Hóa học 12 Ôn tập chương 1 có đáp án

k = π + v = 1 → Este no, đơn chức, mạch hở

(1) HCOOCH₂CH₂CH₃

(2) HCOOCH(CH₃)₂

(3) CH₃COOCH₂CH₃

(4) CH₃CH₂COOCH₃

Đáp án cần chọn là: C

k = π + v = 1  → Este no, đơn chức, mạch hở

(1) HCOOCH₂CH₃

(2) CH₃COOCH₃

Đáp án cần chọn là: B

n_NaOH = 12/40 = 0,3 mol = 2n_este → este của phenol RCOOC₆H₄R’

RCOOC₆H₄R’ +2NaOH →→ RCOONa + R’C₆H₄ONa + H₂O

m_este = m_{sản phẩm hữu cơ} + m_H2O - m_NaOH

         = 29,7 + 0,15.18 – 12 = 20,4 g

M_este = 20,4/0,15 = 136 → C₈H₈O₂

Đáp án cần chọn là: C

n_NaOH = 2,4/40 = 0,06 mol  => n_NaOH = 2. n_este

→ este của phenol RCOOC₆H₄R’

RCOOC₆H₄R’ +2NaOH → RCOONa + R’C₆H₄ONa + H₂O

m_este = m_{sản phẩm hữu cơ} + m_H2O - m_NaOH = 5,94 + 0,03.18 – 2,4 = 4,08 g

M_este = 4,08/0,03 = 136→ C₈H₈O₂

=> CTCT của X:

Đáp án cần chọn là: C

C₆H₅COOC₆H₅ + 2NaOH → C₆H₅COONa + C₆H₅ONa + H₂O

CH₃COO-[CH₂]₂-OOCCH₂CH₃ + 2NaOH → CH₃COONa + CH₃CH₂COONa + CH₂OH-CH₂OH

CH₃OOC-COOCH₃ + 2NaOH → (COONa)₂ + 2CH₃OH

CH₃COOC₆H₅ + 2NaOH → CH₃COONa + C₆H₅ONa + H₂O

Đáp án cần chọn là: C

CH₃COO(CH₂)₂OOCCH₃+ 2NaOH → 2CH₃COONa + CH₂OH-CH₂OH

CH₃OOC-COOCH₃ + 2NaOH → (COONa)₂ + 2CH₃OH

C₆H₅COOCH₃ + NaOH → C₆H₅COONa + CH₃OH

CH₃COOC₆H₅ + 2NaOH → CH₃COONa + C₆H₅ONa + H₂O

Đáp án cần chọn là: D

Z vừa có phản ứng tráng bạc, vừa tác dụng được với Na => Z chứa gốc –CHO và –OH

=> X có dạng HCOOCH=CH-R-OH hoặc HCOO-CH₂-RCHO

Từ 4 đáp án => X là HCOO-CH₂CHO

PTHH: HCOO-CH₂CHO + NaOH → HCOONa + HO-CH₂CHO

Đáp án cần chọn là: A

Z vừa có phản ứng tráng bạc, vừa tác dụng được với Na => Z chứa gốc –CHO và –OH

Y không tráng bạc => X có dạng R’COOCH=CH-R-OH hoặc R’COO-CH₂-RCHO

Từ 4 đáp án => X là CH₃COO-CH₂CHO

PTHH: CH₃COO-CH₂CHO + NaOH → CH₃COONa + HO-CH₂CHO

Đáp án cần chọn là: D

- Theo đề bài: X đơn chức, tác dụng với NaOH sinh ra muối và ancol

=> X là este đơn chức: RCOOR’.

=> Z là ancol no, đơn chức, mạch hở có công thức: C_nH_2n+1OH (n ≥ 1)

Từ phản ứng đốt cháy Z

Theo đề bài: X đơn chức, tác dụng với NaOH sinh ra muối và ancol

=> X là este đơn chức: RCOOR’.

