNH₂

=> Vậy có 2 CTCT thỏa mãn

Đáp án C

Phương pháp giải:

 Lý thuyết về các loại tơ (polime)

Giải chi tiết:

- Tơ tổng hợp : tơ capron, tơ nitron, tơ nilon-6,6

- Tơ nhân tạo : tơ xenlulozo

- Tơ thiên nhiên : bông, tơ tằm

Đáp án A

Phương pháp giải:

Lý thuyết về cacbohidrat

disaccarit tạo thành bởi 2 gốc monosaccarit

Giải chi tiết:

Disaccarit : Saccarozo (Glucozo-Fructozo)

Monosaccarit : Glucozo ; Fructozo

Polisaccarit : Xenlulozo

Đáp án C

Phương pháp giải:

Tính chất hóa học của amin, amino axit

Giải chi tiết:

Cả amin CH₃NH₂ và amino axit H₂NCH₂COOH  đều có thể phản ứng với axit (HCl)

CH₃NH₂ + HCl  CH₃NH₃Cl

H₂NCH₂COOH + HCl  ClH₃NCH₂COOH

Đáp án A

Phương pháp giải:

Tính chất hóa học của cacbohiđrat

Giải chi tiết:

Tinh bột thủy phân hoàn toàn thu được glucozo (X)

Glucozo + H₂ → Sobitol (Y)

Đáp án B

Phương pháp giải:

Tính chất hóa học của cacbohiđrat

Giải chi tiết:

Nước svayde có thể hòa tan được xenlulozo.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Tính chất hóa học của cacbohiđrat

Giải chi tiết:

Trong phân tử của cacbohiđrat luôn có nhóm chức ancol (-OH)

Đáp án C

Phương pháp giải:

Thủy phân este đơn chức: 

RCOOR’ + KOH → RCOOK + R’OH

Dựa vào phản ứng thủy phân este tổng quát → Biện luận CT của các chất sản phẩm và este ban đầu

Giải chi tiết:

A + NaOH → B + C

A có CTPT C₄H₆O₂ → A là este

Vì B và C đều có phản ứng tráng bạc → Sản phẩm thủy phân este sẽ có: muối của axit fomic và 1 andehit

→ A là HCOOCH=CH-CH₃

→ B và C là: HCOONa và CH₃CH₂CHO (đều có phản ứng tráng gương)

Đáp án D

Phương pháp giải:

Thủy phân chất béo: 

(RCOO)₃C₃H₅ + 3MOH → 3RCOOM + C₃H₅(OH)₃

Giải chi tiết:

Axit stearic, axit panmitic (tỉ lệ mol 1 : 2) → số đồng phân trieste có thể là:

Ste - Pan - Pan; Pan - Ste - Pan

Đáp án D

Phương pháp giải:

Tính chất hóa học của este

Giải chi tiết:

A. Tất cả các este phản ứng với dung dịch kiềm đều tạo ra sản phẩm cuối cùng là muối và ancol  

→ Sai. Các este của phenol hoặc gốc ancol có liên kết kép gắn trực tiếp vào C liên kết với COO (VD: RCOOCH=CH-R₁) sẽ không tạo ra ancol mà sẽ tạo ra muối của phenol; anđehit/xeton

B. Phản ứng giữa axit cacboxylic và ancol khi có H₂SO₄ đặc xúc tác là phản ứng 1 chiều

→ Sai. Phản ứng giữa axit cacboxylic và ancol khi có H₂SO₄ đặc xúc tác là phản ứng thuận nghịch

C. Khi thủy phân chất béo luôn thu được C₂H₄(OH)₂         

→ Sai. Khi thủy phân chất béo không thu được C₂H₄(OH)₂

D. Phản ứng thủy phân este trong môi trường axit là phản ứng thuận nghịch

→ Đúng

Đáp án C

Phương pháp giải:

Lý thuyết về cacbohiđrat

Giải chi tiết:

X có phản ứng tráng bạc → X có chứa CHO hoặc có thể chuyển hóa thành chất có chứa CHO

