Đề tham khảo Tốt nghiệp THPT Vật Lí 2026-2027 (Đề 15)

Đáp án đúng B

Do áp suất của khối khí không đổi và thể tích tăng 2 lần nên nhiệt độ tuyệt đối của khối khí tăng 2 lần.

Đáp án đúng A

Chiều dòng điện ngược chiều dịch chuyển của các electron tự do.

Độ lớn lực từ khi đó bằng .

Đáp án đúng D

Xét hình 4, Độ lớn cảm ứng từ giảm nên từ thông xuyên qua diện tích khung dây giảm. Dựa vào định luật Lenz ta xác định được vector cảm ứng từ của từ trường của dòng điện cảm ứng $\overrightarrow{{\mathrm{B}}_{\mathrm{c}}}$ cùng chiều với $\overrightarrow{\mathrm{B}}$.

Sử dụng quy tắc nắm bàn tay phải ta xác định được chiều dòng điện cảm ứng khi đó ngược với chiều trên hình 4.

Đáp án đúng B

Bếp từ hoạt động dựa trên hiện tượng cảm ứng điện từ để tạo dòng điện Fu-cô làm nóng đáy nồi.

Ghi ta điện ứng dụng hiện tượng cảm ứng điện từ trong bộ phận pickup để biến dao động dây đàn thành tín hiệu điện.

Máy biến áp hoạt động hoàn toàn dựa trên hiện tượng cảm ứng điện từ.

Loa điện động chủ yếu hoạt động dựa trên lực từ tác dụng lên dây dẫn có dòng điện, không phải hiện tượng cảm ứng điện từ.

Đáp án đúng B

Độ lớn suất điện động cảm ứng xuất hiện trong vòng dây:

$\left|{\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}\right|=\left|-\frac{∆\mathrm{\Phi }}{∆\mathrm{t}}\right|=\left|-\frac{∆\mathrm{B}.\mathrm{S}}{∆\mathrm{t}}\right|=\left|-\frac{∆\mathrm{B}}{∆\mathrm{t}}\right|.\mathrm{S}$

Từ hình vẽ ta thấy, từ 0s đến 1s đồ thị dốc nhất nên $\left|-\frac{∆\mathrm{B}}{∆\mathrm{t}}\right|$ lớn nhất.

Vậy, độ lớn suất điện động cảm ứng xuất hiện trong vòng dây đạt giá trị lớn nhất trong khoảng thời gian từ 0s đến 1s.

Đáp án đúng C

Độ tăng nhiệt độ: ∆t = 80,6 – 42,4 = 38,2 °C.

Sai số tuyệt đối của độ tăng nhiệt độ: ∆ (∆t) = 0,2 + 0,3 = 0,5 °C.

Vậy, độ tăng nhiệt độ của nước là 38,2 ± 0,5 (°C).

Đáp án đúng B

Năng lượng cần thiết để tách một hạt nhân thành các nucleon riêng lẻ được gọi là năng lượng liên kết.

Đáp án đúng D

Một hạt nhân nặng bị tách thành các hạt nhân nhẹ hơn nên đây là phản ứng phân hạch. Phản ứng này tỏa năng lượng.

Đáp án đúng D

Mỗi phản ứng nhiệt hạch đang xét cần sử dụng 2 hạt ${}_1{}^2\mathrm{H}$. Do đó, số lượng phản ứng nhiệt hạch khi sử dụng hết 2026 mg ${}_1{}^2\mathrm{H}$ là:

$\mathrm{N}=\frac{1}{2}.{\mathrm{N}}_{{}_1{}^2\mathrm{H}}=\frac{1}{2}.\frac{2026.{10}^{-3}}{2}.\mathrm{6,02}.{10}^{23}=\mathrm{3,04913}.{10}^{23}$ phản ứng.

