Bài tập thủy phân(P3)

Chọn đáp án D

HD: X gồm 3 peptit $A_a, B_b, C_{c }$với tỉ lệ mol tương ứng 1 : 1 : 3.

(kí hiệu $A_a$ nghĩa là peptit A gồm có a mắt xích, được tạo từ a α–amino axit)

☆ biến đổi peptit: 1A_a + 1B_b + 3C_c → 1.A–B–C–C–C (ghép mạch) + 4$H_{2}O$.

thủy phân: A–B–C–C–C + $H_{2}O$ → 0,16 mol Gly + 0,16 mol Ala + 0,14 mol Val.

⇒ phương trình: 1.A–B–C–C–C + (23k – 1)$H_{2}O$ → 8k.Gly + 8k.Ala + 7k.Val. (k nguyên).

⇒ a + b + 3c = 23k. Lại có (a – 1) + (b – 1) + (c – 1) = 12 ⇔ a + b + c = 15.

⇒ 23k = a + b + 3c < 3(a + b + c) < 45 ⇒ k < 1,96 ⇒ k = 1 thỏa mãn.

Theo đó, $1A_{a }+ 1B_b + 3C_c + 18H_{2}O$→ 8Gly + 8Ala + 7Val ||⇒ $n_{H_{2}O}$= 0,36 mol.

⇒ BTKL có m = 12,00 + 14,24 + 16,38 – 0,36 × 18 = 36,14 gam

Chọn đáp án C

+ Bạn gọi công thức chung của các peptit là $C_n{H}_{2n+2-k}{O}_{k+1}{N}_k$: 0,06 mol

Theo bài: $\frac{n_O}{n_N}=\frac{k+1}{k}=\frac{13}{10}\to k=\frac{10}{3}$ → X, Y chứa $\left[\begin{array}{c}2\\ 3\end{array}\right]$ gốc amino axit

+ $n_{NaOH pứ}$ = Số mol gốc amino axit trong E=0,06k=0,2 mol

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}X,Y: a\\ X: b\end{array}+NaOH\to \left\{\begin{array}{l}\begin{array}{c}Gly-Na: x\\ Ala-Na: y\end{array}\\ NaOH: 0,04\end{array}\right.\right. +H_{2}O \\ 0,06 — 0,24 — 0,06 \end{gathered}$$

$\left\{\begin{array}{l}97x+111y+40.0,04=22,68\\ x+y=0,2\end{array}\right.$

$\to x=0,08; y=0,12$

+ Trường hợp 1:

X, Y chứa 3 gốc amino axit (2 liên kết peptit), Z chứa 5 gốc amino axit (4 liên kết peptit

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}a+b=0,06\\ 3a+5b=0,2\end{array}\to \left\{\begin{array}{l}\begin{array}{l}a=0,05\end{array}\\ b=0,01\end{array}\right.\right. \\ \to \left\{\begin{array}{l}{\left(Gly\right)}_p{\left(Ala\right)}_q: 0,05\\ {\left(Gly\right)}_h{\left(Ala\right)}_k: 0,01\end{array}\left\{\begin{array}{l}p+q=3\\ h+k=5\end{array}\right.\right. \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}{n}_{Gly}=0,0p+0,01h=0,08\\ n_{Ala}=0,05q+0,01k=0,12\end{array}\right. \\ \left\{\begin{array}{l}5p+h=8\\ 5q+k=12\end{array} \left\{\begin{array}{l}p=1, q=2\\ h=3, k=2\end{array}\right.\right. \\ \left\{\begin{array}{l}X,Y:{\left(Gly\right)}_1{\left(Ala\right)}_2\\ Z: {\left(Gly\right)}_3{\left(Ala\right)}_2\end{array}\right. \end{gathered}$$

→ Z: $C_{12}{H}_{21}{O}_6{N}_5$: Tổng số nguyên tử  = 44

+ Trường hợp 2:

X, Y chứa 2 gốc amino axit (1 liên kết peptit), Z chứa 7 gốc amino axit (6 liên kết peptit)

$\left\{\begin{array}{l}a=0,044\\ b=0,016\end{array}\right.\left\{\begin{array}{l}p=1, q=1\\ h=2,25, k=4,75\end{array}\right.$

$\to$ Loại

Chọn đáp án D
Tri-peptit   +   3NaOH    $\to$      Muối +   $H_{2}O$                   

    2a           $—$      6a               $—$            2a

Tetra-peptit   +   4NaOH         Muối   +   $H_2$

      a          $—$            4a             $\frac{}{}$            a 

$$\begin{gathered} n_{NaOH}=10a=0,2\Rightarrow a=0,02 \\ Bảo toàn khối lượng có: \\ m=23,32+18.0,06-40.0,2 \\ =16,4 gam \end{gathered}$$

Chọn đáp án C 

Gly – Ala –Ala – Val        +   4NaOH       $\to$Muối   +   $H_{2}O$

         a                   $—$                 4a                $—$              a

316a+56.4a=15,66+18a $\to$a=0,03 mol  

$\to$m=316.0,03=9,48 gam

Gly – Ala – Ala – Val +   3$H_{2}O$   +   4HCl         $\to$        Muối

   0,03       $—$   0,09      $—$     0,12     

a=9,48+18.0,09+36,5.0,12=15,48 gam

Chọn đáp án B

T gồm x mol peptit ${\left(X\right)}_a$và 3x mol ${\left(Y\right)}_b$(giả thiết cho tỉ lệ mol 1 : 3)

⇒ ∑số liên kết peptit = (a – 1) + (b – 1) = 5 ⇒ a + b = 7.

có $n_{Ala }$= 0,18 mol và $n_{Val}$ = 0,08 mol ⇒ tỉ lệ tối giản: $n_{Ala }$ : $n_{Val}$ = 9 : 4.

tổng số gốc Ala, Val ứng với tỉ lệ tối giản là 9 + 4 = 13 ⇒ a + 3b = 13n (n nguyên dương)

Lại có: ∑số gốc amino axit trong T = ax + 3bx = ∑$\left(n_{Ala} + n_{Val}\right)$= 0,26 mol.

mà a + 3b < 3(a + b) = 21 ⇒ 13n < 21 ⇒ n = 1. từ đó có a + 3b = 13.

giải ra a = 4; b = 3. thay ngược lại có x = 0,26 ÷ (a + 3b) = 0,02 mol.

Phản ứng thủy phân: 4x = 0,08 mol T + ? mol $H_{2}O$ → 0,26 mol các α–amino axit

||⇒ $n_{H_{2}O}$ = 0,26 – 0,08 = 0,18 mol. ⇒ dùng BTKL phản ứng thủy phân có:

m = ∑$m_{các \alpha –amino axit}$ – $m_{H_{2}O}$ = 16,02 + 9,36 – 0,18 × 18 = 22,14 gam.

Chọn đáp án C

Số gốc Gly : Số gốc Ala =$n_{Gly}:n_{Ala}=0,14:0,10=7:5$

$$\begin{gathered} E=\left\{\begin{array}{l}{\left(X\right)}_x:a\\ {\left(Y\right)}_y:3a\end{array}\to \left\{\begin{array}{l}Số liên kết peptit=(x-1)+(y-1)=4\\ Bảo toàn gốc amino axit:n_{Gly}+n_{Ala}=ax+3ay=0,24\end{array}\right.\right. \\ (x-1)+3\left(y-1\right)<3\left[\left(x-1\right)+\left(y-1\right)\right]=12 \\ \to x+3y<16 \end{gathered}$$

Tổng số gốc Gly và Ala ứng với tỉ lệ tối giản 7+5=12 nên x+3y=12n (n nguyên)

