25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa học năm 2022 có đáp án (Đề 20)

Đáp án B.

- Ag, Hg có tính khử yếu hơn Cu nên 2 kim loại này không phản ứng với dung dịch $CuS{O}_4.$

- PTHH:

$$\begin{gathered} CuS{O}_4+Fe\to FeS{O}_4+Cu \\ CuS{O}_4+Mg\to Cu+MgS{O}_4 \\ 2Na+2H_{2}O\to 2NaOH+H_2 \\ CuS{O}_4+2NaOH\to Cu{\left(OH\right)}_2+N{a}_{2}S{O}_4 \end{gathered}$$

Đáp án A.

- Glucozơ và fructozơ đều không tham gia phản ứng thủy phân.

- Chỉ có glucozơ có nhóm chức

- Glucozơ và fructozơ đều thuộc monosaccarit.

Đáp án A.

- Ancol bậc 1 bị oxi hóa bởi CuO thu được anđehit.

- Ancol bậc 2 bị oxi hóa bởi CuO thu được xeton.

Đáp án D.

- Phần không tan Z là Cu thì trong Y chứa các muối của $Z{n}^{2+},F{e}^{2+},C{u}^{2+}.$

- Vì ban đầu $F{e}_2{O}_3$  tác dụng với HCl tạo muối $F{e}^{3+}$ nhưng vì phần không tan chứa Cu nên tất cả lượng muối $F{e}^{3+}$ đã tác dụng với một phần Cu tạo thành muối của $F{e}^{2+}$ và $C{u}^{2+}.$

- Y tác dụng dung dịch NaOH (loãng, dư) thu được kết tủa là $Fe{\left(OH\right)}_2$ và $Cu{\left(OH\right)}_2.$

- Kết tủa $Zn{\left(OH\right)}_2$  tạo thành đã tan trong dung dịch NaOH dư.

Đáp án B.

$$\begin{gathered} A{l}_2{O}_3+2NaOH\to 2NaAl{O}_2+H_{2}O \\ {n}_{\text{NaOH}}=2.n_{{\text{Al}}_{\text{2}}{\text{O}}_{\text{3}}}=2.\frac{5,1}{102}=0,1\text{ mol} \\ \Rightarrow V=0,1\left(\text{l}\right)=100\text{ ml}. \end{gathered}$$

Đáp án B.

Các chất bị thủy phân trong môi trường bazơ: Ala-Val, etyl axetat, triolein.

Đáp án C.

${\left[C_6{H}_7{O}_2{\left(OH\right)}_3\right]}_n+3nHN{O}_3\stackrel{H_{2}S{O}_4}{\to }{\left[C_6{H}_7{O}_2{\left(ON{O}_2\right)}_3\right]}_n+3n{H}_{2}O$

$=3n.n_{xenlulozotrinitrat}=3n.\frac{m_{xenlulozotrinitrat}}{297n}=3n.\frac{26,73.1000}{297n}=270mol$  _{(phản ứng)}

$=\frac{m_{HN{O}_3\left(phanung\right)}}{H\%}=\frac{270.63}{75\%}=22932gam$

Đáp án B.

$$\begin{gathered} {\left(Gly\right)}_n\stackrel{H_{2}O,H^{+}}{\to }nGly \\ \frac{n_{glyxin}}{n_X}=\frac{1,2}{0,4}=3 \end{gathered}$$

 X là tripeptit.

Đáp án D.

Điều kiện để có đồng phân hình học

 $R_1\ne R_2$ và $R_3\ne R_4$

Đáp án A.

Quá trình điện li:

$$\begin{gathered} H_{3}P{O}_4\rightleftarrows H_{2}P{O}_4^{-}+H^{+} \\ {H}_{2}P{O}_4^{-}\rightleftarrows HP{O}_4^{2-}+H^{+} \\ HP{O}_4^{2-}\rightleftarrows P{O}_4^{3-}+H^{+} \end{gathered}$$

Đáp án A.

Những phát biểu đúng: (d), (f).

(a) sai vì glucozơ phản ứng với  (đun nóng, Ni) cho sản phẩm là sobitol còn fructozơ phản ứng với   (đun nóng, Ni) cho sản phẩm là poliancol.

(b) sai vì glucozơ và fructozơ có thể chuyển hóa lẫn nhau trong môi trường bazơ.

