Đề tham khảo Tốt nghiệp THPT Vật Lí 2026-2027 (Đề 14)

Đáp án đúng C

Ta có mối liên hệ giữa áp suất, nhiệt độ tuyệt đối và mật độ phân tử chất khí: $\mathrm{p}=\mathrm{\mu }.\mathrm{k}.\mathrm{T}$

{\mathrm{p}}_1={\mathrm{p}}_2

⟺{\mathrm{\mu }}_1.\mathrm{k}.{\mathrm{T}}_1={\mathrm{\mu }}_2.\mathrm{k}.{\mathrm{T}}_2

⟹{\mathrm{\mu }}_1=\mathrm{1,5}{\mathrm{\mu }}_2

Đáp án đúng D

Trong sóng điện từ, dao động của điện trường và từ trường tại một điểm luôn cùng pha nhau.

Đáp án đúng A

Áp dụng quy tắc nắm bàn tay phải, ta xác định được các đường sức từ của dòng điện ngược chiều kim đồng hồ. Ta xác định được, tại vị trí đặt kim nam châm, vector cảm ứng từ B có phương nằm trong mặt phẳng hình vẽ hướng lên trên (cũng chính là chiều từ cực Nam đến cực Bắc của kim nam châm).

Đáp án đúng C

Chiều của dòng điện sẽ bị thay đổi do hai giai đoạn tiến lại gần vòng dây của nam châm và giai đoạn đi ra xa.

Đáp án đúng B

Độ lớn suất điện động hiệu dụng xuất hiện trong vòng dây:

E=\frac{E_0}{\sqrt{2}}=\frac{\omega BS}{\sqrt{2}}

Đáp án đúng D

Chu kì bán rã của một chất phóng xạ là khoảng thời gian để một nửa số hạt nhân phóng xạ bị phân rã.

Đáp án đúng A

Số hạt neutron của từng hạt nhân:

N_T=3-1=2;N_{He}=4-2=2.

Đáp án đúng C

Năng lượng liên kết của hạt nhân Be:

E=∆m.c^2=\left[Z.m_p+\left(A-Z\right).m_n-m_{Be}\right].c^2

⟹E=\left[4\bullet \mathrm{1,0073}+\left(10-4\right)\bullet \mathrm{1,0087}-\mathrm{10,0113}\right]\bullet \mathrm{931,5}\approx \mathrm{65,3}\mathrm{}MeV.

Đáp án đúng A

Tia gamma được ứng dụng vào phương pháp xạ phẫu là vì nó có khả năng đâm xuyên mạnh và khả năng hủy diệt tế bào.

a) SAI

Khi cho hai vật có nhiệt độ khác nhau tiếp xúc với nhau, năng lượng nhiệt sẽ truyền từ vật có nhiệt độ cao sang vật có nhiệt độ thấp hơn. Vì vậy, trong quá trình này, nước đã truyền nhiệt lượng cho nước đá.

b) ĐÚNG

Do nước đá có khối lượng riêng nhỏ hơn nước, lực đẩy Archimedes của nước tác dụng lên nước đá lớn hơn trọng lượng của viên nước đá. Vì vậy, nước đá sẽ nổi lên trên.

c) SAI

Nhiệt lượng mà nước đá thu được để chuyển từ nước đá ở – 11°C đến nhiệt độ nóng chảy:

Q_1=m_1.c_{\mathrm{đ}}.\Delta t_1=\mathrm{0,14}\bullet 2100\bullet \left(0+11\right)=3234\mathrm{}J.

d) SAI

Nhiệt nóng chảy riêng của nước đá đo được từ bảng số liệu trên:

\left|Q_{t\mathrm{ỏ}a}\right|=\left|Q_{thu}\right|

⟺Q_1+m_1.\lambda +m_1.c_n.\Delta t_2=m_2.c_n.\Delta t_3

⟺3234+\mathrm{0,14}\bullet \lambda +\mathrm{0,14}\bullet 4200\bullet \left(17-0\right)=\mathrm{1,79}\bullet 4200\bullet \left(25-17\right)

⟹\lambda ={\mathrm{335,1.10}}^3\mathrm{}J/kg=\mathrm{335,1}\mathrm{}kJ/kg.

