Bộ 20 đề thi học kì 1 Hóa 12 có đáp án_ đề 15

Đáp án C

Phương pháp giải:

HS ghi nhớ:

- Monosaccarit: glucozo, fructozo

- Đisaccarit: saccarozo, mantozo

- Polisaccarit: tinh bột (amilozo, amilopectin), xenlulozo

Giải chi tiết:

Saccarozo là một loại đisaccarit.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Những oxit của kim loại đứng sau Al trong dãy hoạt động hóa học của KL bị khử bởi C, CO, H₂.

Giải chi tiết:

Trong các đáp án chỉ FeO bị khử bởi H₂ để tạo thành kim loại.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

A. Sai vì nilon-6,6 được tạo từ H₂N-[CH₂]₆-NH₂ (hexametylenđiamin) và HOOC-[CH₂]₄-COOH (axit ađipic).

B. Đúng

C. Sai, chúng thuộc loại tơ bán tổng hợp vì có nguồn gốc từ tự nhiên (xenlulozo) và được con người chế biến.

D. Sai, chúng là sản phẩm của phản ứng trùng hợp.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào dãy hoạt động hóa học của kim loại.

Giải chi tiết:

Trong dãy hoạt động hóa học của kim loại, kim loại nào đứng trước có tính khử mạnh hơn.

Như vậy, ta có sự sắp xếp tính khử: Fe < Al < Mg

Đáp án D

Phương pháp giải:

Gly-Ala + 2NaOH → Muối + H₂O

n_NaOH = 2n_peptit

n_H2O = n_peptit

BTKL để tính khối lượng muối.

Giải chi tiết:

n_Gly-Ala = 14,6 : (75 + 89 – 18) = 0,1 mol

Gly-Ala + 2NaOH → Muối + H₂O

 0,1 0,2 0,1 (mol)

n_NaOH = 2n_peptit = 0,2 mol

n_H2O = n_peptit = 0,1 mol

BTKL: m _muối = m_peptit + m_NaOH – m_H2O = 14,6 + 0,2.40 – 0,1.18 = 20,8 gam

Đáp án B

Phương pháp giải:

Những chất có khả năng trùng hợp tạo ra polime là những chất trong phân tử có liên kết bội (như C=C, …) hoặc có vòng kém bền có thể mở ra.

Giải chi tiết:

Chỉ có vinyl clorua (có liên kết đôi C=C) và caprolactam (có vòng kém bền) thỏa mãn điều kiện của phản ứng trùng hợp.

Đáp án B

Phương pháp giải:

n_HCl = n_X => X có 1 nhóm –NH₂

BTKL: m_X = m _muối – m_HCl = ? => M_X

n_NaOH = 2n_X => X có 2 nhóm –COOH

=> CTCT X

Giải chi tiết:

* Tác dụng HCl:

n_HCl = n_X = 0,02 mol => X có 1 nhóm –NH₂

BTKL: m_X = m _muối – m_HCl = 3,67 – 0,02.36,5 = 2,94 gam => M_X = 2,94 : 0,02 = 147

* Tác dụng NaOH: m_NaOH = 40.4% = 1,6 gam => n_NaOH = 1,6 : 40 = 0,04 mol

n_NaOH = 2n_X => X có 2 nhóm –COOH

=> CTCT X: H₂NC₃H₅(COOH)₂.

Đáp án D

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào tính chất vật lí và tính chất hóa học của xenlulozo.

Giải chi tiết:

Các tính chất của xenlulozo là: có dạng sợi, phản ứng với axit nitric đặc có xúc tác và bị thủy phân trong môi trường axit khi đun nóng.

Đáp án D

Phương pháp giải:

X + 3NaOH → Muối + C₃H₅(OH)₃

n_NaOH = 3n_Glixerol

BTKL: m_X = m _muối + m_glixerol - m_NaOH

Giải chi tiết:

X + 3NaOH → Muối + C₃H₅(OH)₃

n_NaOH = 3n_Glixerol = 1,5 mol

BTKL: m_X = m _muối + m_glixerol – m_NaOH = 459 + 0,5.92 – 1,5.40 = 445 gam

Đáp án D

Phương pháp giải:

Dựa vào tính chất vật lí của vàng.