Tổng năng lượng thu được:

W $=\mathrm{3,04913}.{10}^{23}.\mathrm{3,25}\approx \mathrm{9,91}.{10}^{23}$ MeV.

a) ĐÚNG

Trong phút thứ 10, nước trong cốc đang sôi nên tồn tại đồng thời ở thể lỏng và thể hơi.

b) ĐÚNG

Nhiệt độ sôi của nước trong thí nghiệm này là 100 °C ứng với 373 K.

c) ĐÚNG

Trong khoảng thời gian từ thời điểm 0 phút đến thời điểm 7 phút, nội năng của nước tăng vì nước được nhận nhiệt lượng và lượng nước bay hơi không đáng kể.

d) SAI

Trong suốt quá trình nước sôi, nhiệt độ của nước không thay đổi. Tuy nhiên, nước vẫn nhận nhiệt từ bếp điện để hóa hơi.

a) ĐÚNG

Khi mực nước trong hai nhánh A và B ngang nhau, áp suất tại mực nước ở hai nhánh bằng nhau. Khi đó, áp suất tại điểm ở mực nước bên nhánh B bằng áp suất khí quyển. Nên áp suất của khối khí trong bình X bằng áp suất khí quyển.

b) SAI

Khi nhiệt độ của khối khí trong bình tăng lên, khí trong bình nở ra làm mực nước ở nhánh A hạ xuống và mực nước ở nhánh B dâng lên cho đến khi mực nước trong hai nhánh ổn định. Khi đó, áp suất của khối khí trong bình X tăng đến giá trị $\mathrm{p}={\mathrm{p}}_0+\mathrm{\rho }\mathrm{g}\mathrm{h}$ (h là độ chênh lệch mực nước giữa hai nhánh). Nên không bằng giá trị ban đầu (${\mathrm{p}}_0$).

c) ĐÚNG

Khi độ chênh lệch mực nước giữa hai nhánh là h = 30 cm, áp suất của khối khí trong bình là:

$\mathrm{p}={\mathrm{p}}_0+\mathrm{\rho }\mathrm{g}\mathrm{h}={10}^5+\mathrm{1000.9,81.0,3}\approx \mathrm{1,03}.{10}^5$ Pa.

d) SAI

Áp suất của khối khí trong bình X sau khi đổ thêm nước là:

${\mathrm{p}}_2={\mathrm{p}}_0+\mathrm{\rho }\mathrm{g}{\mathrm{h}}^{\mathrm{\text{'}}}={10}^5+\mathrm{1000.9,81.1,25}=\mathrm{112262,5}$ Pa.

Nhiệt độ của khối khí khi đó:

$\frac{{\mathrm{p}}_1}{{\mathrm{T}}_1}=\frac{{\mathrm{p}}_2}{{\mathrm{T}}_2}$ ⇔ ${\mathrm{T}}_2=\frac{{\mathrm{p}}_2{\mathrm{T}}_1}{{\mathrm{p}}_1}=\frac{\mathrm{112262,5.300}}{{10}^5}\approx 337$ K.

Nhiệt độ của dung dịch bằng nhiệt độ của khối khí trong bình X và bằng 337 K hay 64 °C.

a) ĐÚNG

Tại thời điểm ban đầu t = 0, ta có: $\left(\overrightarrow{\mathrm{n}};\overrightarrow{\mathrm{B}}\right)=\frac{\mathrm{\pi }}{6}$ (rad).

Tại thời điểm t (s), ta có: $\left(\overrightarrow{\mathrm{n}};\overrightarrow{\mathrm{B}}\right)=\mathrm{\omega }\mathrm{t}+\frac{\mathrm{\pi }}{6}$ (rad).

Từ thông xuyên qua diện tích S của mỗi vòng dây dẫn tại thời điểm t (s) có dạng là:

$\mathrm{\Phi }\left(\mathrm{t}\right)=\mathrm{B}\mathrm{S}\cos \left(\overrightarrow{\mathrm{n}};\overrightarrow{\mathrm{B}}\right)=\mathrm{B}\mathrm{S}\cos \left(\mathrm{\omega }\mathrm{t}+\frac{\mathrm{\pi }}{6}\right)$ (Wb).

b) SAI

Theo định luật Faraday, suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây dẫn kín tại thời điểm t (s) có dạng là:

${\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}=-\mathrm{N}\frac{\mathrm{d}\mathrm{\Phi }\left(\mathrm{t}\right)}{\mathrm{d}\mathrm{t}}=\mathrm{N}\mathrm{B}\mathrm{S}\mathrm{\omega }\sin \left(\mathrm{\omega }\mathrm{t}+\frac{\mathrm{\pi }}{6}\right)=\mathrm{N}\mathrm{B}\mathrm{S}\mathrm{\omega }\cos \left(\mathrm{\omega }\mathrm{t}+\frac{\mathrm{\pi }}{6}-\frac{\mathrm{\pi }}{2}\right)$ (V).