Mặt khác: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O => m_CO2 + m_H2O = 6,4 + 0,3.32= 16 gam (1)

Và m_CO2 - m_H2O = 1,6 gam (2)

Giải hệ 1 và 2

Ta có: n_H2O > n_CO2 => ancol no => n_Z = n_H2O - n_CO2 = 0,2 mol

=> Số cacbon trong ancol là => CT ancol: CH₃OH

=> Ta có RCOONa → Na₂CO₃ + RH

T: RH => M_T = R+ 1 = 15.2

=> R = 29=> CTPT este: C₂H₅COOCH₃

Đáp án cần chọn là: A

Chất C tác dụng với Na sinh ra khí H₂ => C là ancol

Oxi hóa C ra E không phản ứng với AgNO₃ => C không là ancol bậc 1

Dựa vào các đáp án cho A là este đơn chức => B là muối của Na

Nung B với NaOH rắn tạo ra D có MD = 32.0,5 = 16 => D là CH₄ => Gốc R trong D là CH₃-

Đặt công thức của A là RCOOR’

CH₃COOR’ + NaOH → CH₃COONa + R’OH

R’OH + Na → R’ONa + H₂

Ta có: n_H2 = 0,1 mol => n_ancol = 2.0,1 = 0,2 mol

n_NaOH = 0,3 mol > n_ancol => NaOH dư, este phản ứng hết

=> n_este = n_ancol = 0,2 mol => M_este = 20,4/0,2 = 102

=> R’ = 102 – 59 = 43 => gốc R’ là C₃H₇- và ancol bậc 2

Đáp án cần chọn là: B

Chất C tác dụng với Na sinh ra khí H₂ => C là ancol

Oxi hóa C ra E không phản ứng với AgNO₃ => C không là ancol bậc 1

Dựa vào các đáp án cho A là este đơn chức => B là muối của Na

Nung B với NaOH rắn tạo ra D có M_D = 32.0,9375 = 30 => D là C₂H₆ => Gốc R trong D là C₂H₅-

Đặt công thức của A là RCOOR’

C₂H₅COOR’ + NaOH → C₂H₅COONa + R’OH

R’OH + Na → R’ONa + H₂

Ta có: n_H2 = 0,025 mol => n_ancol = 2.0,025 = 0,05 mol

n_NaOH = 0,07 mol > n_ancol => NaOH dư, este phản ứng hết

=> n_este = n_ancol = 0,05 mol => 5,8/0,05 = 116 đvc

=> R’ = 116 – 73 = 43 => gốc R’ là C₃H₇-  mà ancol thu được sản phẩm không tráng gương => ancol bậc 2

Đáp án cần chọn là: D

→ Z chứa 1 este của phenol và 1 este của ancol.

Gọi X là este của phenol và Y là este của ancol

Ta có:

Este của phenol (X) + 2NaOH→ Muối của axit cacboxylic + muối phenolat + H₂O

Este của ancol (Y) + NaOH → Muối của axit cacboxylic + ancol

→ Z chứa 1 este của phenol và 1 este của ancol.

Gọi X là este của phenol và Y là este của ancol

Ta có:

Este của phenol (X) + 2NaOH→ Muối của axit cacboxylic + muối phenolat + H₂O

Este của ancol (Y) + NaOH → Muối của axit cacboxylic + ancol

=> Muối có phân tử khối lớn nhất là C₆H₅COONa; n_C6H5COONa = n_CH3OH

=> m _C6H5COONa = 7,2 gam

Đáp án cần chọn là: B

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

m_este = m_C + m_H + m_O → m_O = 0,11 − 0,06 − 0,01 = 0,04g

CTPT của X là: C₄H₈O₂ → este no, đơn chức, mạch hở

Số đồng phân là: HCOOCH₂CH₂CH₃; HCOOCH(CH₃)₂; CH₃COOC₂H₅; C₂H₅COOCH₃

Đáp án cần chọn là: A

Bảo toàn khối lượng => m _{oxi cháy} = m _CO2 + m _H2O – m _este

=> m _{oxi cháy} = 11,2 gam

=> n _{oxi cháy} = 0,35 mol

Ta thấy n _H2O = n _CO2 => este no, đơn chức mạch hở => CT chung là C_nH_2nO₂ (n ≥ 2)

Bảo toàn nguyên tố oxi => 2 n_este + 2. n _{oxi cháy} = 2 n_CO2 + n_H2O

=> n_este = 0,1 mol

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

=> Số cacbon là 0,3/0,1 = 3.