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}x+3y=12n\\ x+3y<16\end{array}\to x+3y=12\right. \\ \to a=\frac{0,24}{x+3y}=0,02 mol \end{gathered}$$

Phản ứng thủy phân E:

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}\left(X\right)x:a\\ \left(Y\right)y:3a\end{array}+H_{2}O\to Gly+Ala\right. \\ {n}_{H_{2}O}=a\left(x-1\right)+3a\left(y-1\right)=0,16 \end{gathered}$$

Bảo toàn khối lượng: m=10,5+8,9-18.0,16=16,52 gam

Chọn đáp án C

m gam hỗn hợp gồm x mol hexapeptit E: Ala-Gly-Ala-Val-Gly-Val $\left(M_E = 472\right)$;

và y mol tetrapeptit T là Gly-Ala-Gly-Glu $\left(M_T = 332\right)$.

♦ phản ứng thủy phân: (E + T) + $H_{2}O$→ các α–amino axit.

• bảo toàn gốc Gly có: ∑$n_{Gly }$= 9 ÷ 75 = 2$n_{E }$+ 2$n_T$ ⇒ 2x + 2y = 0,12 mol.

• bảo toàn gốc Ala có: ∑$n_{Ala}$ = 7,12 ÷ 89 = $2n_E + n_{T }$⇒ 2x + y = 0,08 mol.

Giải hệ được x = 0,02 mol và y = 0,04 mol. Theo đó, giá trị của m là:

m = 472x + 332y = 22,72 gam.

Chọn đáp án D

$$\begin{gathered} M_X=\left[75+89.2+117\right]-18.3=316 \\ {M}_Y=\left[75+89+147\right]-18.2=275 \\ \left\{\begin{array}{l}Ala-Gly-Ala-Val:a\\ Gly-Ala-Glu:b\end{array}\right. \\ \left\{\begin{array}{l}Bảo toàn gốc Gly:a+b=0,04 \\ Bảo toàn gốc Ala:2a+b=0,06\end{array}\right. \\ \to \left\{\begin{array}{l}a=0,02\\ b=0,02\end{array}\right. \\ m=316.0,02+275.0,02=11,82 gam \end{gathered}$$

Chọn đáp án D

T gồm 3 peptit ${\left(X\right)}_a,{\left(Y\right)}_b,{\left(Z\right)}_c$có tỉ lệ mol 1 : 2 : 3.

⇒ ∑số liên kết peptit = (a – 1) + (b – 1) + (c – 1) = 7.

có $n_{Gly}$ = 0,24 mol; $n_{Ala }$= 0,12 mol và $n_{Val}$ = 0,4 mol.

gọi $n_{{\left(X\right)}_a}$ = x mol ⇒ $n_{{\left(X\right)}_{b }}$= 2x mol, $n_{{\left(Z\right)}_c}$ = 3x mol

⇒ ∑số gốc amino axit trong T = ax + 2bx + 3cx = ∑$\left(n_{Gly} + n_{Ala} + n_{Val}\right)$= 0,76 mol.

và có tỉ lệ: $n_{Gly} : n_{Ala} : n_{Val}$= 0,24 : 0,12 : 0,4 = 6 : 3 : 10.

tổng số gốc Ala, Gly, Val ứng với tỉ lệ tối giản là 6 + 3 + 10 = 19

⇒ có: a + 2b + 3c = 19n (với n nguyên dương).

mà (a – 1) + 2(b – 1) + 3(c – 1) < 3[(a – 1) + (b – 1) + (c – 1)] = 21 ⇒ a + 2b + 3c < 27

⇒ n = 1 và có a + 2b + 3c = 19 ⇒ x = 0,04 mol; thêm a + b + c = 10

⇒ b + 2c = 9 mà b, c ≥ 2 ⇒ có 2 cặp nghiệm a, b, c thỏa mãn như sau:

♦ TH₁: a = 3; b = 5 và c = 2; thay x vào có 0,04 mol ${\left(X\right)}_3$; 0,08 mol ${\left(Y\right)}_5$ và 0,12 mol ${\left(Z\right)}_2$.