c) ĐÚNG

Do khung dây dẫn kín quay đều với tần số góc ω nên từ thông xuyên qua diện tích S của khung dây dẫn biến thiên điều hòa với tần số góc ω. Khi đó, dòng điện cảm ứng xuất hiện trong khung dây dẫn kín là dòng điện xoay chiều có cường độ dòng điện biến thiên điều hòa theo thời gian với tần số góc ω, chu kì $\mathrm{T}=\frac{2\mathrm{\pi }}{\mathrm{\omega }}$ (s).

d) ĐÚNG

Dòng điện đổi chiều khi suất điện động cảm ứng đổi dấu, tức là ${\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}=0$

Hay ${\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}=-\mathrm{N}\frac{\mathrm{d}\mathrm{\Phi }\left(\mathrm{t}\right)}{\mathrm{d}\mathrm{t}}=\mathrm{N}\mathrm{B}\mathrm{S}\mathrm{\omega }\sin \left(\mathrm{\omega }\mathrm{t}+{\mathrm{\phi }}_0\right)=0$ ⇒ $\sin \left(\mathrm{\omega }\mathrm{t}+{\mathrm{\phi }}_0\right)=0$ ⇒ $\cos \left(\mathrm{\omega }\mathrm{t}+{\mathrm{\phi }}_0\right)=\pm 1.$

Suy ra: ${\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}=0$ khi $\overrightarrow{\mathrm{B}}$ và $\overrightarrow{\mathrm{n}}$ cùng phương.

a) ĐÚNG

Số nguyên tử ${}_{84}{}^{210}\mathrm{P}\mathrm{o}$ có trong 1,5 g ban đầu là:

${\mathrm{N}}_{0\mathrm{}\left(\mathrm{P}\mathrm{o}\right)}=\frac{\mathrm{m}}{\mathrm{M}}.{\mathrm{N}}_{\mathrm{A}}=\frac{\mathrm{1,5}}{210}.\mathrm{6,02}.{10}^{23}=\mathrm{4,3}.{10}^{21}$ nguyên tử.

b) SAI

Số lượng hạt nhân ${}_{53}{}^{131}\mathrm{I}$ phân rã trong vòng 1 ngày đầu tiên là:

$∆{\mathrm{N}}_{\mathrm{I}}={\mathrm{N}}_{0\left(\mathrm{I}\right)}-{\mathrm{N}}_{\mathrm{I}}={\mathrm{N}}_{0\left(\mathrm{I}\right)}\left(1-\mathrm{}{2}^{-\frac{\mathrm{t}}{{\mathrm{T}}_{\mathrm{I}}}}\right)=\frac{{\mathrm{m}}_{0\left(\mathrm{I}\right)}}{{\mathrm{A}}_{\mathrm{I}\mathrm{}}}$.${\mathrm{N}}_{\mathrm{A}}.\left(1-\mathrm{}{2}^{-\frac{\mathrm{t}}{{\mathrm{T}}_{\mathrm{I}}}}\right)$

$=\frac{\mathrm{1,5}}{131}.\mathrm{6,02}.{10}^{23}.\left(1-\mathrm{}{2}^{-\frac{1}{\mathrm{8,02}}}\right)\approx \mathrm{5,707}.{10}^{20}$ hạt.

c) ĐÚNG

Số lượng hạt nhân ${}_{84}{}^{210}\mathrm{P}\mathrm{o}$ phân rã trong vòng 1 ngày đầu tiên là:

$∆{\mathrm{N}}_{\mathrm{P}\mathrm{o}}={\mathrm{N}}_{0\left(\mathrm{P}\mathrm{o}\right)}-{\mathrm{N}}_{\mathrm{P}\mathrm{o}}={\mathrm{N}}_{0\left(\mathrm{P}\mathrm{o}\right)}\left(1-\mathrm{}{2}^{-\frac{\mathrm{t}\mathrm{}}{{\mathrm{T}}_{\mathrm{P}\mathrm{o}}}}\right)=\mathrm{4,3}.{10}^{21}.\left(1-\mathrm{}{2}^{-\frac{1}{\mathrm{138,4}}}\right)\approx \mathrm{2,148}.{10}^{19}$ hạt.

