Phương pháp:

Vệ tinh VINASAT-2 có tần số nằm trong khoảng từ 10 GHz đến 15 GHz.

Sử dụng thang sóng điện từ:

Cách giải:

Vệ tinh VINASAT-2 có tần số nằm trong khoảng từ 10 GHz đến 15 GHz.

Bước sóng của sóng nằm trong khoảng:

\(\lambda  = \frac{c}{f} = \frac{{{{3.10}^8}}}{{{{10.10}^9}}} < \lambda  < \frac{{{{3.10}^8}}}{{{{15.10}^9}}}\)

\( \Rightarrow 0,02 < \lambda  < 0,03\left( {\rm{m}} \right)\)

Sóng này thuộc sóng viba.

Phương pháp:

- Nhiệt lượng mà miếng sắt thu vào: \(Q = mc{\rm{\Delta }}t\).

- Hiệu suất của quá trình: \(H = \frac{Q}{A}\).

Cách giải:

Nhiệt lượng mà miếng sắt đã thu vào:

\(Q = mc{\rm{\Delta }}t = 0,4.460.17 = 3128\left( J \right)\)

Công mà người này đã thực hiện: \(A = \frac{Q}{H} = \frac{{3128}}{{0,4}} = 7820\left( {\rm{J}} \right)\)

Chọn D.

Phương pháp:

Biện luận theo công thức: \(F = BI\ell {\rm{sin}}\alpha \).

Cách giải:

Công thức tính độ lớn của lực từ: \(F = BI\ell {\rm{sin}}\alpha \).

\( \Rightarrow {F_{{\rm{max}}}} \Leftrightarrow {\rm{sin}}\alpha  = 1 \Rightarrow \alpha  = {90^ \circ }\)

Phương pháp:

- Độ biến thiên động năng của electron khi đập vào đối catot: \({\rm{\Delta W}} = A = UI\tau \)

- Nhiệt lượng mà dòng nước đã thu vào để tăng nhiệt độ là: \(Q = mc{\rm{\Delta }}t\)

Cách giải:

Độ biến thiên động năng của electron khi đập vào đối catot: \({\rm{\Delta W}} = A = UI\tau \)

Nhiệt lượng mà dòng nước đã thu vào để tăng nhiệt độ là: \(Q = mc{\rm{\Delta }}t\)

Theo giả thiết, có \(96{\rm{\% }}\) số electron đập vào đối Catot chuyển động năng của nó thành nhiệt làm nóng đối Catot

\( \Rightarrow 0,96{\rm{\Delta }}W = Q \Rightarrow 0,96UI\tau  = mc{\rm{\Delta }}t\)

\( \Rightarrow \frac{m}{\tau } = \frac{{0,96UI}}{{c{\rm{\Delta }}t}} = \frac{{{{0,96.12,6.10}^3}{{.20.10}^{ - 3}}}}{{4200.20}} = {2,88.10^{ - 3}}\left( {{\rm{kg}}/{\rm{s}}} \right)\)

Phương pháp:

Công thức tính nhiệt lượng để làm nóng chảy một lượng chất: \(Q = m\lambda \).

Cách giải:

Nhiệt lượng để làm nóng chảy \(30{\rm{\% }}\) của một tảng băng khối lượng 30000 tấn là:

\(Q = m\lambda  = {30000.10^3}.30{\rm{\% }}{.330.10^3} = {2,97.10^3}\left( J \right)\)

Phương pháp:

Áp dụng công thức tính độ lớn suất điện động cảm ứng: \({e_c} = \left| {\frac{{{\rm{\Delta \Phi }}}}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right| = \left| {\frac{{{\rm{\Delta }}B.S.{\rm{cos}}\alpha }}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right|\)

Cách giải:

Suất điện động cảm ứng trong ICD có độ lớn là

\({e_c} = \left| {\frac{{{\rm{\Delta \Phi }}}}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right| = \left| {\frac{{{\rm{\Delta }}B.S.{\rm{cos}}\alpha }}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right| = \frac{{\left| {\left( {0 - {{100.10}^{ - 6}}} \right)} \right|{{.2.10}^{ - 4}}.{\rm{cos}}0}}{2}\)

\( \Rightarrow {e_c} = {10.10^{ - 9}}\left( T \right) = 10nT\)

Phương pháp:

Quá trình đẳng tích: \(\frac{p}{T} = \) const.

