Bài tập trắc nghiệm Este - Lipit (mức độ vận dụng - P1)

Chọn đáp án A

 $n_{H_{2}O}$= $\frac{2,16}{18}$ = 0,12 mol

Vinyl axetat C₄H₆O₂ (a mol)

Metyl axetat và etyl fomat có cùng công thức C₃H₆O₂ (b mol)

m_X = 86a + 74b = 3,08    (1)

Bảo toàn nguyên tố H: $6.n_{C_4{H}_6{O}_2}+6.n_{C_3{H}_6{O}_2}=2.n_{H_{2}O}$

→ 6.a + 6.b = 0,24        (2)

Từ (1) và (2) → a = 0,01; b = 0,03

→ Phần trăm về khối lượng của vinyl axetat là

%$m_{C_4{H}_6{O}_2}$  $=\frac{m_{C_4{H}_6{O}_2}}{m_{C_4{H}_6{O}_2}+m_{C_3{H}_6{O}_2}}.100\%$

→ %$m_{C_4{H}_6{O}_2}$ $=\frac{0,01.86}{0,01.86+0,03.74}$.100% = 27,92%

Giải thích: 

Chất rắn khan gồm RCOONa (0,2 mol) và NaOH dư (0,07 mol)

m _rắn = 0,2 . (R + 67) + 0,07 . 40 = 19,2 =>R = 15: - CH₃

X là CH₃COOC₂H₅

Đáp án A

Giải thích: 

Br₂ chỉ tác dụng với liên kết bội trong gốc axit nên độ không no của gốc axit = 4

=> Độ không no của X = 4 + 3 = 7

=> n_X = (n_H2O - n_CO2) / (1 - 7)

=> n_CO2 = 6n_X + n_H2O

=> V = 22,4(6a + b)

Đáp án D

Giải thích: 

n_C3H5(OH)3 = 0,1

=> n_NaOH = 0,3

Bảo toàn khối lượng => m_RCOONa = 91,8

=> m_{Xà phòng} = 91,8/60% = 153 gam

Đáp án A

Chọn đáp án A

Đặt este no, đơn chức có công thức phân tử là C_nH_2nO₂ (n $\ge$ 2)

C_nH_2nO₂ + ($\frac{3n-2}{2}$)O₂  $\stackrel{t°}{\to }$ nCO₂ + nH₂O

Theo bài ra: $n_{O_2}=n_{C{O}_2}$

→ $\frac{3n-2}{2}$ = n

→ n = 2

Vậy công thức phân tử của este là C₂H₄O₂ 

→ HCOOCH₃ (metyl fomat)

Giải thích: 

M_X = 16.5,5 = 88g => X là C₄H₈O₂

TQ : RCOOR’ + NaOH -> RCOONa + R’OH

Mol  0,025               ->              0,025

=> M_Muối = 82g

=> Muối là CH₃COONa

=> X là CH₃COOC₂H₅

Đáp án B

Giải thích: 

X gồm panmitic và stearic đều là axit no đơn chức mạch hở còn axit linoleic có 2 liên kết đôi trong gốc hidrocacbon

=> Khi đốt cháy tạo sản phẩm : n_CO2 – n_H2O = 2n_Linoleic

=> n_Linoleic = 0,015 mol

Đáp án A

Giải thích: 

(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ + 3KOH -> 3C₁₇H₃₅COOK + C₃H₅(OH)₃

0,3 mol                    ->                      0,9 mol

=> m = 289,8g

Đáp án D

Giải thích: 

CH₃COOC₂H₅ + NaOH -> CH₃COONa + C₂H₅OH

0,2 mol        ->      0,2    ->   0,2

Chất rắn gồm : 0,2 mol CH₃COONa  và 0,1 mol NaOH dư

=> m_rắn = 20,4g

Đáp án A

Giải thích: 

M = 50.2 = 100g => C₅H₈O₂

X + NaOH -> Andehit + Muối hữu cơ

Công thức cấu tạo thỏa mãn :

C₂H₅COOCH = CH₂

CH₃COOCH = CH – CH₃

HCOOCH = CH – CH₂ – CH₃

HCOOCH = C(CH₃)₂

Đáp án D

Giải thích: 

n _CH3COOC2H5 = 0,1 (mol) ; n_NaOH = 0,06 (mol) tính theo NaOH

m _CH3COONa  = 0,06. 82= 4,92 (g)

Đáp án A

Giải thích: 

Đặt X là RCOOR₁

RCOOR₁ + NaOH → RCOONa + R₁OH

BTKL ta có: =>  m_H2O = 1,26g => n_H2O = 0,07 mol

=>

=> Y là C₂H₅OH

BTKL:  => m_X  =12,32 gam

=> M_X = 12,32 : 0,14 = 88

=> X: CH₃COOC₂H₅

Chú ý : rắn Z có thể có chứa NaOH dư chứ không phải chỉ có mình muối

Đáp án B

Giải thích: 

