Bộ 3 đề thi cuối kì 2 Vật lí 11 Chân trời sáng tạo cấu trúc mới có đáp án - Đề 3

A nhiễm điễn dương, hút B và đẩy C nên B nhiễm điện âm và C nhiễm điện dương C hút D nên D nhiễm điện âm.

\[\alpha < {\rm{ }}{90^0}\]thì A > 0; \[\alpha > {\rm{ }}{90^0}\]thì A < 0; \[\alpha {\rm{ = }}{90^0}\]thì A = 0; điện tích dịch chuyển dọc theo chiều một đường sức \[\alpha = {\rm{ }}{0^0}\] thì A = F.s

Khi hiệu điện thế là U thì: \(P = \frac{{{U^2}}}{R}\)

Khi hiệu điện thế giảm đi n lần: \(P' = \frac{{U{'^2}}}{R} = \frac{{{{(\frac{U}{n})}^2}}}{R} = \frac{{{U^2}}}{{{n^2}R}} = \frac{P}{{{n^2}}}\)

Khi hiệu điện thế giảm n lần thì công suất tiêu thụ giảm \({n^2}\)lần

Đúng

Tổng điện năng tiêu thụ của bình nước nóng được tính bằng tổng điện năng tiêu thụ trong mỗi buổi, rồi nhân với số buổi mỗi ngày, sau đó nhân với số ngày trong tuần, (3 kW×(2 giờ+3 giờ))×7 ngày = 105 kWh.

Sai

Tổng chi phí điện hàng tuần được tính bằng tổng điện năng tiêu thụ nhân với giá điện, 105 kWh×0.25 USD/kWh=26,25USD

Sai

Tổng năng lượng tiêu thụ hàng tuần có thể được tính bằng công thức: năng lượng tiêu thụ = tổng điện năng tiêu thụ / hiệu suất, 105 kWh/0.90=116,67 kWh

Đúng

Tổng khí thải CO2 được tính bằng tổng năng lượng tiêu thụ nhân với lượng khí thải CO2 sản sinh ra cho mỗi kWh điện, 105 kWh×0.6 kg CO2/kWh=63 kg.

Đúng

+ Mạch gồm \[{R_1}{\rm{ nt}}\left( {\left( {{R_2}{\rm{ nt }}{R_3}} \right)//{R_5}} \right){\rm{ nt }}{R_4}.\]

+ Ta có \[{R_{23}} = {R_2} + {R_3} = 10{\rm{ }}\Omega ,{R_{235}} = \frac{{{R_{23}}{R_5}}}{{{R_{23}} + {R_5}}} = 5{\rm{ }}\Omega .\]

+ Điện trở tương đương \[R = {R_2} + {R_{235}} + {R_5} = 12{\rm{ }}\Omega .\]

Đúng

Cường độ dòng điện mạch chính \[I = {I_1} = {I_{235}} = {I_4} = \frac{{{U_{AB}}}}{R} = 2{\rm{ A}}{\rm{.}}\]

Sai

Ta có \[{U_{235}} = {U_{23}} = {U_5} = {I_{235}}{R_{235}} = 10{\rm{ V}}\]

Đúng

Từ kết quả câu c, suy ra \[\left\{ \begin{array}{l}{I_5} = \frac{{{U_5}}}{{{R_5}}} = 1{\rm{ A}}\\{I_{23}} = {I_2} = {I_3} = \frac{{{U_{23}}}}{{{R_{23}}}} = 1{\rm{ A}}{\rm{.}}\end{array} \right.\]

Hiệu điện thế giữa bản dương với điểm chính giữa của 2 bản \[U = E\frac{d}{2} = {60.20.10^{ - 2}} = 12{\rm{ }}V.\]

Áp dụng định lý biến thiên động năng có:

\[\begin{array}{l}\,\frac{1}{2}mv_2^2 - \frac{1}{2}mv_1^2 = A = qU \Leftrightarrow \frac{1}{2}mv_2^2 - \frac{1}{2}m{.0^2} = {8.10^{ - 5}}.12 = 9,{6.10^{ - 4}} \Leftrightarrow \frac{1}{2}{.3.10^{ - 3}}.v_2^2 = 9,{6.10^{ - 4}}\\ \Rightarrow {v_2} = 0,8\,\,{\rm{m/s}}{\rm{.}}\end{array}\]

Áp dụng công thức\(d = \frac{U}{E} = \frac{{100}}{{500}} = 0,2m\)

\(\begin{array}{l}y = (1 + \frac{1}{2} + \frac{1}{4} + \frac{1}{8} + ...)\\ = > y = 1 + \frac{1}{2}(1 + \frac{1}{4} + \frac{1}{8} + ...) = 1 + \frac{y}{4}\\ = > y = 2\\{R_{AB}} = (R + \frac{R}{2} + \frac{R}{4} + \frac{R}{8} + ...) = R(1 + \frac{1}{2} + \frac{1}{4} + \frac{1}{8}...) = 2R = 2.2,35 = 4,7\Omega \end{array}\)

Gọi suất điện động và điện trở trong mỗi nguồn là và r nên suất điện động và điện trở trong của bộ nguồn tương ứng là 4E và 4r.

Áp dụng định luật Ohm ⇒\[U = 4E - 4rI\] ta có đường biểu diễn U theo I là một đường thẳng.

Thay hai cặp điểm trên đồ thị, ta được: \(\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{4,2 = 4E - 4r \cdot 0,5}\\{2,8 = 4E - 4r \cdot 1,0}\end{array}} \right.\)

Giải ra ta được: \[\left\{ \begin{array}{l}E = 1,4V\\\;r = 0,7\Omega \end{array} \right.\]

Vậy E = 1,4V

Thế năng điện của điện tích q tại M là\({W_M} = qEd = {2.10^{ - 5}}{.10^5}.1,{5.10^{ - 2}} = 0,03\,\,J.\)

Gọi \[{\vec E_1},{\vec E_2},{\vec E_3}\] là vecto cường độ điện trường do các điện tích \[{q_1},{q_2},{q_3}\] gây ra tại trọng tâm G.

Nguồn 10 V được nạp khi \({\rm{E}}\) có giá trị đủ lớn để triệt tiêu dòng điện do nguồn 10 V tạo ra. Nghĩa là dòng điện chạy qua nguồn 10 V bằng 0 . Khi đó hiệu điện thế giữa hai đầu điện trở \(2,5{\rm{\Omega }}\) bằng 10 V. Suy ra dòng điện chạy do nguồn \({\rm{E}}\) phát bằng 4 A. Từ đó, định luật Ohm cho toàn mạch kín: \(4 = \frac{{\rm{E}}}{{3,5}} \Rightarrow {\rm{E}} = 14\;V\)