Đối chiếu với: $n_{Gly}$ = 0,24 mol; $n_{Ala}$ = 0,12 mol và $n_{Val }$= 0,4 mol.

⇒ ${\left(X\right)}_3$ là ${\left(Ala\right)}_3$; ${\left(Y\right)}_5$là ${\left(Val\right)}_5$ và${\left(Z\right)}_2$ là ${\left(Gly\right)}_2$.

♦ TH₂: a = 4; b = 3 và c = 3 ⇒ có 0,04 mol (X)₄; 0,08 mol ${\left(Y\right)}_3$ và 0,12 mol ${\left(Z\right)}_3$

⇒ 0,16 mol; 0,24 mol và 0,36 mol các amino axit là không phù hợp rồi → loại.

☆ yêu cầu PTK của peptit chứa gốc alanin trong T là ${\left(Ala\right)}_3$ ⇔ M = 89 × 3 – 2 × 18 = 231. 

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Gọi số mol của X là a mol → $n_{NaOH}$ = 5a mol và $n_{H_{2}O}$ = b mol

Bảo toàn khối lương ta có 7,46 + 5a. 40 = 11,1 + 18a → a = 0,02

Khi thủy phân X bằng dung dịch HCl → $n_{HCl}$ = 5a = 0,1 mol, $n_{H_{2}O}$ = 4a = 0,08 mol

Chọn đáp án D

• A + 3$H_{2}O$→ 4X

$m_{H_{2}O}$ = $m_X - m_A$ = 159,74 - 143,45 = 16,29 gam → $n_{H_{2}O}$ = 16,29 : 18 = 0,905 mol

→ $n_X$ = 4/3 × 0,905 = 1,207 mol.

• X + HCl → muối

$n_X$ = 1,207 mol → $n_{HCl}$ = 1,207 mol.

$m_{muối}$ = $m_{X }$+ $m_{HCl}$ = 159,74 + 1,207 × 36,5 = 203,76 gam

 Chọn đáp án C

Chú ý gốc GLu có 2 nhóm COOH nên GLu-Ala + 3NaOH → muối + 2$H_{2}O$

Gọi số mol của đipeptit là x → số mol của NaOH là 3x mol, số mol của nước là 2x mol

Bảo toàn khối lượng → 218x + 40.3x = 45,3 + 2. 18x → x = 0,15 mol 

Chọn đáp án C

Với 1 mol X thì mất 2 mol nước để thủy phân thành amino axit, và tạo ra 3 mol nước khi amino axit tác dụng với NaOH

vậy nên cuối cùng là tạo ra 1 mol nước

$n_{H_{2}O}=n_X=0,1$

Bảo toàn khối lượng:

 $$\begin{gathered} m_r=m_X+m_{NaOH}-m_{H_{2}O} \\ =0,1.217+0,4.40-0,1.18=35,9 gam \end{gathered}$$

Chọn đáp án A

Chọn đáp án C

gọi n là số liên kết peptit trong X → X = $\left(n+1\right)R\left(N{H}_2\right)\left(COOH\right)$ - n$H_{2}O$, thủy phân:

X + 1,2.(n+1)NaOH → {$\left(n+1\right)R\left(N{H}_2\right)\left(COONa\right)$ + NaOH _dư } + 1.$H_{2}O$.

Thay X trên vào có:

$\left(n+1\right)R\left(N{H}_2\right)\left(COOH\right)$ + 1,2(n+1)NaOH → {$\left(n+1\right)R\left(N{H}_2\right)\left(COONa\right)$+ NaOH _dư } + (n+1).$H_{2}O$. (*)

Thử nhanh hơn: (aa = amino axit)

♦ với n = 14 thì (*) ↔ 15.aa + 1,2 × 15.NaOH → 168 gam rắn + 15.$H_{2}O$.