Cách giải:

Ta có, quá trình đẳng tích: \(\frac{p}{T} = \) const.

Khi tăng nhiệt độ của khối khí từ \({100^ \circ }{\rm{C}}\) lên \({200^ \circ }{\rm{C}}\) thì áp suất trong bình sẽ có:

\(\frac{{{p_2}}}{{{p_1}}} = \frac{{{T_2}}}{{{T_1}}} = \frac{{200 + 273}}{{100 + 273}} \approx 1,3\).

Phương pháp:

Viết phương trình đồ thị \(V = {V_0} + \alpha t\) rồi thay t vào xác định thể tích V.

Cách giải:

Phương trình đồ thị: \(V = {V_0} + \alpha t\)

Ta có: \(\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{0 = {V_0} + \alpha .\left( { - 273} \right)}\\{50 = {V_0} + \alpha .0}\end{array} \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{\alpha  = \frac{{50}}{{273}}}\\{{V_0} = 50}\end{array} \Rightarrow V = 50 + \frac{{50}}{{273}}t} \right.} \right.\)

Tại B: \(t = {477,75^ \circ }C \Rightarrow V = 50 + \frac{{50}}{{273}}.477,75 = 137,5\left( {{\rm{c}}{{\rm{m}}^3}} \right)\)

Phương pháp:

- Chuông đồng cần cung cấp nhiệt lượng để chuông tăng đến nhiệt độ nóng chảy và nóng chảy hoàn toàn: \(Q = mc{\rm{\Delta }}t + m\lambda \).

Hiệu suất của quá trình đúc: \(H = \frac{Q}{{{Q_t}}}\)

Khối lượng của than: \({m_t} = \frac{{{Q_t}}}{q}\).

Cách giải:

+ Nhiệt lượng cần cung cấp để lượng đồng trên nóng chảy hoàn toàn là:

\(Q = mc{\rm{\Delta }}t + m\lambda  = 20.380.\left( {1084 - 31} \right) + {20.180.10^3}\)

\( \to Q = 11602800\left( J \right) \approx 11,6\left( {MJ} \right)\)

\( \to \) b đúng.

+ Nhiệt lượng than đá cần dùng là:

\({Q_t} = \frac{Q}{H} = \frac{{11602800}}{{1 - 0,4}} = 19338000\left( {\rm{J}} \right)\)

\({m_t} = \frac{{{Q_t}}}{q} = \frac{{19338000}}{{{{27.10}^6}}} \approx 0,716\left( {{\rm{kg}}} \right)\)

\( \to \) a sai.

+ Quá trình nóng chảy diễn ra trong bước 3.

\( \to \) c sai.

+ Do dùng nhiên liệu hoá thạch để đun nóng chảy đồng, nên nếu thiết kế ống khói của cơ sở đúc đồng này không đạt tiêu chuẩn thì sẽ làm ảnh hưởng lớn đến môi trường và sức khỏe của người dân.

Phương pháp:

Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng: \(\frac{{pV}}{T} = \) const

Cách giải:

a) Thể tích giảm.

\( \to \) a sai.

b) Áp suất cuối kỳ nén tăng gấp \(\frac{{24\left( {{\rm{atm}}} \right)}}{{1\left( {{\rm{atm}}} \right)}} = 24\) lần so với áp suất đầu kỳ nén.

\( \to \) b đúng.

c) Áp dụng phương trình trạng thái khí lý tưởng:

\(\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}{V_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow \frac{{1.12}}{{27 + 273}} = \frac{{24}}{{{t_2} + 273}} \Rightarrow {t_2} = 327\left( {{\;^ \circ }{\rm{C}}} \right)\)

\( \to \) c sai.

d) Tỉ số thể tích hỗn hợp khí đầu kỳ nén và cuối kỳ nén là 12.