a) ĐÚNG

Ta quan sát thấy đồ thị từ trạng thái (1) sang trạng thái (2) trong hệ tọa độ p – V là đường hyperbol $⟹$ Quá trình đẳng nhiệt.

b) ĐÚNG

Ta quan sát trên đồ thị từ trạng thái (2) sáng trạng thái (3) trong hệ tọa độ p – V là đường thẳng vuông góc với trục Op $⟹$ Quá trình đẳng áp.

c) SAI

Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng:

\frac{p_1.V_1}{T_1}=\frac{p_3.V_3}{T_3}⟹T_3=\frac{p_3.V_3}{p_1.V_1}.T_1=\frac{2p_1}{p_1}.\frac{2V_1}{V_1}.T_1=4T_1.

d) SAI

Áp dụng định luật Boyle:

p_1.V_1=p_2.V_2⟹V_2=\frac{p_1}{p_2}.V_1=\frac{1}{2}.V_1.

a) ĐÚNG

Khi có dòng chảy dẫn điện chảy qua trong ống, dưới tác dụng của từ trường, các hạt mang điện tích dương (q>0) sẽ di chuyển về phía bản cực M còn các hạt mang điện tích âm (q<0) sẽ di chuyển về phía bản cực N theo quy tắc bàn tay trái. Vì vậy, bản M sẽ tích điện dương.

b) ĐÚNG

Khi di chuyển trong ống, các hạt tải điện sẽ đi vào vùng điện trường và từ trường. Khi Volt kế đạt giá trị ổn định, các hạt tải điện sẽ nằm cân bằng dưới tác dụng của lực điện và lực từ (độ lớn của lực điện và lực từ là như nhau).

c) ĐÚNG

Do nước cất không mang có các hạt tải điện, nên điện kế sẽ luôn đạt giá tị 0 bất kể dòng chảy nhanh hay chậm.

d) SAI

Lưu lượng dòng chảy: $Q=S.v=\pi r^2.v\mathrm{}\left(r\mathrm{}l\mathrm{à}\mathrm{}b\mathrm{á}n\mathrm{}k\mathrm{í}nh\mathrm{}c\mathrm{ủ}a\mathrm{}\mathrm{ố}ng\right)$

Khi điện kế đạt giá trị ổn định:

F_{\mathrm{đ}}=F_t

⟺\left|q\right|.v.B=\left|q\right|.E

⟹v=\frac{E}{B}=\frac{U}{B.d}=\frac{U}{2.B.r}\mathrm{}\left(d\mathrm{}l\mathrm{à}\mathrm{}kho\mathrm{ả}ng\mathrm{}c\mathrm{á}ch\mathrm{}gi\mathrm{ữ}a\mathrm{}hai\mathrm{}b\mathrm{ả}n\mathrm{}M\mathrm{}v\mathrm{à}\mathrm{}N\right)

Ta thu được:

Q=\pi r^2.\frac{U}{2.B.r}=\frac{\pi .U.r}{2.B}

⟹U=\frac{2.B.Q}{\pi .r}

Từ biểu thức trên, ta thấy được rằng nếu lưu lượng Q tăng gấp đôi thì số chỉ Volt kế tăng gấp đôi.

a) ĐÚNG

Tia phóng xạ $\alpha$ có bản chất là các hạt Helium.

b) SAI

Áp dụng định luật bảo toàn điện tích và điện luật bảo toàn số nucleon:

\{\begin{array}{c}238=206+x\bullet 4+y\bullet 0\\ 92=82+x\bullet 2+y\bullet \left(-1\right)\end{array}⟹\{\begin{array}{c}x=8\\ y=6\end{array}

Vậy tổng đại số của x và y bằng 14.

c) ĐÚNG

Hằng số phóng xạ:

\lambda =\frac{\mathit{ln}2}{T}=\frac{\mathit{ln}2}{\left({\mathrm{4,47.10}}^9\bullet 365\bullet 86400\right)}\approx {\mathrm{4,92.10}}^{-18}\mathrm{}{s}^{-1}.

d) ĐÚNG

Ta có:

\frac{m_U}{m_{Pb}}=\frac{M_U}{M_{Pb}}.\frac{m_0.2^{-\frac{t}{T}}}{m_0.\left(1-2^{-\frac{t}{T}}\right)}

⟹\frac{238}{206}\bullet \frac{2^{-\frac{t}{\mathrm{4,47}}}}{1-2^{-\frac{t}{\mathrm{4,47}}}}=5

⟹t\approx \mathrm{1,34}\mathrm{}t\mathrm{ỉ}\mathrm{}n\mathrm{ă}m.