Giải chi tiết:

Vàng có tính dẻo và có ánh kim nên được dát lên tranh sơn mài tạo vẻ đẹp kì ảo cho chúng.

Đáp án B

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Cơ thể có thể trực tiếp hấp thụ glucozo nên khi ốm mất sức, người bệnh được truyền dịch đường có chứa glucozo để thêm năng lượng.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Aminoaxit là hợp chất hữu cơ trong phân tử có chứa nhóm amino (-NH₂) và nhóm cacboxyl (-COOH)

Đáp án C

Phương pháp giải:

HS ghi nhớ một số kim loại có khả năng phản ứng với nước ở điều kiện thường: K, Na, Ba, Ca.

Giải chi tiết:

            A. loại Be        B. loại Cr         C. đúng           D. loại Fe

Đáp án C

Phương pháp giải:

Viết và tính toán theo PTHH.

Chú ý phản ứng: Fe²⁺ + Ag⁺ → Fe³⁺ + Ag

Giải chi tiết:

n_Al = 0,1 mol; n_Fe = 0,1 mol; n_Ag+ = 0,55 mol

PTHH:

Al + 3Ag⁺ → Al³⁺ +3Ag↓

0,1 → 0,3 → 0,3 (mol)

Fe + 2Ag⁺ → Fe²⁺ + 2Ag↓

0,1 → 0,2_{dư 0,05}→ 0,1 → 0,2 (mol)

Fe²⁺ + Ag⁺ → Fe³⁺ + Ag↓

0,05 ← 0,05 → 0,05 (mol)

m_Ag = (0,3 + 0,2 + 0,05).108 = 59,4 gam

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào tính chất hóa học của mỗi chất để chọn ra thuốc thử phù hợp.

Giải chi tiết:

Dùng quỳ tím:

+ Không đổi màu: H₂NCH₂COOH

+ Quỳ tím chuyển hồng: C₂H₅COOH

+ Quỳ tím chuyển xanh: CH₃(CH₂)₃NH₂

Đáp án B

Phương pháp giải:

Nhóm đẩy e (các nhóm chỉ chứa liên kết đơn) làm tăng tính bazo, nhóm hút e (chứa liên kết bội) làm giảm tính bazo

Giải thích:

Nhóm đẩy e làm tăng mật độ điện tích âm trên nguyên tử N => tăng khả năng hút H⁺ => tính bazo tăng. Ngược lại, nhóm hút e làm giảm điện tích âm trên nguyên tử N => giảm khả năng hút H⁺ => tính bazo giảm

Giải chi tiết:

Tính bazo: phenylamin (C₆H₅NH₂) < amoniac (NH₃) < etylamin (C₂H₅NH₂)

Đáp án D

Phương pháp giải:

Cu không phản ứng được với HCl, chỉ có Zn phản ứng với HCl:

Zn + 2HCl → ZnCl₂ + H₂

Từ n_H2 => n_Zn => m

Giải chi tiết:

Kim loại không tan là Cu, chỉ có Zn phản ứng với HCl:

Zn + 2HCl → ZnCl₂ + H₂

Ta thấy: n_Zn = n_H2 = 0,2 mol

m = m_Zn + m_Cu = 0,2.65 + 2 = 15 gam

Đáp án D

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

Công thức cấu tạo thu gọn của etyl axetat là CH₃COOC₂H₅.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Phản ứng hiđro hóa (cộng H₂) chất béo lỏng thu được chất béo rắn được gọi là bơ nhân tạo.

Giải chi tiết:

Phản ứng hiđro hóa (cộng H₂) chất béo lỏng thu được chất béo rắn được gọi là bơ nhân tạo.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Tính theo PTHH: C₆H₇O₂(OH)₃ + HO-NO₂ → C₆H₇O₂(O-NO₂)₃ + 3H₂O

Giải chi tiết:

 C₆H₇O₂(OH)₃ + 3HO-NO₂ → C₆H₇O₂(O-NO₂)₃ + 3H₂O

PT: 3.63 kg 297 kg

ĐB: 18,9 kg ← 29,7 kg

Do hiệu suất đạt 90% nên lượng HNO₃ đã dùng là: m_HNO3 = 18,9.(100/90) = 21 kg

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào cấu tạo của mỗi chất.