=> CTPT este là C₃H₆O₂. Có đồng phân HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH₃

Đáp án cần chọn là: C

Vinyl axetat (C₄H₆O₂): CH₃COOCH=CH₂

Metyl axetat (C₃H₆O₂): CH₃COOCH₃

Etyl fomat (C₃H₆O₂): HCOOC₂H₅

Quy đổi hỗn hợp thành: C₄H₆O₂ và C₃H₆O₂

Etyl acrylat (C₅H₈O₂): CH₂ = CH – COOC₂H₅

Etyl axetat (C₄H₈O₂): CH₃COOC₂H₅

Metyl propionat (C₄H₈O₂): C₂H₅COOCH₃

Quy đổi hỗn hợp thành: C₅H₈O₂ và C₄H₈O₂

n_H2O = 1,2 mol

Đáp án cần chọn là: B

Thủy phân X trong NaOH thu được muối Y có khả năng tham gia phản ứng tráng gương → Y là HCOONa

Mặt khác X có số nguyên tử C bằng 1 nửa số nguyên tử C trong X → trong Z có số nguyên tử C bằng trong muối. → Z là CH₃OH

→ X: HCOOCH₃ ⇔ C₂H₄O₂

C₂H₄O₂ + 2O₂  2CO₂ + 2H₂O

     1                         2           2

CH₃OH  CH₃OCH₃ + H₂O    

Đáp án cần chọn là: C

Este X khi đốt cháy thu được số mol nước bằng số mol CO₂ → este no, đơn chức, mạch hở => D sai

Thủy phân X trong NaOH thu được muối Y có khả năng tham gia phản ứng tráng gương → Y là HCOONa

Mặt khác Z có số nguyên tử C bằng 2/3 số nguyên tử C trong X → trong X có 3 nguyên tử C và Z có 2 nguyên tử C => Công thức của Z là C₂H₅OH => B đúng và công thức X là HCOOC₂H₅

Đốt cháy X thu được 3 mol CO₂ và 3 mol nước => A sai

C₂H₅OH  C₂H₄ => C sai.

Đáp án cần chọn là: B

n_H2 = 0,1 mol => n_ancol = n_H2. 2= 0,2 mol

n_ancol = n_NaOH => X gồm 2 este

RCOOR’ + NaOH → RCOONa + R’OH

Đáp án cần chọn là: C

hhX gồm hai chất hữu cơ đơn chức.X + 0,5 mol KOH

→ muối của hai axit cacboxylic và 2 ancol

ancol + Na dư → 0,4 mol H₂.

• n_KOH = 0,5 mol

n_ancol = 2 xn_H2 = 2 x 0,4 = 0,8 mol > nKOH 

=> một chất là este và 1 chất là ancol

Đáp án cần chọn là: D

Các chất có công thức chung là C_nH_2n-2O₂

n_CO2 = n _H2O = 0,9 mol => este no, đơn chức, mạch hở

=> X no, đơn chức, mạch hở

Bảo toàn O => Ta có 2.n_X + 2. n _{oxi cháy}= 2.n_CO2 + n_H2O

=> n_X = 2.0,9+ 0,9- 2. 1,05 = 0,3 mol

Bảo toàn khối lượng => m_X = m_CO2 + m_H2O - m _{oxi cháy} = 22,2

=> M_X = 74 => C₃H₆O₂

=> HCOOC₂H₅ (a mol) và CH₃COOCH₃ (b mol)