Theo Câu b, ta có số lượng hạt nhân ${}_{53}{}^{131}\mathrm{I}$ phân rã trong vòng 1 ngày đầu tiên là $∆{\mathrm{N}}_{\mathrm{I}}\approx \mathrm{5,707}.{10}^{20}$ hạt; $∆{\mathrm{N}}_{\mathrm{I}}>∆{\mathrm{N}}_{\mathrm{P}\mathrm{o}}$.

Mà mỗi hạt nhân khi phân rã chỉ phát ra một tia phóng xạ và số tín hiệu máy đếm được tỉ lệ thuận với số lượng hạt nhân bị phân rã.

Vậy sau 1 ngày đầu tiên, máy đo bức xạ ứng với mẫu chất chứa ${}_{53}{}^{131}\mathrm{I}$ đếm được nhiều tín hiệu hơn.

d) SAI

Độ phóng xạ của hạt nhân ${}_{84}{}^{210}\mathrm{P}\mathrm{o}$ sau 1 ngày đầu tiên là:

${\mathrm{H}}_{\mathrm{t}}=\mathrm{\lambda }.{\mathrm{N}}_{\mathrm{t}}=\frac{\ln 2}{{\mathrm{T}}_{\mathrm{P}\mathrm{o}}}.{\mathrm{N}}_{0\left(\mathrm{P}\mathrm{o}\right)}.2^{-\frac{\mathrm{t}}{{\mathrm{T}}_{\mathrm{P}\mathrm{o}}}}=\frac{\ln 2}{\mathrm{138,4.24.3600}}.\mathrm{4,3}.{10}^{21}.2^{-\frac{1}{\mathrm{138,4}}}\approx \mathrm{2,48}.{10}^{14}$ Bq.

Đáp án: 1538

Thể tích ethylic acohol: ${\mathrm{V}}_{\mathrm{e}\mathrm{t}\mathrm{h}\mathrm{y}\mathrm{l}\mathrm{i}\mathrm{c}\mathrm{}\mathrm{a}\mathrm{c}\mathrm{o}\mathrm{h}\mathrm{o}\mathrm{l}}=\frac{\mathrm{S}.{\mathrm{V}}_{\mathrm{r}\mathrm{ư}\mathrm{ợ}\mathrm{u}\mathrm{}\mathrm{e}\mathrm{t}\mathrm{h}\mathrm{y}\mathrm{l}\mathrm{i}\mathrm{c}}}{100}=\frac{20.750.{10}^{-6}}{100}=15.{10}^{-5}$ m³.

Thể tích nước: ${\mathrm{V}}_{\mathrm{n}\mathrm{ư}\mathrm{ớ}\mathrm{c}}={\mathrm{V}}_{\mathrm{r}\mathrm{ư}\mathrm{ợ}\mathrm{u}\mathrm{}\mathrm{e}\mathrm{t}\mathrm{h}\mathrm{y}\mathrm{l}\mathrm{i}\mathrm{c}}-{\mathrm{V}}_{\mathrm{e}\mathrm{t}\mathrm{h}\mathrm{y}\mathrm{l}\mathrm{i}\mathrm{c}\mathrm{}\mathrm{a}\mathrm{c}\mathrm{o}\mathrm{h}\mathrm{o}\mathrm{l}}=750.{10}^{-6}-15.{10}^{-5}=60.{10}^{-5}$ m³.

Khối lượng ethylic acohol: ${\mathrm{m}}_{\mathrm{e}}={\mathrm{D}}_{\mathrm{e}}.{\mathrm{V}}_{\mathrm{e}\mathrm{t}\mathrm{h}\mathrm{y}\mathrm{l}\mathrm{i}\mathrm{c}\mathrm{}\mathrm{a}\mathrm{c}\mathrm{o}\mathrm{h}\mathrm{o}\mathrm{l}}=789.15.{10}^{-5}=\mathrm{0,11835}$ kg.

Khối lượng nước: ${\mathrm{m}}_{\mathrm{n}}={\mathrm{D}}_{\mathrm{n}}.{\mathrm{V}}_{\mathrm{n}\mathrm{ư}\mathrm{ớ}\mathrm{c}}=997.60.{10}^{-5}=\mathrm{0,5982}$ kg.