(c) sai vì glucozơ và fructozơ đều phản ứng với dung dịch  tạo kết tủa bạc nên không thể phân biệt glucozơ và fructozơ bằng phản ứng với dung dịch

(e) sai vì fructozơ là hợp chất tạp chức.

Đáp án B.

Thứ tự trong dãy điện hóa:

$Z{n}^{2+} F{e}^{2+} C{u}^{2+} F{e}^{3+} A{g}^{+}$       

Zn       Fe       Cu         $F{e}^{2+} Ag$

Theo quy tắc a: $F{e}^{2+}$ phản ứng được với Zn và $A{g}^{+}$

Đáp án C.

$HCOOCH=CHC{H}_3+H_{2}O\stackrel{H^{+},t°}{\rightleftarrows }HCOOH+C{H}_{3}C{H}_{2}CHO$

Đáp án A.

Tơ visco, tơ xenlulozơ axetat là tơ nhân tạo hay tơ bán tổng hợp, chúng đều được tổng hợp từ xenlulozơ.

Đáp án D.

Đáp án A.

$$\begin{gathered} KL\stackrel{H_{2}O}{\to }O{H}^{-}+\frac{1}{2}{H}_2 \\ {H}^{+}+O{H}^{-}\to H_{2}O \\ {n}_{O{H}^{-}}=2.n_{H_2}=0,06mol \\ {n}_{H^{+}}=2.n_{H_{2}S{O}_4}+n_{HCl} \\ \to V.0,5.2+V=0,6 \\ V=0,3\left(l\right). \end{gathered}$$

Đáp án D.

$$\begin{gathered} {\left(RCOO\right)}_3{C}_3{H}_5+3NaOH\to 3RCOONa+C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3 \\ {n}_{RCOONa}=3.n_{glyxerol}=0,6mol \\ {M}_{RCOONa}=\frac{182,4}{0,6}=304 \end{gathered}$$

® Muối là: $C_{17}{H}_{33}COONa$

® X là ${\left(C_{17}{H}_{33}COO\right)}_3{C}_3{H}_5.$ Vậy số nguyên tử cacbon là 57.

Đáp án D.

(c) sai vì mỡ động vật là chất béo (C, H, O), mỡ bôi trơn là hiđrocacbon (C, H).

Đáp án A.

Amoni nitrat: $N{H}_{4}N{O}_3$

$N{H}_4^{+}+O{H}^{-}\to N{H}_3+H_{2}O$

Đáp án C.

n_{HCl (phản ứng)}$=2n_{Fe}+2n_{FeO}=0,08mol$

$\left\{\begin{array}{l}Fe:0,02\\ FeO:0,02\end{array}\right.\stackrel{HCl}{\to }X:\left\{\begin{array}{l}F{e}^{2+}:n_{F{e}^{2+}}=n_{F\text{e}}+n_{FeO}=0,04\\ H^{+}du:n_{H^{+}du}=n_{HCl\left(bandau\right)}-n_{HCl\left(phanung\right)}=0,04\\ C{l}^{-}:n_{C{l}^{-}}=n_{HCl\left(bandau\right)}=0,12\end{array}\right.\stackrel{AgN{O}_3}{\to }\left\{\begin{array}{l}Ag\\ AgCl\end{array}\right.$$F{e}^{2+}\to F{e}^{3+}+1e 4H^{+}+N{O}_3^{-}+3e\to NO+2H_{2}O$               

0,04         0,04                       0,04       0,03

$A{g}^{+}+1e\to Ag$                                   

BT e: $n_{Ag}=0,04-0,03=0,01mol$

$n_{AgCl}=n_{C{l}^{-}}=0,12mol$

Khối lượng kết tủa: $m=m_{AgCl}+m_{Ag}=0,12.(108+35,5)+0,01.108=18,3\left(g\right)$

Đáp án D.

$$\begin{gathered} 0,5X:\left\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_2\\ H_2\end{array}\right.\to Y:\left\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_2\\ C_2{H}_4\\ C_2{H}_6\end{array}\right.\iff C_2{H}_x:\overline{M_Y}=29\to 12.2+x=29\to x=5\to C_2{H}_5 \\ {C}_2{H}_2+1,5H_2\to C_2{H}_5 \\ \left\{\begin{array}{l}{n}_{H_2}=1,5n_{C_2{H}_2}\\ n_{H_2}+n_{C_2{H}_2}=0,5\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}{n}_{H_2}=0,3\\ n_{C_2{H}_2}=0,2\end{array}\right. \\ {n}_{\pi \left(X\right)}=n_{H_2}+n_{B{r}_2}\to 2n_{C_2{H}_2}=n_{H_2}+n_{B{r}_2}\to n_{B{r}_2}=\mathrm{2.0.2}-0,3=0,1mol. \end{gathered}$$

Đáp án B.