Trong các đáp án ta thấy chỉ có glucozo thỏa mãn.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

(Anilin) C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → H₂NC₆H₂Br₃↓ + 3HBr

                                                  (trắng)

Đáp án A

Phương pháp giải:

Tính toán theo tỉ lệ của PTHH:

Glucozo → 2Ag

C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

Giải chi tiết:

Glucozo → 2Ag

n_Ag = 43,2 : 18 = 0,4 mol  → n_Glucozo = ½ n_Ag = 0,2 mol

C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH + 2CO₂

→ n_CO2 = 2n_Glucozo = 0,4 mol

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃ + H₂O

→ n_CaCO3 = n_CO2 = 0,4 mol

→ m_{kết tủa} = 0,4.100 = 40 gam

Đáp án C

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Tơ nitron là (-CH₂-CHCN-)_n → M_Nitron = 53n = 80560 → n = 1520

Đáp án A

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Các kim loại kiềm, kiềm thổ (trừ Be, Mg) phản ứng với nước ở nhiệt độ thường

Đáp án D

Phương pháp giải:

Cách gọi tên este: Tên gọi của este RCOOR' = Tên gốc R' + tên gốc axit (đuôi "at")

Giải chi tiết:

Tên gọi của hợp chất CH₃CH₂COOCH₃ là metyl propionat

Đáp án A

Phương pháp giải:

Bảo toàn nguyên tố O: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O → n_O2

Bảo toàn khối lượng: m_amin + m_O2 = m_CO2 + m_H2O + m_N2 → m _amin

Giải chi tiết:

n_CO2 = 6,72 : 22,4 = 0,3 mol; n_H2O = 9,45 : 18 = 0,525 mol; n_N2 = 1,68 : 22,4 = 0,075 mol

Amin no đơn chức mạch hở có dạng C_nH_2n+3N

Bảo toàn nguyên tố O: 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O → n_O2 = 0,5625 mol

Bảo toàn khối lượng: m_amin + m_O2 = m_CO2 + m_H2O + m_N2

→ m_amin = 44.0,3 + 18.0,525 + 28.0,075 - 0,5625.32 = 6,75 gam

Đáp án B

Phương pháp giải:

Thủy phân este đơn chức thường trong MT kiềm: 

RCOOR’ + KOH → RCOOK + R’OH

Giải chi tiết:

HCOOCH₃ + NaOH → HCOONa + CH₃OH

Đáp án C

Phương pháp giải:

Tính toán theo PTHH: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3H₂ → (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

Giải chi tiết:

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3H₂ → (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

→ n_H2 = 3n_triolein = 3.26,52 : 884 = 0,09 mol → V_H2 = 0,09.22,4 = 2,016 lít

Đáp án C

Phương pháp giải:

Tính toán theo PTHH: CH₃COOH + C₂H₅OH CH₃COOC₂H₅ + H₂O

Giải chi tiết:

Phản ứng: CH₃COOH + C₂H₅OH  CH₃COOC₂H₅ + H₂O

n_{CH3COOH bđ} = 24 : 60 = 0,4 mol

n_CH3COOC2H5 = 24,64 : 88 = 0,28 mol = n _{CH3COOH pứ}

→ H%_{theo axit} = (n_{CH3COOH pư}/n_{CH3COOH bđ}).100% = (0,28/0,4).100% = 70%

Đáp án D

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Tripeptit là hợp chất có 2 liên kết peptit mà phân tử có 3 gốc a-amino axit.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

A. H₂NCH₂CH₂CO-NHCH₂COOH là 1 đipeptit

→ Sai. Vì peptit được tạo bởi các α-amino axit mà H₂NCH₂CH₂COOH là b-amino axit

B. Muối phenylamoniclorua không tan trong nước

→ Sai. Phenylamoniclorua C₆H₅NH₃Cl là muối tan tốt trong nước

C. Tất cả các peptit đều có phản ứng màu biure

→ Sai. Chỉ có tripeptit trở lên mới có phản ứng màu biure

D. Ở điều kiện thường, đimetylamin là khí có mùi khai

→ Đúng.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Cu(OH)₂ có thể phản ứng với poliancol (các nhóm OH kề nhau) và axit

