Bộ đề luyện thi THPTQG Hóa Học cực hay có lời giải chi tiết (Đề số 14)

Chọn đáp án A

Gly–Ala–Gly là tripeptit có khả năng tham gia phản ứng màu biure Cu(OH)₂/NaOH

⇒ tạo phức màu xanh tím

+ Còn Gly–Ala là đipeptit không có khả năng phản ứng với màu biure Cu(OH)₂/NaOH

⇒ không hiện tượng.

⇒ Chọn A

Chọn đáp án A

Số trieste TỐI ĐA tạo bởi glixerol và 2 axit béo trên là $\frac{2^2 .(2+1)}{2}$ = 6.

Số trieste chứa chỉ 1 loại gốc axit béo từ 2 gốc axit béo với glixerol trên là 2.

⇒ số trieste thỏa mãn ycđb là 6 - 2 = 4 ⇒ chọn A.

Ps: Do thủy phân tạo được 2 loại axit béo ⇒ phải chứa đồng thời cả 2 gốc axit béo.

Chọn đáp án B

Chọn đáp án B

Các chất tham gia phản ứng tráng bạc là glucozơ và fructozơ ⇒ chọn B.

Chọn đáp án A

Triglixerit + 3NaOH → Muối + Glixerol ⇒ n_NaOH = 3n_glixerol = 1,5 mol.

► Bảo toàn khối lượng: m = 443 + 1,5 × 40 - 46 = 457(g) ⇒ chọn A.

Chọn đáp án B

gt ⇒ 2 este có số C liên tiếp. Mặt khác, C_tb = 0,26 ÷ 0,1 = 2,6.

⇒ 2 este là HCOOCH₃ và HCOOC₂H₅. Dùng sơ đồ đường chéo:

||⇒ n_HCOOCH3 : n_HCOOC2H5 = (3 - 2,6) ÷ (2,6 - 2) = 2 : 3 = 2x : 3x.

m_X = 60 × 2x + 74 × 3x = 3,42(g) ⇒ x = 0,01 mol ⇒ NaOH dư.

► m = m_HCOONa + m_{NaOH dư} = 0,05 × 68 + (0,1 - 0,05) × 40 = 5,4(g).

Cách khác: C_tb = 2,6 ⇒ chứa HCOOCH₃. Kết hợp gt cấu tạo ta có:

X có dạng HCOOC_nH_2n+1 ⇒ n = 2,6 - 1 = 1,6 (hay HCOOC_1,6H_4,2).

⇒ n_X = 3,42 ÷ 68,4 = 0,05 mol ⇒ NaOH dư.

Rồi giải tiếp tương tự cách trên! ⇒ chọn B

Chọn đáp án D

Chọn D vi đều sinh ra sản phẩm là sobitol

Chọn đáp án C

CH₃COOH + (CH₃)₂CHCH₂CH₂OH (H₂SO₄ đặc, t^o) ⇄ CH₃COOCH₂CH₂CH(CH₃)₂ + H₂O.

n_CH3COOH  2,21 mol < n_{(CH3)2CHCH2CH2OH} 2,27 mol ⇒ hiệu suất tính theo axit.

⇒ m_{dầu chuối} = 2,21 × 0,68 × 130 195,36(g) ⇒ chọn C

Chọn đáp án D

H₂NCH(CH₃)COOH + HCl → ClH₃NCH(CH₃)COOH (X).

ClH₃NCH(CH₃)COOH (X) + 2NaOH → H₂NCH₂COONa (Y) + NaCl + H₂O.

⇒ chọn D.

Chọn đáp án C

Ta có phản ứng: C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂Br₃NH₂ + 3HBr

⇒ n↓ = n_C6H2Br3NH2 = n_Br2 ÷ 3 = 0,01 mol

⇒ m↓ = m_C6H2Br3NH2 = 0,01 × 330 = 3,3 gam ⇒ Chọn C

Chọn đáp án D

Số đồng phân amin ứng với ctpt C₃H₉N gồm.

● Bậc 1 có: CH₃–CH₂–CH₂–NH₂ || CH₃–CH(CH₃)–NH₂

● Bậc 2 có: CH₃–NH–CH₂–CH₃.

● Bậc 3 có: (CH₃)₃N

⇒ Có tổng 4 đồng phần ứng với ctpt C₃H₉N ⇒ Chọn D

Chọn đáp án C

Vì các mắt xích α–glucozo tạo lên tinh bột liên kết với nhau làm mất đi nhóm –OH ở vị trí số 1

⇒ Mất khả năng mở vòng ⇒ không có nhóm –CHO ⇒ không có phản ứng tráng gương ⇒ Chọn C

Chọn đáp án A

Vì n_CO2 = n_H2O.

⇒ Số nguyên tử H gấp đôi số nguyên tử cacbon ⇒ Chọn A

+ Vì polipropilen có CTPT (C₃H₆)_n

Chọn đáp án B

Những monome có liên kết đôi hoặc vòng kém bền trong phân tử

⇒ Có thể phản ứng trùng hợp được.