+ Tinh bột và xenlulozo được tạo nên từ các mắt xích glucozo.

+ Saccarozo được tạo nên từ 1 gốc glucozo và 1 gốc fructozo.

+ Fructozo là monosaccarit nên không bị thủy phân.

Giải chi tiết:

Do tinh bột và xenlulozo được tạo nên từ các mắt xích glucozo nên khi thủy phân đến cùng chỉ thu được glucozo. Vì saccarozo được tạo nên từ 1 gốc glucozo và 1 gốc fructozo nên thủy phân ngoài glucozo còn thu được fructozo. Fructozo là monosaccarit nên không bị thủy phân.

Đáp án A

Phương pháp giải:

Dựa vào cấu tạo của mỗi chất.

+ Tinh bột và xenlulozo được tạo nên từ các mắt xích glucozo.

+ Saccarozo được tạo nên từ 1 gốc glucozo và 1 gốc fructozo.

+ Fructozo là monosaccarit nên không bị thủy phân.

Giải chi tiết:

Do tinh bột và xenlulozo được tạo nên từ các mắt xích glucozo nên khi thủy phân đến cùng chỉ thu được glucozo. Vì saccarozo được tạo nên từ 1 gốc glucozo và 1 gốc fructozo nên thủy phân ngoài glucozo còn thu được fructozo. Fructozo là monosaccarit nên không bị thủy phân.

Đáp án C

Phương pháp giải:

Khi trùng hợp tạo polime:

BTKL: m _polime = m _monome

Giải chi tiết:

BTKL: m _polime = m _monome = (224 : 22,4).28 = 280 gam

Do hiệu suất là 70% nên lượng PE thực tế thu được là: 280.70% = 196 gam

Đáp án A

Phương pháp giải:

Giải chi tiết:

A. tất cả aminoaxit đều chứa nhóm –NH₂ có tính bazo và nhóm –COOH có tính axit nên hợp chất aminoaxit là hợp chất lưỡng tính.

B. sai vì đi peptit không có phản ứng màu biure.

C. sai vì trong 1 phân tử tetrapeptit có 3 liên kết peptit.

D. sai vì peptit kém bền cả trong môi trường bazo và môi trường axit.

Đáp án D

Phương pháp giải:

Khi đốt cháy este no, đơn chức, mạch hở ta luôn có: n_CO2 = n_H2O

Giải chi tiết:

Etyl axetat là một este no, đơn chức, mạch hở.

Khi đốt cháy este no, đơn chức, mạch hở ta luôn có: n_CO2 = n_H2O = 0,54 : 18 = 0,03 mol

=> V_CO2 = 0,03.22,4 = 0,672 lít

Đáp án C

Phương pháp giải:

Dựa vào các đọc tên amin.

Giải chi tiết:

Đáp án A

Phương pháp giải:

*Phản ứng thủy phân:

A-A-A-A + 3H₂O → 4A

BTKL: m_H2O = m _aminoaxit – m _peptit = ? => n_H2O = ?

=> n _aminoaxit = (4/3)n_H2O = ?

*Khi cho các aminoaxit phản ứng với HCl: A + HCl → Muối

n_HCl = n _aminoaxit = ?

BTKL: m _muối = m _aminoaxit + m_HCl = ?

Giải chi tiết:

*Phản ứng thủy phân:

A-A-A-A + 3H₂O → 4A

BTKL: m_H2O = m _aminoaxit – m _peptit = 49,44 – 42,96 = 6,48 gam => n_H2O = 6,48 : 18 = 0,36 mol

=> n _aminoaxit = (4/3)n_H2O = 0,48 mol

*Khi cho các aminoaxit phản ứng với HCl: A + HCl → Muối

n_HCl = n _aminoaxit = 0,48 mol

BTKL: m _muối = m _aminoaxit + m_HCl = 49,44 + 0,48.36,5 = 66,96 gam

Đáp án D

Phương pháp giải:

*Phản ứng cháy:

BTKL: m_X = m_CO2 + m_H2O – m_O2 = ?