Số mol C₁₇H₃₅COOK là 0,36 mol nên số mol tristearin là 0,12 mol

Suy ra m= 106,8

Đáp án A

Giải thích: 

Theo lý thuyết         51,6 kg          ←  60:100.32=19,2 kg         ←       60kg

Thực tế                        68,8 kg                25,6 kg

Đáp án D

Giải thích: 

Ta có X : 0,1 mol và NaOH L 0,1 mol

          CH3COOCH3 + NaOH → CH₃COONa + CH₃OH

Ban đầu   0,1 mol           0,1 mol

Sau :          0                    0                0,1 mol

Cô cạn dung dịch thì m = 0,1.82=8,2 g

Đáp án A

Giải thích: 

Đốt cháy X thu được 0,3 mol CO2 và 0,3 mol nên X có 0,3 mol C và 0,6 mol H

X gồm C, H, O nên khối lượng O trong X là 7,4 -0,3.12-0,6.1 =3,2 g nên O : 0,2 mol

Trong X có C : H : O  = 0,3 : 0,6 :0,2 =3 :6:2

Vậy X là C₃H₆O₂

X có HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH₃

Đáp án B

Giải thích: 

X có M = 37.2 =74 đvC

Nên X là C₃H₆O₂

Đáp án D

Chọn đáp án B

(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅   + 3NaOH $\stackrel{t°}{\to }$ 3C₁₇H₃₅COONa + C₃H₅(OH)₃

Theo phương trình: $n_{C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3}$ = n _tristearin = 0,1 mol

→ $m_{C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3}$ = 0,1.92 = 9,2 gam

Giải thích: 

Bảo toàn nguyên tố O ta có

 → n_O(X) =0,12 → n_COOH(X) =0,06 mol

Bảo toàn khối lượng ta có

m_X  +m_O2 =m_CO2 + m_H2O → m + 1,61.32 = 1,14.44 + 1,06.18 → m =17,72 g

17,72 g X có 0,06 mol COOH → 26,58 g X có 0,09 mol COOH

→ 26,58 g X + 0,09 mol NaOH → muối + 0,03 mol C₃H₅(OH)₃

Bảo toàn khối lượng có 26,58 + 0,09.40 = m_muối + 0,03.92 → m_muối =27,42

Đáp án C

Giải thích: 

Đặt số mol CO₂ và H₂O là x mol

Bảo toàn khối lượng ta có

m_X +m_O2 = m_CO2 +m_H2O → 14,3 +0,8125.32=44x + 18x → x=0,65 mol

bảo toàn O ta có n_O(X) +2n_O2= 2n_CO2 + n_H2O → n_O(X) = 2x +x-0,8125.2=0,325 mol

→ n_COOH(X) = 0,1625 mol

→n_NaOH = 0,1625 mol → V =0,1625:0,5 =0,325

Đáp án C

Giải thích: 

n_CH3COOC2H5 = 0,05 mol

CH₃COOC₂H₅  + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH

→ n_NaOH = 0,05 → V =0,1 =100ml

Đáp án B

Giải thích: 

n_NaOH = 0,2.0,75=0,15 mol → n_X =0,15 mol

→M_X = 9 : 0,15 =60 → X là C₂H₄O₂ (HCOOCH₃)

Đáp án C

Giải thích: 

n_este=0,04 mol → n_HCOOK = 0,04 mol → m=3,36 g

Đáp án A

Giải thích: 

M_Z = 16.2 = 32 => Z: CH₃OH

X: CH₂= CH−COOCH₃

Y: CH₂=CH−COONa

Đáp án C

Giải thích: 

n_Na2CO3 = 0,5;n_CO2 = 2,5mol

Nếu chỉ có muối RCOONa thì n_RCOONa = 0,6mol ⇒ n_Na2CO3 = 0,3mol < n_RCOONa = 0,3mol đề bài ⇒ Loại

Vậy chứng tỏ trong Z có muối của phenol

2 muối bao gồm: RCOONa và R’ – C₆H₅ONa

⇒n_RCOONa = 0,6mol; n_{R′−C6H5ONa} = 0,4mol (bảo toàn Na)

Gọi số C trong muối axit và muối phenol lần lượt là a và b (b≥6)

Bảo toàn C: 0,6a + 0,4b = 0,5 + 2,5

⇒6a + 4b=30⇒3a+2b=15

Chỉ có b = 6 và a = 1 thỏa mãn.

⇒ HCOONa (0,6 mol) và C₆H₅ONa (0,4 mol)

Bảo toàn H: n_H = 0,6 . 1 + 0,4 . 5 = 2,6

=> n_H2O =  1,3 mol

=> m = 23,4g

Đáp án D