Các polime là sản phẩm của trùng hợp là

(1) CH₂=C(CH₃)COOCH₃

(2) C₆H₅CH=CH₂

(6) CH₃COOCH=CH₂

(7) CH₂=CH(CN)

⇒ Chọn B

Chọn đáp án B

Ta có m_HCl = (27,375 – 18,25) ÷ 36,5 = 0,25 mol = n_{Amin đơn chức}

⇒ M_Amin = 18,25 ÷ 0,25 = 73.

⇒ M_CnH2n+3N = 72 ⇒ n = 4 ⇒ C₄H₁₁N

⇒ Số đồng phân amin bậc 2 gồm:

1) CH₃–NH–CH₂–CH₂–CH₃.

2) CH₃–CH₂–NH–CH₂–CH₃.

3) CH₃–CH(CH₃)–NH–CH₃.

⇒ Chọn B

______________________________

+ Chú ý đọc kỹ đề nếu không sẽ dễ tính tất cả amin ⇒ Chọn C ⇒ Sai.

Chọn đáp án D

Cứ 1 phân tử CH₃COOH → 1 phân tử CH₃COOC₂H₅.

+ Nhận thấy n_CH3COOH = 0,2 mol và n_CH3COOC2H5 = 0,125 mol

⇒ H = $\frac{0,125}{0,2}$ × 100 = 62,5% ⇒ Chọn D

Chọn đáp án C

Nhận thấy các chất thuộc cacbohiđrat có dạng C_n(H₂O)_m.

⇒ Khi đốt cháy chúng thực ra chỉ đốt cháy C có trong các hợp chất đó.

⇒ ∑n_C = n_O2 = 0,1125 mol ⇒ m_CO2 = 0,1125 mol.

⇒ m = m_CO2 + m_H2O – m_O2 = 4,95 + 1,8 – 3,6 = 3,15 gam.

⇒ Chọn C

Chọn đáp án C

6CO₂ + 6H₂O + 2813kJ → C₆H₁₂O₆ + 6O₂ || n_glucozơ = 0,01 mol

⇒ năng lượng cần cung cấp là 0,01 × 2813 × 10³ = 28130J.

Năng lượng 10 lá cây nhận được mỗi phút = 10 × 10 × 2,09 × 0,1 = 20,9J.

► Thời gian để tạo ra 1,8 gam glucozơ = 28130 ÷ 20,9  = 1346 phút ⇒ chọn C.

Chọn đáp án D

Este của glyxin sẽ có dạng H₂NCH₂COO–R.

Và H₂HCH₂COO– phải nối với C chứ k phải nối với N

⇒ Chọn D

Chọn đáp án B

Vì đây là tri peptit chứa 2 loại α–amino axit trong đó có chứa 1 phân tử glyxin.

⇒ Số đồng phân cũng chính là số vị trí của glyxin trên mạch tripeptit ⇒ Chọn B

G–A–A || A–G–A || A–A–G

Chọn đáp án A

Số CTCT Este ứng với CTPT C₄H₆O₂ gồm:

1) HCOOCH₂–CH=CH₂

2) HCOOCH=CH–CH₃

3) HCOOC(CH₃)=CH₂

4) CH₃COOCH=CH₂

5) CH₂=CHCOOCH₃

Vì yêu cầu thủy phân trong môi trường axit thu được axit và ancol.

⇒ Chỉ có (1) và (5) thỏa mãn yêu cầu ⇒ Chọn A

Chọn đáp án C

Điều kiện để có phản ứng trùng hợp đó là có liên kết đôi hoặc vòng kém bền.

⇒ Chọn etilen, vinyl clorua, acrilonitrin, buta – 1,3 – đien ⇒ Chọn C

Chọn đáp án C

Este X có dạng RCOOR'

Muối Y có công thức C₃H₃O₂Na $\iff$ CH₂=CHCOONa

⇒ R là CH₂=CH–

Ancol Y₁ bị oxi hóa ⇒ Andehit tráng gương cho 4 Ag ⇒ Ancol đó là CH₃OH

⇒ R' là –CH₃

⇒ Este có ctct là CH₂=CHCOOCH₃ (Metyl acrylat) ⇒ Chọn C

Chọn đáp án A

X + 4NaOH → Muối + H₂O || Đặt n_X = x ⇒ n_NaOH = 4x; n_H2O = x.

Bảo toàn khối lượng: 8,68 + 40 × 4x = 14,36 + 18 × x ⇒ x = 0,04 mol.

● X + 4HCl + 3H₂O → Muối ⇒ n_HCl = 0,16 mol; n_H2O = 0,12 mol.

► Bảo toàn khối lượng: m = 8,68 + 0,16 × 36,5 + 0,12 × 18 = 16,68(g).