Đáp án: 550

Độ lớn công mà khối khí đã thực hiện:

\left|A\right|=p.\left|\Delta V\right|={\mathrm{1,5.10}}^5\bullet \left|{4.10}^{-3}-{2.10}^{-3}\right|=300\mathrm{}J;

Độ biến thiên nội năng của khối khí:

\Delta U=Q+A=850+\left(-300\right)=550\mathrm{}J.

Đáp án: 2,68

Xét giai đoạn từ phút thứ 0 đến phút thứ 5:

\left|Q_{t\mathrm{ỏ}a}\right|=\left|Q_{thu}\right|

⟺P.t_1=\left(m_n.c_n+m_{Al}.c_{Al}\right).\Delta t_1+P_{t\mathrm{ỏ}a}.t_1

⟺1200\bullet \left(5\bullet 60\right)=\left(m\bullet 4200+\mathrm{0,3}\bullet 880\right)\bullet \left(45-20\right)+P_{t\mathrm{ỏ}a}\bullet \left(5\bullet 60\right)

⟺{105.10}^3.m+300.P_{t\mathrm{ỏ}a}=353400\mathrm{}\mathrm{}\left(1\right)

Xét giai đoạn từ phút thứ 5 đến phút thứ 9:

P_{t\mathrm{ỏ}a}.t_2=\left(m_n.c_n+m_{Al}.c_{Al}\right).\Delta t_2

⟺P_{t\mathrm{ỏ}a}\bullet \left(4\bullet 60\right)=\left(m\bullet 4200+\mathrm{0,3}\bullet 880\right)\bullet \left(45-40\right)

⟺-{21.10}^3.m+240.P_{t\mathrm{ỏ}a}=1320\mathrm{}\mathrm{}\left(2\right)

Từ (1) và (2), ta thu được:

\{\begin{array}{c}m=\mathrm{2,68}kg\\ P_{t\mathrm{ỏ}a}=240W\end{array}

Đáp án: 10,3

Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng cho các khối khí khi bắt đầu theo dõi và sau 24 giờ:

{\mathrm{p}}_1.\mathrm{V}=\frac{{\mathrm{m}}_1}{\mathrm{M}}.\mathrm{R}.{\mathrm{T}}_1\mathrm{}⟹{\mathrm{m}}_1=\frac{{\mathrm{p}}_1.\mathrm{V}.\mathrm{M}}{\mathrm{R}.{\mathrm{T}}_1}

{\mathrm{p}}_2.\mathrm{V}=\frac{{\mathrm{m}}_2}{\mathrm{M}}.\mathrm{R}.{\mathrm{T}}_2⟹{\mathrm{m}}_2=\frac{{\mathrm{p}}_2.\mathrm{V}.\mathrm{M}}{\mathrm{R}.{\mathrm{T}}_2}\mathrm{}

Khối lượng khí đã rò rỉ:

\mathrm{\Delta }\mathrm{m}={\mathrm{m}}_1-{\mathrm{m}}_2=\left(\frac{{\mathrm{p}}_1}{{\mathrm{T}}_1}-\frac{{\mathrm{p}}_2}{{\mathrm{T}}_2}\right).\frac{\mathrm{V}.\mathrm{M}}{\mathrm{R}}

Khối lượng N₂ bị rò rỉ trung bình trong 1 giờ:

\frac{∆\mathrm{m}}{\mathrm{t}}=\frac{\left(\frac{{\mathrm{p}}_1}{{\mathrm{T}}_1}-\frac{{\mathrm{p}}_2}{{\mathrm{T}}_2}\right).\frac{\mathrm{V}.\mathrm{M}}{\mathrm{R}}}{\mathrm{t}}=\frac{\left(\frac{10}{27+273}-\frac{\mathrm{9,2}}{17+273}\right)\bullet \frac{450\bullet 28}{\mathrm{0,082}}}{24}\approx \mathrm{10,3}\mathrm{}\mathrm{g}/\mathrm{g}\mathrm{i}\mathrm{ờ}.