$\text{X}\left\{\begin{array}{l}{\text{AlCl}}_{\text{3}}:0,4a\\ {\text{Al}}_{\text{2}}{\left(S{O}_4\right)}_3:0,4b\end{array}\right.\stackrel{{\text{BaCl}}_{\text{2}}}{\to }\downarrow {\text{BaSO}}_{\text{4}}:0,144$

BT số mol gốc $S{O}_4^{2-} n_{A{l}_2{\left(S{O}_4\right)}_3}=\frac{1}{3}{n}_{BaS{O}_4}=0,048mol$

$$\begin{gathered} \to b=0,12 \\ \text{X}\left\{\begin{array}{l}{\text{AlCl}}_{\text{3}}:0,4a\\ {\text{Al}}_{\text{2}}{\left(S{O}_4\right)}_3:0,4b\end{array}\right.\stackrel{\text{NaOH:0,612}}{\to }\downarrow {\text{Al(OH)}}_{\text{3}}:0,108 \\ {n}_{{\text{Al}}^{\text{3+}}}=n_{{\text{AlCl}}_{\text{3}}}+2n_{{\text{Al}}_{\text{2}}{{\text{(SO}}_{\text{4}}\text{)}}_{\text{3}}}=0,4a+0,048.2=0,4a+0,096 \end{gathered}$$

$n_{\text{NaOH}}>n_{{\text{Al(OH)}}_{\text{3}}}\to$ kết tủa tạo thành đã tan một phần trong NaOH.

$A{l}^{3+}+3O{H}^{-}\to Al{\left(OH\right)}_3$

x        3x           x

$Al{\left(OH\right)}_3+O{H}^{-}\to Al{O}_2^{-}+2H_{2}O$

y              y

$$\begin{gathered} \to \left\{\begin{array}{l}x-y=0,108\\ 3x+y=0,612\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,18\\ y=0,672\end{array}\right. \\ \to 0,4a+0,096=0,18\to a=0,21 \\ \to \frac{a}{b}=1,75. \end{gathered}$$

Đáp án A.

Những phản ứng oxi hóa khử: (1), (3), (5), (6).

(1) $2C{H}_4\stackrel{1500°C}{\to }{C}_2{H}_2+2H_2$

(2) $C_2{H}_2+H_{2}O\stackrel{HgS{O}_4,80°C}{\to }C{H}_{3}CHO$

(3) $C{H}_{3}CHO+2,5O_2\to 2C{O}_2+2H_{2}O$

(4) $C{O}_2+Ca{\left(OH\right)}_2\to CaC{O}_3\downarrow +H_{2}O$

(5) $C{O}_2+C\to 2CO$

(6) $2CO+FeO\to C{O}_2+Fe$

- Bài toán này khá phức tạp vì có nhiều khoảng thời gian điện phân. Cần xét từng khoảng thời gian đã xảy ra quá trình điện phân nào.

- Trong những khoảng thời gian điện phân giống nhau, thì số mol e nhường nhận là như nhau

Đáp án D.

$$\begin{gathered} 11,88\text{X}\stackrel{{\text{O}}_{\text{2}}:0,66}{\to }\left\{\begin{array}{l}{\text{CO}}_{\text{2}}:0,57\\ {\text{H}}_{\text{2}}\text{O}:0,44\left(\text{BTKL}\right)\end{array}\right.\stackrel{\text{BTNT O}}{\to }{n}_{\text{O(X)}}=0,26 \\ 11,88X\stackrel{NaOH:0,3}{\to }\left\{\begin{array}{l}Y\stackrel{CaO,t°}{\to }{C}_x{H}_y\\ Z\stackrel{Na}{\to }{m}_{b\uparrow }=5,85\end{array}\right. \end{gathered}$$

n_{NaOH phản ứng}$=\frac{1}{2}{n}_{O\left(X\right)}=0,13$

Sau khi thủy phân chỉ thu được một ancol duy nhất nên đó là ancol đơn chức.