Giải chi tiết:

A sai vì natri axetat không phản ứng

B đúng

C sai vì kali axetat không phản ứng

D sai vì ancol etylic không phản ứng

Đáp án D

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

+) Poli(etylen terephtalat) được điều chế bằng phản ứng trùng ngưng

nHO-CH₂CH₂-OH + nHOOC-[CH₂]₄-COOH → [-O-CH₂CH₂-O-CO-[CH₂]₄-CO-]_n + 2nH₂O

+) 3 polime còn lại đều được điều chế bằng phản ứng trùng hợp

Đáp án B

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Tính chất của glucozo:

- Tính chất của nhóm andehit (có nhóm CHO)

- Tính chất của ancol đa chức (nhiều nhóm OH kề nhau)

- Lên men tạo ancol etylic

Vì là monosaccarit nên không có phản ứng thủy phân

Đáp án A

Phương pháp giải:

 Tính toán theo PTHH: H₂NRCOOH + HCl → ClH₃NRCOOH

Giải chi tiết:

X là a-amino axit no chỉ chứa 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH → CTTQ là: H₂NRCOOH

Phản ứng:

H₂NRCOOH + HCl → ClH₃NRCOOH

(R + 61)                           (R + 97,5)      (gam)

   3,51                                   4,605         (gam)

→ 4,605(R + 61) = 3,51(R + 97,5) → R = 56 (C₄H₈)

X là a-amino axit (NH₂ gắn với C_a) nên CTCT của X là: CH₃CH(CH₃)CH(NH₂)COOH 

Đáp án B

Phương pháp giải:

Lý thuyết về các hợp chất hữu cơ

Giải chi tiết:

(a) Glucozo được gọi là đường nho do có nhiều trong quả nho chín

→ Đúng

(b) Chất béo là dieste của glixerol và axit béo

→ Sai. Chất béo là trieste của glixerol và axit béo

(c) Phân tử amilopectin có cấu trúc mạch phân nhánh

→ Đúng

(d) Ở nhiệt độ thường, triolein ở trạng thái rắn

→ Sai. Ở nhiệt độ thường, triolein là chất béo không no ở trạng thái lỏng

(e) Trong mật ong chứa nhiều fructozo

→ Đúng

(f) Tinh bột là 1 trong những lương thực cơ bản của con người

→ Đúng

Vậy có 4 phát biểu đúng

Đáp án C

Phương pháp giải:

 Từ cấu hình e của R+ → cấu hình e của R → Biện luận tên của M

Giải chi tiết:

M+ có cấu hình electron ở phân lớp ngoài cùng là 3p6

Mà M+ + 1e → M

Cấu hình e của M là: 1s22s22p63s23p64s1

→ M là Kali

Đáp án B

Phương pháp giải:

Tính chất vật lí chung của KL.

Giải chi tiết:

Kim loại dẻo nhất trong tất cả các kim loại là Vàng (Au)

Đáp án B

Phương pháp giải:

Sự đổi màu của quỳ tím:

*Amin:

- Amin có nguyên tử N gắn trực tiếp với vòng benzen có tính bazo rất yếu, không làm đổi màu quỳ tím.

- Các amin khác làm quỳ tím chuyển xanh.

*Amino axit:

- Số nhóm NH₂ = số nhóm COOH → Không làm đổi màu quỳ tím

- Số nhóm NH₂ > số nhóm COOH → Làm quỳ tím hóa xanh (VD: Lysin)

- Số nhóm NH₂ < số nhóm COOH → Làm quỳ tím hóa đỏ (VD: Axit glutamic)

Giải chi tiết:

- Glyxin và alanin có số nhóm NH₂ = số nhóm COOH → Không làm đổi màu quỳ tím

- Anilin có tính bazo rất yếu, không làm đổi màu quỳ tím

- Phenol có tính axit rất yếu không làm đổi màu quỳ tím

Vậy có 3 chất làm đổi màu quỳ tím là: lysin, axit glutamic, propylamin

Đáp án A

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Tơ capron và nilon-6,6 thuộc loại tơ poliamit do chúng có chứa liên kết CO-NH trong phân tử.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Hỗn hợp X: C₆H₁₂O₆; metyl fomat (HCOOCH₃ - C₂H₄O₂); 2 amin

Quy về hỗn hợp: CH₂O (x mol); RN (y mol)

- Biện luận CTTQ của amin dựa vào số mol các sản phẩm cháy

Dựa vào phản ứng cháy → Tìm biểu thức liên quan đến số mol O₂

→ Biện luận để tìm giá trị lớn nhất

Giải chi tiết:

Hỗn hợp X: C₆H₁₂O₆; metyl fomat (HCOOCH₃ - C₂H₄O₂); 2 amin

Quy về hỗn hợp: CH₂O (x mol); RN (y mol)

Sản phẩm cháy gồm CO₂, H₂O và N₂

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃ + H₂O

→ n_CaCO3 = n_CO2 = 58 : 100 = 0,58 mol

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 36,86 gam → n_H2O = 0,63 mol

Vì n_H2O > n_CO2. Mà khi đốt cháy CH₂O thì tạo n_CO2 = n_H2O

→ Chứng tỏ 2 amin mạch hở thuộc dãy đồng đẳng no

Gọi CT chung của 2 amin là C_nH_2n+2+mN_m

C_nH_2n+2+mN_m + (1,5n+0,25m+0,5) O₂ → nCO₂ + (n+1+0,5m) H₂O + 0,5m N₂

CH₂O + O₂ → CO₂ + H₂O

Bảo toàn khối lượng: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O + m_N2 → m_O2 = 22,44 + m_N2

Vậy để m_O2 max thì m_N2 phải đạt giá trị tối đa

Xét phản ứng cháy: n_amin = n_H2O - n_CO2 - n_N2 = 0,63 - 0,58 - n_N2 = 0,05 - n_N2

→ n_N2 = 0,05 - n_amin

Vậy số mol N₂ lớn nhất khi đạt giá trị tiệm cận với 0,05 mol (Vì n_amin không thể = 0)

→ m_O2(max) » 22,44 + 28.0,05

→ n_O2(max) = a_max » 0,745 mol

Đáp án D

Phương pháp giải:

Quy về thủy phân E trong môi trường axit thì:

E + H₂O → Gly + Ala + Val

Trong đó:

X + H₂O → sp

Y + 2H₂O → sp

Z + 3H₂O → sp

Bảo toàn khối lượng: → m_E

Bảo toàn nguyên tố C và H → m_{CO2 + H2O}

So sánh giữa 2 thí nghiệm → m

Giải chi tiết:

Đặt n_X = a; n_Y = a; n_Z = 2a (có tỉ lệ mol tương ứng là 1: 1: 2)

n_GlyNa = 0,06; n_Ala-Na = 0,1; n_Val-Na = 0,1 mol

→ å n_aa = 2n_X + 3n_Y + 4n_Z = n_GlyNa + n_Ala-Na + n_Val-Na

→  2a + 3a + 4.2a = 0,06 + 0,1 + 0,1 → a = 0,02 mol

→ ån_E = 4a = 0,08 mol

Như vậy nếu giả sử thủy phân E trong môi trường axit thì:

E + H₂O → Gly + Ala + Val

Trong đó:

X + H₂O → sp

Y + 2H₂O → sp

Z + 3H₂O → sp

→ n_{H2O pứ} = a + 2.a + 3.2a = 9a = 0,18 mol

Bảo toàn khối lượng: m_E + m_H2O = m_Gly + m_Ala + m_Val

→ m_E = 75.0,06 + 89.0,1 + 117.0,1 - 0,18.18 = 21,86 gam

- Đốt E thu được:

n_CO2 = n_C(E) = 2n_Gly + 3n_Ala + 5n_Val = 2.0,06 + 3.0,1 + 5.0,1 = 0,92 mol;

n_H2O = ½ n_H(E) = ½ (5n_Gly + 7n_Ala + 11n_Val - 2n_H2O) = ½ (5.0,06 + 7.0,1 + 11.0,1 - 2.0,18) = 0,87 mol