BTNT “O”: n_O(X) = 2n_CO2 + n_H2O – 2n_O2 = ?

=> n_X = n_O(X) : 6 = ?

*Phản ứng thủy phân trong NaOH:

X + 3NaOH → Muối + C₃H₅(OH)₃

n_NaOH = 3n_X = ?

n_Glixerol = n_X = ?

BTKL: m _muối = m_X + m_NaOH – m_glixerol = ?

Giải chi tiết:

*Phản ứng cháy:

BTKL: m_X = m_CO2 + m_H2O – m_O2 = 3,42.44 + 3,18.18 – 4,83.32 = 53,16 gam

BTNT “O”: n_O(X) = 2n_CO2 + n_H2O – 2n_O2 = 3,42.2 + 3,18 – 4,83.2 = 0,36 mol

=> n_X = n_O(X) : 6 = 0,36 : 6 = 0,06 mol

*Phản ứng thủy phân trong NaOH:

X + 3NaOH → Muối + C₃H₅(OH)₃

n_NaOH = 3n_X = 0,06.3 = 0,18 mol

n_Glixerol = n_X = 0,06 mol

BTKL: m _muối = m_X + m_NaOH – m_glixerol = 53,16 + 0,18.40 – 0,06.92 = 54,84 gam

Đáp án C

Phương pháp giải:

Tính số mol CO₂ và H₂O từ đó suy ra số mol C và H.

m_O(X) = m_X – m_C – m_H => n_O(X)

=> n_X = n_O(X) : 6

Xác định số C và H trong X.

Vậy CTPT của X là C₅₅H₁₀₂O₆ có k = (2C + 2 – H) : 2 = ?

Mà có chứa 3 liên kết π trong gốc COO nên ở ngoài gốc hidrocacbon còn (k – 3) liên kết π.

Giải chi tiết:

n_CO2 = 2,2 mol => n_C = 2,2 mol; n_H2O = 2,04 mol => n_H = 4,08 mol

m_O(X) = m_X – m_C – m_H = 34,32 – 2,2.12 – 2,04.2 = 3,84 gam => n_O(X) = 3,84 : 16 = 0,24 mol

=> n_X = n_O(X) : 6 = 0,04 mol

Số C = 2,2 : 0,04 = 55

Số H = 4,08 : 0,04 = 102

Vậy CTPT của X là C₅₅H₁₀₂O₆ có k = (2C + 2 – H) : 2 = (2.55 + 2 – 102) : 2 = 5

Mà có chứa 3 liên kết π trong gốc COO nên ở ngoài gốc hidrocacbon còn 2 liên kết π.

Do đó 1 phân tử X có khả năng với 2 phân tử Br₂.

=> n_Br2 = 2n_X = 2.0,12 = 0,24 mol

Đáp án B

Phương pháp giải:

*Hấp thụ CO₂ vào Ca(OH)₂:

m _{dd giảm} = m_CaCO3 – m_CO2 => m_CO2 = m_CaCO3 – m_{dd giảm} = ?

*Phản ứng lên men:

C₆H₁₀O₅ → 2CO₂

n_C6H10O5 = 0,5n_CO2 = ? => m _{tinh bột} = ?

Chú ý hiệu suất.

Giải chi tiết:

*Hấp thụ CO₂ vào Ca(OH)₂:

m _{dd giảm} = m_CaCO3 – m_CO2 => m_CO2 = m_CaCO3 – m_{dd giảm} = 330 – 132 = 198 gam

=> n_CO2 = 198 : 44 = 4,5 mol

*Phản ứng lên men:

C₆H₁₀O₅ → 2CO₂

n_C6H10O5 = 0,5n_CO2 = 0,5.4,5 = 2,25 mol

=> m _{tinh bột} = 2,25.162 = 364,5 gam

Do hiệu suất thực tế là 90% nên lượng tinh bột đã dùng là: 364,5.(100/90) = 405 gam