Đề tham khảo Tốt nghiệp THPT Vật Lí 2026-2027 (Đề 24)

Phương của vecto cảm ứng từ tại một điểm trùng với phương của kim nam châm nằm cân bằng tại điểm đó. Đáp án đúng C

Phần cảm là bộ phận tạo ra từ trường và phần ứng là những cuộn dây xuất hiện suất điện động cảm ứng khi máy hoạt động. Đáp án đúng D

$\omega =2\pi f=2\pi \cdot 10=20\pi (\text{r}\text{a}\text{d}/\text{s})$

Ban đầu $\Phi =0\Rightarrow \left|e\right|{}_{max}\Rightarrow \left|i\right|{}_{max}$. Đáp án đúng C

Vecto lực $\overrightarrow{\text{F}}$ sẽ không thay đổi về hướng khi đồng thời đổi chiều dòng điện và đổi chiều cảm ứng từ $\overrightarrow{B}$. Đáp án đúng C

Tần số góc: $\omega =2\pi \text{f}=2\pi \cdot 50=100\pi (\text{r}\text{a}\text{d}/\text{s})$

Từ thông cực đại qua cả cuộn dây gồm 800 vòng: $\Phi {}_0=\text{N}\cdot \Phi {}_{\text{l}\text{v}\text{o}\text{n}\text{g}}=500.2,5\cdot 10{}^{-3}=1,25( \text{W}\text{b})$

Suất điện động hiệu dụng của cuộn dây thứ cấp: $\text{E}=\frac{\text{E}{}_0}{\sqrt{2}}=\frac{\omega \Phi {}_0}{\sqrt{2}}=\frac{100\pi \cdot 1,25}{\sqrt{2}}\approx 277,7( \text{V})$

Đáp án đúng D

$N=A-Z=17-8=9$. Đáp án đúng B

Dựa vào đồ thị có thể thấy ${}_{29}^{63}\text{C}\text{u}$ bền vững nhất trong số 4 hạt nhân trên. Đáp án đúng A

Tia 2 đi thẳng nên không mang điện $\Rightarrow$ tia (2) là $\gamma$

Lực từ hướng vào tâm quỹ đạo. Áp dụng quy tắc bàn tay trái được (3) mang điện dương và (1) mang điện âm. Đáp án đúng B

Khối lượng khí He trong bình 2: $\text{m}{}_{\text{H}\text{e}}=\text{m}{}_2-\text{m}{}_1=2002-2000=2 \text{g}$

$n{}_{He}=\frac{m{}_{He}}{M{}_{He}}=\frac{2}{4}=0,5 \text{m}\text{o}\text{l}$

Khối lượng khí X trong bình 3: $\text{m}{}_{\text{x}}=\text{m}{}_3-\text{m}{}_1=2033-2000=33 \text{g}$

$\frac{pV}{T}=nR\Rightarrow \frac{p{}_X}{p{}_{He}}=\frac{n{}_X}{n{}_{He}}\Rightarrow \frac{1,5}{1}=\frac{n{}_X}{0,5}\Rightarrow n{}_X=0,75 \text{m}\text{o}\text{l}$

$M{}_X=\frac{m{}_X}{n{}_X}=\frac{33}{0,75}=44.$ Đáp án đúng C

a) Đúng. $c=4200 \text{J}/\text{k}\text{g}\text{K}$

b) Đúng. $Q=mc\Delta t=1\cdot 4200\cdot (100-25)=315000 \text{J}$

$A=\frac{Q}{H}=\frac{315000}{0,9}=350000 \text{J}$

$t=\frac{A}{P}=\frac{350000}{1000}=350 \text{s}$

c) Sai. 678000 kJ là quá lớn

d) Sai. $A{}_h=Pt{}_h=1000\cdot 5\cdot 60=300000 \text{J}$

$Q{}_h=HA{}_h=0,9\cdot 300000=270000 \text{J}$

$m{}_h=\frac{Q{}_h}{L}=\frac{270000}{2,26.10{}^6}\approx 0,119 \text{k}\text{g}=119 \text{g}$

$m{}_{\text{c}\text{o}\text{?}\text{n}}=m-m{}_h=1000-119=881 \text{g}$

a) Đúng

b) Đúng. $\frac{\overline{p}}{T}=\frac{1}{5}\cdot \left(\frac{1,21}{27+273}+\frac{1,25}{37+273}+\frac{1,29}{47+273}+\frac{1,33}{57+273}+\frac{1,37}{67+273}\right)\cdot 10{}^5\approx 403 \text{P}\text{a}/\text{K}$

c) Sai. $n=\frac{pV}{RT}=\frac{403\cdot 10\cdot 10{}^{-3}}{8,31}\approx 0,485 \text{m}\text{o}\text{l}$

d) Sai. Thí nghiệm này cho thấy khi thể tích không đổi thì áp suất p được coi là tỉ lệ thuận với nhiệt độ tuyệt đối T (K).