→ åm_{CO2 + H2O} = 56,14 gam

Mà TN₂ đốt cháy tạo 112,28 g tổng khối lượng CO₂ và H₂O

→ Lượng chất trong TN₁ gấp (56,14 : 112,28 = 1 : 2) lần TN₂

→ m = 21,86.2 = 43,72 gam

Đáp án C

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

(1) Tính bazo của các amin đều mạnh hơn dung dịch amoniac

→ Sai. Nếu Nito gắn với gốc hiđrocacbon hút e (C₆H₅, CH₂=CH-,…) sẽ làm giảm mật độ e ở N → giảm lực bazo

(2) Xenlulozo là nguyên liệu để sản xuất tơ xenlulozo axetat

→ Đúng

(3) Trùng ngưng caprolactam tạo ra capron

→ Sai. Trùng hợp caprolactam tạo ra capron

(4) Fructozo là chất rắn kết tinh không tan trong nước

→ Sai. Fructozo tan trong nước

(5) Glucozo và fructozo là đồng phân của nhau

→ Đúng

(6) Fructozo không làm mất màu nước brom

→ Đúng. Vì fructozo không có nhóm CHO như glucozo

(7) Phân tử xenlulozo có cấu trúc mạch phân nhánh

→ Sai. Xenlulozo không phân nhánh

(8) Số nguyên tử N có trong phân tử peptit Lys-Gly-Ala-Val là 5

→ Đúng. Lysin có 2 N; Gly, Ala, Val đều có 1 N

(9) Isoamyl axetat là este không no

→ Sai. Isoamyl axetat là este no CH₃COO-CH₂CH₂CH(CH₃)₂

(10) Cao su lưu hóa thu được từ cao su thiên nhiên thuộc polime nhân tạo

→ Đúng

Vậy có 5 phát biểu đúng

Đáp án B

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

X có phản ứng tráng bạc nhưng không phản ứng với Cu(OH)₂ → X là Etyl fomat HCOOC₂H₅ (có nhóm CHO)

Y làm quỳ tím chuyển xanh → Y là lysin H₂N-[CH₂]₄-CH(NH₂)COOH

Z có phản ứng tráng bạc và phản ứng với Cu(OH)₂ tạo dung dịch xanh lam → Z là glucozo (có nhóm CHO và nhiều nhóm OH kề nhau)

T + Br₂ tạo kết tủa trắng → T là Anilin

Vậy chỉ có đáp án B thỏa mãn

Đáp án A

Phương pháp giải:

Từ số C, H trung bình → Biện luận CTPT của các chất

Giải chi tiết:

n_CO2 = 10,08 : 22,4 = 0,45; n_H2O = 7,56 : 18 = 0,42

→ Số C trung bình = 0,45 : 0,15 = 3; số H trung bình = 2.0,42 : 0,15 = 5,6

X là C₃H₈O; Y là C₃H₄O₂ hoặc C₃H₂O₂

Vì n_Y > n_X → Số H trung bình gần Y hơn (Nếu Y là C₃H₄O₂ thì < 6 còn nếu Y là C₃H₂O₂ thì < 5)

→ X là C₃H₈O (a mol); Y là C₃H₄O₂ (b mol)

Bảo toàn nguyên tố C: n_CO2 = 3a + 3b = 0,45

Bảo toàn nguyên tố H: n_H2O = 4a + 2b = 0,42

→ a = 0,06; b = 0,09 mol

C₃H₇OH + CH₂=CHCOOH  CH₂=CHCOOC₃H₇ + H₂O

n_este = 0,06.75% = 0,045 mol (tính số mol theo ancol vì axit dư hơn)

→ m_este = 0,045.114 = 5,13 gam