$n_{ aa}$ = 1,5 mol, $n_{ NaOH}$ = 1,8 mol, $n_{H_{2}O}$ = 1,5 mol. do đó, áp dụng BTKL ta có:

→ $m_{ aa}$ = 123 gam → M = 82 không có aa nào thỏa mãn.

♦ với n = 15 thì (*) ↔ 16.aa + 19,2.NaOH → 168 gam rắn + 16.$H_{2}O$.

$n_{ aa}$ = 1,6 mol, $n_{ NaOH}$ = 1,92 mol, $n_{H_{2}O}$ = 1,6 mol. do đó, áp dụng BTKL ta có:

→ $m_{ aa}$ = 120 gam → M = 75 là glyxin, thỏa mãn.

♦ Tương tự, thấy C, D đều không thỏa mãn. do đó chỉ có đáp án C đúng. 

Chọn đáp án C

Chọn đáp án C

7,55 gam peptit thủy phân cho 0,05 mol Gly + 0,025 mol Ala và 0,025 mol Val.

{0,05 mol Gly + 0,025 mol Ala và 0,025 mol Val} + 0,02 mol NaOH + 0,1 mol HCl → m gam chất rắn + 0,02 mol $H_{2}O$

||→ cần chú ý Gly, Ala và Val là các amino axit nên chúng là chất rắn khi cô cạn.

Gly + HCl → $C_2{H}_{5}N{O}_{2}HCl$ (không sinh $H_{2}O$ hay gì khác ngoài muối)

||→ BTKL có m = 7,55 + 0,025 × 3 × 18 + 0,02 × 40 + 0,1 × 36,5 – 0,02 × 18 = 12,99 gam.

Chọn đáp án C

Bảo toàn nhóm Val → $n_{X_1}$ = $\frac{1,15.2-2}{2}$ = 0,15 mol

→ $m_{X_1}$ = 0,15. 387 = 58,05 gam

Chọn đáp án A

Gọi công thức của $C_n{H}_{2n+1}N{O}_2$

Chọn đáp án C

• Gọi x là số mol peptit và 6k là loại peptit của X (vì cắt thành tripeptit hay đipeptit đều được)

56,7 - 18 x (2k - 1)x = 59,4 - 18 x (3k - 1)x → kx = 0,15

a = 56,7 + 18 x 4kx = 67,5

Chọn đáp án B

hỗn hợp T gồm 3 peptit đều là đipeptit ⇒ 1T + 1$H_{2}O$ → 2(amino axit)

⇒ $n_{H_{2}O}$ = (7,12 – 6,4) ÷ 18 = 0,04 mol ⇒ $n_T$ = 0,04 mol.

Theo đó: 1T + 2HCl + 1$H_{2}O$ → m gam muối || $n_{HCl}$ = 0,08 mol.

⇒ BTKL có: $m_{muối}$ = 6,4 + 0,2 × 36,5 + 0,1 × 18 = 10,04 gam.

Chọn đáp án A

Gọi số mol của X và Y lần lượt là x và 3x mol

Có X + 4NaOH → $m_1$ + $H_{2}O$, Y + 3NaOH → $m_{2 }$+ $H_{2}O$

Có $n_{H_{2}O}$ = $n_X$ + $n_{Y }$= 4x mol

Bảo toàn khối lượng → x. 316 + 3x. 273 + 40. ( 4x + 3. 3x) = 23,745 + 4x. 18 → x = 0,015 mol

→ m = 0,015. 316 + 3. 0,015 . 273 = 17,025 gam

Chọn đáp án A

Ta có Gly : Ala = 29 : 18 → tổng số mắt xích của A là bội số của ( 29 + 18 )k = 47k ( với k là số nguyên dương)

Tổng số liên kết peptit = 12 → số măt xích là 15 → k đạt max khi Z chứa 14 mắt xích ( ứng với 13 liên kết peptit) , Y chứa 2 mắt xích ( ứng với 1 liên kết peptit), X chứa 2 mắt xích (( ứng với 1 liên kết peptit) → 47k ≤ 2.2 + 2. 3 + 4. 14 → k ≤ 1,4 → k = 1

Quy đổi 3 peptit X, Y, Z thành một peptit G chứa 47 mắt xích gồm 29 GLy và 18 Ala, đông thời giải phóng ra 8 phân tử $H_{2}O$.