a) Đúng. Theo quy tắc vào nam ra bắc (vào S ra N ) thì $\overrightarrow{B}$ ban đầu hướng sang trái. Khi nam châm ra xa cuộn dây thì từ thông giảm $\Rightarrow \overrightarrow{B{}_{cu}}$ cùng chiều $\overrightarrow{B}$ hướng sang trái. Áp dụng quy tắc nắm tay phải được chiều dòng điện trong vòng dây cùng chiều kim đồng hồ $\Rightarrow$ từ M đến N.

b) Sai. Dòng điện cảm ứng trong mạch có chiều từ M đến N.

c) Đúng

d) Đúng. $e=\left|\frac{\Delta \Phi }{\Delta t}\right|=iR=4\cdot 10{}^{-3}\cdot 2=8\cdot 10{}^{-3} \text{W}\text{b}/\text{s}$

a) Đúng. ${}_6^{14}\text{C}\to {}_{-1}^0\text{e}+{}_7^{14} \text{N}$

b) Sai. Hằng số phóng xạ: $\lambda =\frac{ln2}{ \text{T}}=\frac{ln2}{5730.365.24.60.60}\approx 3,836.10{}^{-12}\left( \text{s}{}^{-1}\right)$

c) Đúng. $N{}_0=\frac{H{}_0}{\lambda }=\frac{10\cdot 10{}^{-3}\cdot 3,7\cdot 10{}^{10}}{3,836\cdot 10{}^{-12}}\approx 9,646\cdot 10{}^{19}$

$n{}_0=\frac{N{}_0}{N{}_A}=\frac{9,646\cdot 10{}^{19}}{6,02\cdot 10{}^{23}}\approx 1,6\cdot 10{}^{-4} \text{m}\text{o}\text{l}$

$m{}_0=n{}_{0}M=1,6\cdot 10{}^{-4}\cdot 14=2,24\cdot 10{}^{-3}g=2,24mg$

d) Sai. $\text{H}=\text{H}{}_0\cdot 2{}^{\frac{-\text{t}}{\text{T}}}\Rightarrow 1-\frac{2,5}{100}=2{}^{\frac{-\text{t}}{5730}}\Rightarrow \text{t}\approx 209,3$ năm

$\frac{p{}_{1}V{}_1}{T{}_1}=\frac{p{}_{2}V{}_2}{T{}_2}\Rightarrow \frac{1\cdot 10}{27+273}=\frac{p{}_2\cdot (10-2)}{42+273}\Rightarrow p{}_2\approx 1,31 \text{a}\text{t}\text{m}$

Đáp án: 1,31

$U{}_2-U{}_1=Q{}_1+A{}_1=Q{}_2\Rightarrow 12+A{}_1=9\Rightarrow A{}_1=-3 \text{J}$

$A{}_1=-p\Delta V=-nR\Delta T\Rightarrow 3=n\cdot 8,31.15\Rightarrow n=\frac{20}{831} \text{m}\text{o}\text{l}$

$m=nM=\frac{20}{831}\cdot 28\approx 0,67 \text{g}$

Đáp án: 0,67

$\Delta q=ne=3,2\cdot 10{}^{19}\cdot 1,6\cdot 10{}^{-19}=5,12\text{C}$

$i=\frac{\Delta q}{\Delta t}=\frac{5,12}{2,5}=2,048 \text{A}$

$F=i\mathcal{l}B=2,048\cdot 0,3\cdot 0,2\approx 0,12 \text{N}$

Đáp án: 0,12

$\varphi =BS=B\cdot \pi r{}^2\cdot \frac{\omega t}{2\pi }=\frac{1}{2}Br{}^2\omega t\Rightarrow e=-\varphi {}^{\prime }=-\frac{1}{2}Br{}^2\omega =-\frac{1}{2}\cdot 0,15\cdot 0,25{}^2\cdot \frac{\pi }{9}=-\frac{\pi }{1920}V$

$l=OP+OQ+PQ=r+r+r\alpha =0,25+0,25+0,25\cdot \frac{135\pi }{180}\approx 1,089m$

$R=\frac{\rho \mathcal{l}}{S{}_{td}}=\frac{2,8\cdot 10{}^{-8}\cdot 1,089}{2\cdot 10{}^{-6}}\approx 0,015\Omega$

$\left|i\right|=\left|\frac{e}{R}\right|=\frac{\pi /1920}{0,015}\approx 0,11A$

Đáp án: 0,11

$\{\begin{array}{c}1+235=139+A+3\\ 92=53+Z\end{array}\text{n}\text{e}\text{u}\text{t}\text{r}\text{o}\text{n}$

Đáp án: 55

$N=10{}^{10}\left(1+k+k{}^2+\dots +k{}^8\right)\Rightarrow kN=10{}^{10}\left(k+k{}^2+\dots +k{}^9\right)\Rightarrow kN-N=10{}^{10}\left(k{}^9-1\right)$

$\Rightarrow N=\frac{10{}^{10}\left(k{}^9-1\right)}{k-1}$

$N=\frac{Q}{\Delta E}\Rightarrow \frac{10{}^{10}\left(k{}^9-1\right)}{k-1}=\frac{78,94}{200\cdot 1,6\cdot 10{}^{-13}}\Rightarrow k\approx 1,8$

Đáp án: 1,8