n_X = a + b = 0,3

m_rắn = 68a + 82b + 0,1.40 = 27,2

=> a = 0,1 và b = 0,2

=> a : b = 1 : 2

Đáp án cần chọn là: C

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + Br₂ → (C₁₇H₃₃Br₂COO)₃C₃H₅

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3C₁₇H₃₃COONa + C₃H₅(OH)₃

Đáp án cần chọn là: A

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + Br₂ → (C₁₇H₃₃Br₂COO)₃C₃H₅

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + H₂ → (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3C₁₇H₃₅COONa + C₃H₅(OH)₃

=> Số chất không phản ứng với glixerin trioleat là 3

Đáp án cần chọn là: B

Phản ứng thủy phân tạo 2 muối → phương trình tổng quát dạng:

(R₁COO)₂C₃H₅(OOCR₂) + 3NaOH → 2R₁COONa + R₂COONa + C₃H₅(OH)₃

Phản ứng thủy phân tạo 2 muối → phương trình tổng quát dạng:

(R₁COO)₂C₃H₅(OOCR₂) +3 NaOH →2R₁COONa + R₂COONa + C₃H₅(OH)₃

 n_lipit = n_glixerol = 0,1 mol

Ta có:

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

     0,02       ←     0,06             →            0,02

Bảo toàn khối lượng:

Đáp án cần chọn là: A

Ta có: (RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH →3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

                        0,15           0,45                          →    0,15

Bảo toàn khối lượng:

m_{xà phòng} = m_{chất béo} + m_NaOH - m_glixerol = 120,9 + 0,45.40 – 0,15.92 = 125,1 gam

Đáp án cần chọn là: B

Phản ứng tổng quát: (RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

n_Glixerol = 9,2 : 92 = 0,1 mol → n_NaOH = 3n_Glixerol = 0,3 mol

Bảo toàn khối lượng: m + m_NaOH = m_muối + m_glixerol

→ m = 91,8 + 9,2 - 0,3.40 = 89 gam

Đáp án cần chọn là: A

Phản ứng thủy phân chất béo: (RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

Ta luôn có: n _Glixerol = 1/3.n_NaOH = 0,04 mol

BTKL: m muối = m _{chất béo} + m_NaOH - m _glixerol

= 35,6 + 0,12.40 - 0,04.92 = 36,72 (g)

Đáp án cần chọn là: C

Để trung hòa 200 gam chất béo có chỉ số axit bằng 7

n_NaOH = n_KOH = (7/56).(1/1000) . 200

= 0,025 mol

RCOOH + NaOH → RCOONa + H₂O

        0,025       0,025

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

          3x                                  x

Bảo toàn khối lượng: m_{chất béo} + m_axit + m_NaOH = m_muối + m_glixrol

→

→ x = 0,25 → ∑n_NaOH = 0,025 + 3.0,25 = 0,775 mol → m_NaOH = 0,775.40 = 31 gam

Đáp án cần chọn là: B

Để trung hòa 50 gam chất béo có chỉ số axit bằng 6

n_NaOH = n_KOH = (7/56).(1/1000). 50 = 0,00625 mol

RCOOH + NaOH → RCOONa + H₂O

0,00625                       0,00625               

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH →3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

   x                           3x                                      x

Bảo toàn khối lượng: m_{chất béo} + m_axit + m_NaOH = m_muối + m_glixrol

=> 50 + (0,00625+3x).40 = 52,49 + x.92

=> x = 0,08

n_NaOH = 0,00625 + 3.0,08 = 0,24625 mol

Đáp án cần chọn là: B

Ancol + Na dư → 0,04 mol H₂ và m_{bình tăng} = 2,48 gam

=> n_ancol = 2.n_H2 = 0,08 mol và m_ancol = m_{bình tăng} + m_H2 = 2,56 gam

=> M_ancol = 32 => ancol là CH₃OH

=> X gồm 2 este no dạng C_nH_2n+1COOCH₃ và 1 este không no dạng C_mH_2m-1COOCH₃ (m ≥ 2)