Đáp án: 30

Cường độ dòng điện xuất hiện trong mạch khi vừa đóng mạch:

{\mathrm{I}}_0=\frac{\mathrm{\xi }}{{\mathrm{R}}_1+\mathrm{r}}=\frac{24}{\mathrm{0,06}+\mathrm{0,02}}=300\mathrm{}\mathrm{A}

Độ lớn lực từ tác dụng lên thanh kim loại:

Đáp án: 190

Độ lớn suất điện động cảm ứng trung bình xuất hiện trong mạch:

Theo định luật Lenz, dòng điện cảm ứng (hay suất điện động cảm ứng) chống lại nguyên nhân sinh ra nó, tức dòng điện cảm ứng trong trường hợp này ngược chiều với dòng điện do nguồn điện cung cấp. Dòng điện trong mạch lúc này có độ lớn:

\mathrm{I}={\mathrm{I}}_0^{\mathrm{\text{'}}}-{\mathrm{i}}_{\mathrm{c}}={\mathrm{I}}_0^{\mathrm{\text{'}}}-\frac{\left|{\mathrm{e}}_{\mathrm{c}}\right|}{{\mathrm{R}}_{\mathrm{t}\mathrm{đ}}+\mathrm{r}}=\frac{24}{\left(\mathrm{0,06}+\mathrm{0,04}\right)+\mathrm{0,02}}-\frac{\mathrm{1,2}}{\left(\mathrm{0,06}+\mathrm{0,04}\right)+\mathrm{0,02}}=190\mathrm{}\mathrm{A}.

Đáp án: 21,6

Số hạt ${}_{\mathrm{}}{}^{238}\mathrm{P}\mathrm{u}$ ban đầu:

{\mathrm{N}}_0=\frac{{\mathrm{m}}_0}{\mathrm{M}}.{\mathrm{N}}_{\mathrm{A}}

Hằng số phóng xạ của ${}_{\mathrm{}}{}^{238}\mathrm{P}\mathrm{u}$:

\mathrm{\lambda }=\frac{\ln 2}{\mathrm{T}}

Độ phóng xạ của ${}_{\mathrm{}}{}^{238}\mathrm{P}\mathrm{u}$ tại thời điểm đang xét:

\mathrm{H}={\mathrm{H}}_0.2^{-\frac{\mathrm{t}}{\mathrm{T}}}=\mathrm{\lambda }.{\mathrm{N}}_0.2^{-\frac{\mathrm{t}}{\mathrm{T}}}=\frac{\ln 2}{\mathrm{T}}.\frac{{\mathrm{m}}_0}{\mathrm{M}}.{\mathrm{N}}_{\mathrm{A}}.2^{-\frac{\mathrm{t}}{\mathrm{T}}}

Năng lượng nhiệt tỏa ra tại thời điểm đó trong mỗi giây:

{\mathrm{Q}}_0=\mathrm{H}.{\mathrm{E}}_0

Năng lượng nhiệt tỏa ra tại thời điểm đó trong mỗi phút:

\mathrm{Q}=60\bullet {\mathrm{Q}}_0

Năng lượng điện mà bộ pin cung cấp trong mỗi phút tại thời điểm đó:

{\mathrm{E}}_{\mathrm{đ}}=\mathrm{H}\left(\mathrm{\%}\right).\mathrm{Q}=\mathrm{H}\left(\mathrm{\%}\right).60.\frac{\ln 2}{\mathrm{T}}.\frac{{\mathrm{m}}_0}{\mathrm{M}}.{\mathrm{N}}_{\mathrm{A}}.2^{-\frac{\mathrm{t}}{\mathrm{T}}}.{\mathrm{E}}_0

⟺{\mathrm{E}}_{\mathrm{đ}}=\mathrm{0,07}\bullet 60\bullet \frac{\ln 2}{88\bullet 365\bullet 86400}\bullet \frac{{11.10}^3}{238}\bullet {\mathrm{6,02.10}}^{23}\bullet 2^{-\frac{\left(2028-2006\right)}{88}\mathrm{}}\bullet \left(\mathrm{5,5}\bullet {\mathrm{1,6.10}}^{-13}\right)

⟺{\mathrm{E}}_{\mathrm{đ}}\approx {\mathrm{21,6.10}}^3\mathrm{}\mathrm{J}=\mathrm{21,6}\mathrm{}\mathrm{k}\mathrm{J}.