Chọn đáp án C

Các chất thỏa mãn là glucozơ, fructozơ và axit fomic ⇒ chọn C.

Chú ý: Các chất chứa -CHO chỉ phản ứng với Cu(OH)₂ ở nhiệt độ cao.

Chọn đáp án B

X là este đơn chức. Mặt khác cô cạn sản phẩm chỉ thu được H₂O

||⇒ X là este của phenol ⇒ X có dạng RCOOC₆H₄R'. Đặt n_X = x.

⇒ n_KOH = 2x ⇒ m_{dung dịch KOH} = 56 × 2x ÷ 0,11666 = 960x(g).

⇒ m_{H2O ban đầu} = 960x - 56 × 2x = 848x; n_{H2O sản phẩm} = x mol.

► ∑m_H2O = 848x + 18x = 86,6(g) ⇒ x = 0,1 mol. Bảo toàn khối lượng:

m_X = 86,6 + 23 - 960 × 0,1 = 13,6(g) ⇒ M_X = 136 ⇒ R + R' = 16.

TH1: R = 1 (H-) ⇒ R' = 15 (CH₃-) ⇒ X là HCOOC₆H₄CH₃ (3 đồng phân).

TH2: R = 15 (CH₃-) ⇒ R' = 1 (H-) ⇒ X là CH₃COOC₆H₅ (1 đồng phân).

⇒ tổng cộng có 4 công thức cấu tạo este thỏa mãn ⇒ chọn B.

Chọn đáp án C

X gồm 2 este no, đơn chức, mạch hở ⇒ có dạng C_nH_2nO₂.

⇒ n_CO2 = n_H2O = 34,72 ÷ (44 + 18) = 0,56 mol. Mặt khác:

C_nH_2nO₂ → nCO₂ ⇒ $\frac{14,24}{14\mathrm{n} + 32} = \frac{0,56}{n}$ ⇒ n = 2,8 ⇒ X chứa HCOOCH₃.

⇒ este còn lại là CH₃COOC₂H₅. Đặt số mol 2 este là x và y.

m_X = 60x + 88y = 14,24(g); n_CO2 = 2x + 4y = 0,56 mol.

► Giải hệ có: x = 0,12 mol; y = 0,08 mol.

A là HCOONa: 0,12 mol; B là CH₃COONa: 0,08 mol.

||⇒ a : b = (0,12 × 68) ÷ (0,08 × 82) = 1,244 ⇒ chọn C

Chọn đáp án A

Cả 4 phát biểu trên đều đúng ⇒ Chọn A

Chọn đáp án A

Ta có:

+ Glucozơ và saccarozơ đều là chất rắn có vị ngọt, dễ tan trong nước. ⇒ Đúng.

+ Tinh bột và xenlulozơ đều là polisaccarit ⇒ Đúng.

+ Trong dung dịch, glucozơ và saccarozơ đều có tính chất của ancol đa chức

→ hòa tan Cu(OH)₂, tạo phức màu xanh lam ⇒ Đúng.

+ Khi thủy phân hoàn toàn hỗn hợp gồm tinh bột và saccarozơ trong môi trường axit

chỉ thu được 2 loại monosaccarit ⇒ Sai.

+ Khi đun nóng glucozơ (hoặc fructozơ) với dung dịch AgNO₃ trong NH₃ thu được Ag

⇒ Đúng.

+ Saccarozơ không tác dụng với H₂ ⇒ Sai.

⇒ Chọn A

Chọn đáp án C

n_saccarozo = 0,1 mol ⇒ n_glucozo = n_fructozo = 0,1 mol

⇒ n_Ag = 0,1 × 2 ( 0,1 + 0,1) = 43,2 gam

+ Vì chỉ có glucozo tác dụng với nước brom:

⇒ n_Br2 = n_Glucozo = 0,1 mol ⇒ m_Br2 = 16 gam

⇒ Chọn C

Chọn đáp án A

Quy A về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O.Xét trong 0,7 mol A:

n_H2O = n_A = 0,7 mol; n_C2H3NO = n_KOH = 3,9 mol.

Đặt n_CH2 = x. Giả sử 66,075(g) A gấp k lần 0,7 mol A.

⇒ 66,075(g) E chứa 3,9k mol C₂H₃NO; kx mol CH₂; 0,7k mol H₂O.

► m_E = 57 × 3,9k + 14kx + 18 × 0,7k = 66,075(g). Đốt cho:

CO₂: (7,8k + kx) mol và H₂O: (6,55k + kx) mol.

||⇒ 44 × (7,8k + kx) + 18 × (6,55k + kx) = 147,825(g). Giải hệ có:

kx = 0,525; k = 0,25 ⇒ x = 2,1 mol. Muối gồm C₂H₄NO₂K và CH₂.

► m = 3,9 × 113 + 2,1 × 14 = 470,1(g) ⇒ chọn A.