+) Đốt 5,88 gam X (ứng với 0,08 mol) + O₂  ? mol CO₂ + 0,22 mol H₂O

n_{O trong X} = 2.n_X = 0,16 mol và m_X = m_C + m_H + m_O => n_C = 0,24 mol

Tương quan đốt có n_{este không no} = 

=> n_{2 este no} = 0,06 mol

=> 2 este no là HCOOCH₃ và CH₃COOCH₃

Vì este không no chứa ít nhất 4C, chặn khoảng giá trị số C của este không no:

$\frac{0,24-0,06.3}{0,02}$ = 3 < số C_{este không no} < 6 = $\frac{0,24-0,06.2}{0,02}$

Tuy nhiên ứng với C₄ có mỗi công thức CH₂=CHCOOCH₃ không có đồng phân hình học => loại

=> etse không no có 5C và cấu tạo có đồng phân hình học là: CH₃CH=CHCOOCH₃

Đáp án cần chọn là: D

Ancol + Na dư → 0,1 mol H₂ và m_{bình tăng} = 9 gam

=> n_ancol = 2.n_H2 = 0,2 mol và m_ancol = m_{bình tăng} + m_H2 = 9,2gam

=> M_ancol = 46 => ancol là C₂H₅OH

=> X gồm 2 este no dạng C_nH_2n+1COO C₂H₅ và 1 este không no dạng C_mH_2m-1COO C₂H₅ (m ≥ 3)

+) Đốt 16,8 gam X (ứng với 0,2 mol) + O₂  ? mol CO₂ + 0,7 mol H₂O

n_{O trong X} = 2.n_X = 0,4 mol và m_X = m_C + m_H + m_O => n_C = 0,75 mol

Tương quan đốt có n_{este không no} =n _CO2 - n _H2O = 0,75- 0,7 = 0,05

=> n_{2 este no} = 0,15 mol

=> 2 este no là HCOOCH₃ và CH₃COOCH₃

Vì este không no chứa ít nhất 4C, chặn khoảng giá trị số C của este không no:

$\frac{0,75-0,15.4}{0,05}$ = 3 < số C_{este không no} < $\frac{0,75-0,15.3}{0,05}$ = 6

Tuy nhiên ứng với C₄ có mỗi công thức CH₂=CHCOOC₂H₅

=> % este không no bằng %

Đáp án cần chọn là: A

Vậy este X có số C = số O => 2 muối trong Z chỉ có thể là HCOONa (x mol) và (COONa)₂ (y mol)

n_NaOH = x + 2y = 0,42

Bảo toàn khối lượng: m_muối = 68x + 134y = 0,09

=> x = 0,24 và y = 0,09

=> a : b = 1,353

Đáp án cần chọn là: D

=> M_X = 72,286

=> n_CO2 = 0,9 => số C = 2,57

Vậy este X có số C = số O => 2 muối trong Z chỉ có thể là HCOONa (x mol) và (COONa)₂ (y mol)

n_NaOH = x + 2y = 0,8

Bảo toàn khối lượng: m_muối = 68x + 134y = 54,2

=> x = 0,6 và y = 0,1

=> a : b = 3,044 :1

Đáp án cần chọn là: C

Bảo toàn H cho phản ứng đốt m (g) X → n_H(X) = 2n_H2O = 2,08 mol

- Xét phản ứng thủy phân m gam X trong NaOH:

Đặt n_X = a mol

Bảo toàn H → n_H(X) + n_NaOH = 2n_{H2O(đốt muối)} + 8n_C3H8O3

→ 2,08 + 3a = 2.0,99 + 8a → a = 0,02

Bảo toàn Na → n_Na2CO3 = 1/2.n_NaOH = 0,03 mol

Bảo toàn C → n_C(X) = n_{Na2CO3(đốt muối)} + n_{CO2(đốt muối)} + 3n_C3H5(OH)3 = 1,1 mol