Vậy  $n_Z=$n_{NaOH phản} ứng = 0,13

$m_Z=m_{b\uparrow }+m_{H_2}=5,98\to M_Z=46\left(C_2{H}_{5}OH\right)$

BTKL: m_muối$=11,88+0,13.40-5,98=11,1$

$Y\stackrel{CaO,t°}{\to }{C}_x{H}_y:0,09\to$nmuối$=0,09\left(mol\right)$

$$\begin{gathered} \to \left\{\begin{array}{l}\text{RCOONa}:x\\ {}_{\text{2}}:y\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x+y=0,09\\ x+2y=0,13\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x=0,05\\ y=0,04\end{array}\right. \\ \to 0,05.(R+67)+0,04.(R^{\text{'}}+134)=11,1 \\ \to 5R+4R^{\text{'}}=239\to \left\{\begin{array}{l}R=27\\ R^{\text{'}}=26\end{array}\right. \\ \to X\left\{\begin{array}{l}C{H}_2=CH-COO{C}_2{H}_5:0,05\\ C_2{H}_{5}OOCCH=CHCOO{C}_2{H}_5\\ C_2{H}_{5}OOCC(=C{H}_2)COO{C}_2{H}_5\end{array}\right. \end{gathered}$$        

 %m_{este đơn} chức$=42,09\%.$

Đáp án D.

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}AlC{l}_3:0,4x\\ A{l}_2{\left(S{O}_4\right)}_3:0,4y\end{array}\right.\stackrel{BaC{l}_2}{\to }BaS{O}_4:33,552 \\ \to n_{BaS{O}_4}=0,144\to n_{A{l}_2{\left(S{O}_4\right)}_3}=\frac{1}{3}{n}_{BaS{O}_4}=0,048\to y=0,12 \\ \left\{\begin{array}{l}AlC{l}_3:0,4x\\ A{l}_2{\left(S{O}_4\right)}_3:0,048\end{array}\right.\stackrel{NaOH:0,612}{\to }Al{\left(OH\right)}_3:8,424\to n_{Al{\left(OH\right)}_3}=0,108 \\ A{l}^{3+}+ 3O{H}^{-}\to Al{\left(OH\right)}_3 \end{gathered}$$

0,108         0,324  0,108

$A{l}^{+}+ 4O{H}^{-}\to Al{O}_2^{-}+2H_{2}O$

0,072 $(0,612-0,324)$

$$\begin{gathered} \to n_{A{l}^{3+}}=0,108+0,072=0,18\to 0,4x+0,048.2=0,45\to x=0,21 \\ \to x:y=7:4. \end{gathered}$$

Đáp án A.

$k_{\text{X}}=3$

X không tráng bạc nên X không có dạng là

Y không phản ứng với  ở điều kiện thường nên Y không có từ 2 OH liền kề.

Y không tạo anken.

Vậy công thức của X là: $C{H}_{3}OOC-CH=CH-COO-C{H}_3$

Z: $HOOC-CH=CH-COOH$

Y: $C{H}_{3}OH$

Đáp án A.

$$\begin{gathered} X\left\{\begin{array}{l}Fe\\ F{e}_3{O}_4:x\\ Fe{\left(N{O}_3\right)}_3:y\end{array}\right.\underset{HN{O}_3:0,48}{\overset{NaN{O}_3:0,06}{\to }}\left\{\begin{array}{l}NO:0,08\\ Y\left\{\begin{array}{l}N{a}^{+}:0,06\left(n_{NaN{O}_3}\right)\\ N{O}_3^{-}:2y+0,46\left(BTN\right)\\ F{e}^{2+}\\ F{e}^{3+}\end{array}\right.\stackrel{NaOH:0,6}{\to }\left\{\begin{array}{l}\downarrow \\ dd\stackrel{cc,t°}{\to }40,9gam\end{array}\right.\end{array}\right. \\ {n}_{H^{+}}=n_{HN{O}_3}=4n_{NO}+2n_{O^{2-}\left(X\right)}\to 4.0,08+8x=0,48\to x=0,02 \end{gathered}$$