Phương pháp:

- Lý thuyết về hiện tượng cảm ứng điện từ.

- Suất điện động cực đại giữa hai đầu cuộn dây dẫn: \({E_0} = NBS\omega \).

- Tốc độ chuyển động của xe: \(v = \omega r\).

Cách giải:

a) Máy phát điện biến đổi cơ năng thành điện năng làm sáng bóng đèn.

\( \to \) a sai.

b) Khi quay núm dẫn động của Dynamo thì nam châm quay theo làm số đường sức từ xuyên qua tiết diện dây \(S\) của cuộn dây biến thiên, nên xuất hiện dòng điện xoay chiều đi qua cuộn dây làm bóng đèn sáng.

\( \to \) b đúng.

c) Suất điện động cực đại:

\({E_0} = NBS\omega  \Rightarrow 2 = {2500.0,01.2.10^4}\omega \)

\( \Rightarrow \omega  = 400\left( {{\rm{rad}}/{\rm{s}}} \right)\)

Tốc độ chuyển động của xe đạp:

\(v = r\omega  = \frac{{20}}{2}.400 = 4000\left( {{\rm{mm}}/{\rm{s}}} \right) = 4\left( {{\rm{m}}/{\rm{s}}} \right)\)

\( \to \) c sai.

d) Khi tốc độ thay đổi thì suất điện động thay đổi, do đó cường độ dòng điện thay đổi.

Phương pháp:

Công thức tính từ thông: \({\rm{\Phi }} = BS{\rm{cos}}\alpha \)

Cách giải:

Từ thông qua mặt phẳng:

\({\rm{\Phi }} = BS\cos \alpha  = {0,2.100.10^{ - 4}}.{\rm{cos}}\left( {90 - 30} \right)\)

\( \to {\rm{\Phi }} = {10^{ - 3}}\left( {{\rm{Wb}}} \right) = 1\left( {{\rm{mWb}}} \right)\)

Phương pháp:

Áp dụng phương trình Clapeyron: \(pV = nRT = \frac{m}{M}RT\)

Cách giải:

Ta có: \(pV = nRT = \frac{m}{M}RT\)

\( \Rightarrow {\rm{\Delta }}m = \frac{{Mp\left( {{V_2} - {V_1}} \right)}}{{RT}} = \frac{{29.101325\left( {5 - 2,8} \right){{.10}^{ - 3}}}}{{8,31.\left( {37 + 273} \right)}}\)

\( \Rightarrow {\rm{\Delta }}m \approx 2,51\left( {{\rm{kg}}} \right)\)

Phương pháp:

Lực từ tác dụng lên dây: \(F = BI\ell \)

Cách giải:

Chiều dài của cuộn dây dẫn:

\(\ell  = 2\pi r = 2\pi \frac{d}{2} = 2\pi .\frac{6}{2} = 6\pi \left( {{\rm{cm}}} \right)\)

Cường độ dòng điện chạy qua dây:

\(I = \frac{U}{R} = \frac{{12}}{6} = 2\left( {\rm{A}} \right)\)

Lực từ tác dụng lên cuộn dây:

\(F = NIB\ell  = 20.2.0,1.6\pi {.10^{ - 2}} \approx 0,75\left( N \right)\)

Đáp án: 0,75.

Phương pháp:

- Áp dụng phương trình Clapeyron: \(pV = nRT\)

- Thời gian bơm: \(t = \frac{m}{{{m_0}}}\)

Cách giải:

Áp dụng phương trình Clapeyron: \(pV = nRT = \frac{m}{M}RT\)

\( \Rightarrow 0,9.101325.328 = \frac{m}{2}.8,31.\left( {27 + 273} \right)\)

\( \Rightarrow m = {24.10^3}\left( {\rm{g}} \right)\)

Thời gian bơm là:

\(t = \frac{m}{{{m_0}}} = \frac{{{{24.10}^3}}}{{2,5}} = 9600\left( {\rm{s}} \right) = 160\left( {{\rm{min}}} \right)\)