- Xét phản ứng đốt m (g) X:

Bảo toàn C → n_{CO2(đốt X)} = n_C(X) = 1,1 mol

Ta có:

⇔ k = 4

⟹ X có 1 π ở gốc hiđrocacbon (vì 3 nhóm COO chiếm 3 π)

⟹ n_Br2 = n_X = 0,02 mol

Đáp án cần chọn là: C

BTKL → m_X = m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 2,01.44 + 1,84.18 - 2,82.32 = 31,32 gam

Đặt số mol của axit oleic và triglixerit lần lượt là 2a và 3a mol

Bảo toàn O → 2.2a + 6.3a + 2.2,82 = 2.2,01 + 1,84 → a = 0,01

→ n_{axit oleic} = 0,02 mol; n_triglixerit = 0,03 mol

*Khi đốt hợp chất hữu cơ bất kì (chứa C, H, O) có độ bất bão hòa k, ta luôn có: n_CO2 - n_H2O = n_hchc.(k-1)

- Đốt axit oleic (k = 2) thì: n_{CO2(do axit oleic)} - n_{H2O(do axit oleic)} = 0,02 (*)

- Đốt triglixerit Y (k) thì: n_{CO2(do Y)} - n_{H2O(do Y)} = 0,03.(k - 1) (**)

Cộng vế với vế của (*) và (**) được:

      ∑n_CO2 - ∑n_H2O = 0,02 + 0,03.(k - 1)

→ 2,01 - 1,84 = 0,02 + 0,03.(k - 1)

→ k = 6

*Khi cho hỗn hợp tác dụng với Br₂ thì:

n_Br2 = n_{axit oleic} + 3.n_triglixerit = 0,02 + 3.0,03 = 0,11 mol

Tỷ lệ: 31,32 gam hỗn hợp X tác dụng với tối đa 0,11 mol Br₂

→       46,98 gam ……………………………….0,165 mol

Vậy x = 0,165

Đáp án cần chọn là: A

Ta có n_Br2 : n_X = 0,32 : 0,08 = 4 nên các gốc hiđrocacbon của chất béo có tổng cộng 4π

Mà mỗi gốc COO có 1π nên độ bất bão hòa của toàn phân tử X là k = 4 + 3 = 7

- Phản ứng đốt 0,08 mol X:

Giả sử n_CO2 = a và n_H2O = b (mol)

+) Bảo toàn O → 6n_X + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

→ 2a + b = 6.0,08 + 2.6,36 (1)

Giải (1) (2) được a = 4,56 và b = 4,08

BTKL → m_X = m_CO2 + m_H2O - m­_O2 = 4,56.44 + 4,08.18 - 6,36.32 = 70,56 gam

Ta có           X + 3NaOH → Muối + C₃H₅(OH)₃

                  0,08 → 0,24 →                    0,08       (mol)

BTKL → m_muối = m_X + m_NaOH - m_C3H5(OH)3

= 70,56 + 0,24.40 - 0,08.92 = 72,8 gam

Đáp án cần chọn là: A

BTKL → m_CO2 = m_X + m_O2 - m_H2O = 110x - 121y (g)

→ n_CO2 = 2,5x - 2,75y (mol)

Bảo toàn O → n_{O(trong X)} = 2n_CO2 + n_H2O - 2n_O2 = 3x - 4,5y (mol)

X có 6O → n_X = 1/6.n_{O(trong X)} = 0,5x - 0,75y (mol)

Khi đốt hợp chất hữu cơ chứa C, H, O thì:

→ k = 6

=> X có chứa 6 liên kết π, mà có 3 π trong 3 nhóm COO

→ còn lại 3 π ngoài gốc hiđrocacbon

- Khi X phản ứng với Br₂ thì X + 3Br₂ → Sản phẩm cộng

→ n_X = 1/3.n_Br2 = 1/3.0,45 = 0,15 mol = a

Đáp án cần chọn là: B

BTKL → m_CO2 = m_X + m_O2 - m_H2O = 11a - 121b

→ n_CO2 = 2,5x - 2,75y (mol)