Kể từ thời điểm nhiệt độ của rượu vừa đạt 78 °C, nhiệt độ cung cấp để ethylic acohol hóa hơi hoàn toàn, nước tăng nhiệt độ tới 100 °C và nước hóa hơi hoàn toàn, nên ta có:

$\mathrm{Q}={\mathrm{L}}_{\mathrm{e}}.{\mathrm{m}}_{\mathrm{e}}+{\mathrm{m}}_{\mathrm{n}}.{\mathrm{c}}_{\mathrm{n}}.∆\mathrm{T}+{\mathrm{L}}_{\mathrm{n}}.{\mathrm{m}}_{\mathrm{n}}$

$\mathrm{Q}=\mathrm{0,9}.{10}^6.\mathrm{0,11835}+\mathrm{0,5982.4200}.\left(100-78\right)+\mathrm{2,3}.{10}^6.\mathrm{0,5982}$

$\mathrm{Q}\approx 1\mathrm{}537\mathrm{}649$ J $\approx 1\mathrm{}538$ kJ.

Đáp án: 25,6

Ta có: $\mathrm{\wp }.\mathrm{t}=\mathrm{Q}$ ⇔ $\mathrm{t}=\frac{\mathrm{Q}}{\mathrm{\wp }}=\frac{1537649}{1000}=\mathrm{1537,649}\mathrm{}\mathrm{s}\approx \mathrm{25,6}$ phút.

Đáp án: 59,5

Bệnh nhân cần thay bình oxygen mới khi áp suất khí trong bình bằng áp suất khí quyển (${\mathrm{p}}_2={\mathrm{p}}_0$). Do nhiệt độ khí trong bình không thay đổi nên theo định luật Boyle, ta có:

${\mathrm{p}}_1.{\mathrm{V}}_1={\mathrm{p}}_2.{\mathrm{V}}_2={\mathrm{p}}_0.\left({\mathrm{V}}_1+{\mathrm{V}}_{\mathrm{d}\mathrm{ù}\mathrm{n}\mathrm{g}}\right)$ ⇒ ${\mathrm{V}}_{\mathrm{d}\mathrm{ù}\mathrm{n}\mathrm{g}}=\frac{{\mathrm{p}}_1.{\mathrm{V}}_1}{{\mathrm{p}}_0}-{\mathrm{V}}_1=\frac{12.{10}^6.12}{{10}^5}-12=1428$ lít.

Khí oxygen được hít vào với lưu lượng trung bình: 8 lít/20 phút = 0,4 lít/phút.

Thời gian bệnh nhân sử dụng bình oxygen đến khi cần thay bình mới là: $\frac{1428}{\mathrm{0,4}}=3570$ phút = 59,5 giờ.

Đáp án: 0,02

Ta có: $\left|{\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}\right|=\left|-\frac{∆\mathrm{\Phi }}{∆\mathrm{t}}\right|=\left|-\frac{\mathrm{N}.∆\mathrm{B}.\mathrm{S}}{∆\mathrm{t}}\right|$ ⇒ $\frac{\left|∆\mathrm{B}\right|}{∆\mathrm{t}}=\frac{\left|{\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}\right|}{\mathrm{N}.\mathrm{S}}=\frac{\mathrm{0,05}}{500.50.{10}^{-4}}=\mathrm{0,02}$ T/s.

Đáp án: 16,3

Khi người ta cài đặt máy để cán được lá thép có độ dày 8 mm thì độ phóng xạ khi qua lá thép sẽ giảm còn:

$\mathrm{H}=\frac{{\mathrm{H}}_0}{{\mathrm{n}}_1}=\frac{{\mathrm{H}}_0}{{{\mathrm{n}}_0}^{\frac{{\mathrm{d}}_1}{{\mathrm{d}}_0}}}=\frac{260}{8^{\frac{8}{6}}}\approx \mathrm{16,3}$ Bq.

Đáp án: 3,5

Cường độ dòng điện hiệu dụng của dòng điện này là:

$\mathrm{I}=\frac{{\mathrm{I}}_0}{\sqrt{2}}=\frac{5}{\sqrt{2}}\approx \mathrm{3,5}$ A.