Bảo toàn O → n_{O(trong X)} = 2n_CO2 + n_H2O - 2n_O2 = 3x - 4,5y (mol)

X có 6O → n_X = 1/6.n_{O(trong X)} = 0,5x - 0,75y (mol)

Khi đốt hợp chất hữu cơ chứa C, H, O thì: 

→ k = 6

=> X có chứa 6 liên kết π, mà có 3 π trong 3 nhóm COO

→ còn lại 3 π ngoài gốc hiđrocacbon

- Khi X phản ứng với Br₂ thì X + 3Br₂ → Sản phẩm cộng

→ n_X = 1/3.n_Br2 = 1/3.0,15 = 0,05 mol = a

Đáp án cần chọn là: A

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3H₂ → (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

→ n_H2 = 3n_triolein = 3.26,52 : 884 = 0,09 mol → V_H2 = 0,09.22,4 = 2,016 lít

Đáp án cần chọn là: C

= 8,06 + 0,03.40 – 0,01.92 = 8,34 gam

Đáp án cần chọn là: D

X + O₂ → x mol CO₂ + y mol H₂O

n_O2 = 1,24 mol 

m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O → 13,728 + 1,24.32 = 44x + 18y (1)

Mà x – y = 0,064 mol => x = 0,88 mol và y = 0,816 mol

Bảo toàn O có n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O → n_O(X) 

= 2.0,88 + 0,816 – 2.1,24 =0,096 mol

Vì X là triglixerit nên n_O(X) = 6n_X → n_X = 0,016 mol

Ta có nX = (nCO2 - nH2O)/(k -1) => k = 5 

→ X cộng tối đa với 2H₂ → no

X + 0,096 mol H₂ → Y => n_X = 0,048 mol → m_X =41,184 gam

→m_Y = 41,184 + 0,096.2 =41,376 gam

n_Y =n_X =0,048 mol

Y + 3NaOH → a gam muối + C₃H₅(OH)₃

n_NaOH = 3n_Y = 0,048.3 =0,144 mol và n_C3H5(OH)3 = 0,048 mol

→ BTKL: m_muối = m_Y + m_NaOH – m_C3H5(OH)3 

= 41,376 + 0,144.40 – 0,048.92 = 42,72 gam

Đáp án cần chọn là: B

Triolein + H₂ theo tỉ lệ 1:3

Bảo toàn khối lượng: m_Triolein + m_{H2 pứ} = m_X

=> m_{H2 pứ} = (m + 0,3) – m = 0,3g

=> n_H2 = 0,3 : 2 = 0,15 mol

=> n_tristearin = n_H2 : 3 = 0,05 mol

Khi X + NaOH:

            (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ + 3KOH → 3C₁₇H₃₅COOK + C₃H₅(OH)₃

Mol                  0,05                 →                0,15 mol

=> m_muối = 0,15.322 = 48,3g

Đáp án cần chọn là: C

- Gọi công thức của X là (RCOO)₃C₃H₅ có k liên kết pi

n_O2 = 9,016 : 22,4 = 0,4025 mol ; n_CO2 = 6,384 : 22,4 = 0,285 mol ; n_H2O = 0,265 mol

Bảo toàn nguyên tố O: n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

=> n_O(X) = 0,03 mol = 6n_(X) => n_X = 0,005 mol

Mặt khác: (k – 1).n_X = (n_CO2 – n_H2O) => k = 5

Có 3 pi trong 3 gốc COO => 2 pi còn lại sẽ nằm trong gốc hidrocacbon (Có thể phản ứng được với Br₂/CCl₄)

=> n_Br2 = 2.n_X = 2.0,005 = 0,01 mol

=> m_Br2 = x = 0,01.160 = 1,6g

Đáp án cần chọn là: A