Có $n_G$ = 0,29 : 29 = 0,01 mol

2X + 3Y + 4Z → 29Gly-18Ala+ 8$H_{2}O$

m = 0,01. ( 29. 75 + 18. 89 -46. 18) + 8. 0,01.18 = 30,93 gam.

Chọn đáp án A

Có $M_X$ = 293 được cấu tạo bởi Gly, Ala, Phe

Thấy 293 = 75 + 89 + 165-2. 18 → X là tripeptit chứa 1Gly,1 ALa, 1 Phe

Có $n_{HCl}$ = 0,222.0,018 = 3,996. 103 ≈ 4.10-3 mol

Khi thủy phân tripeptit X thu được hai đipeptit Y, Z

Có $n_Y$ = 0,5$n_{HCl }$= 0,002 mol→ $M_{Y }$=236 = 165 + 89- 18 → Y có cấu tạo Ala-Phe hoặc Phe-Ala

Có $n_{NaOH }$= $\frac{14,7.1,022.0,0016}{40}$ = 6.10^-3

^→ $n_{Z }$= 3.10^-3 → $M_{Z }$= 222 = 165+ 75-18 → Z có cấu tạo là Gly-Phe hoặc Phe-Gly

→ X có câu tạo Gly-Phe-Ala hoặc Ala-Phe- Gly

Chọn đáp án B

Theo đề bài: $\%N+\%O$=61,33% $\leftrightarrow \frac{14+16.2}{M_Y}=0,6133$

$\Rightarrow M_Y=75$$\Rightarrow$ Y là $H_{2}NC{H}_{2}COOH$ (alynin)

Số mol mắt xích glyxin trong X là 

(n peptit có phân tử khối là 75n-18(n-1))

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

1 mol $X_5$ + 4 mol $H_{2}O$ → 1 mol Gly + a mol Ala + 2 mol Val ||→ a = 2 mol.

có mỗi 1 Gly thôi mà cho sản phẩm có cả Ala-Gly và Gly-Val ||→ X phải chứa mạch Ala-Gly-Val.

||→ Bài tập quy về sắp xếp các nhóm Ala, Val, Ala-Gly-Val vào 3 vị trí để tạo X

||→ có P₃ = 3! = 6 cách sắp xếp

Chọn đáp án B

Gọi số mol của M và P lần lượt là 2a và 3a mol

Bảo toàn khối lượng cho phản ứng thuỷ phân trong môi trường axit

⇒ $m_{H_{2}O}$ = 178,5 -149,7 = 32,4 gam.

⇔ $n_{H_{2}O}$= 1,8 mol → 2a.2 + 3a. 4 = 1,6 → a = 0,1125

Có thấy $3n_M + 5n_P$ = 3.2 0,1125 + 5. 3. 0,1125 = 2,3625 mol < $n_{KOH} + n_{NaOH}$

⇒ Lượng kiềm còn dư → $n_{H_{2}O}$ = $n_M + n_P$ = 0,5625 mol

Bảo toàn khối lượng cho phản ứng thuỷ phân trong môi trường kiềm

⇒ $m_{chất \tan }$= 146,1 + 1. 56 + 1,5. 40 - 0,5625. 18 = 251,975 gam.

Chọn đáp án B

Quy đổi quá trình phản ứng thành:

Chọn đáp án C

Chọn đáp án A

Chọn đáp án C

$n_{Gly}=0,16,n_{Ala}=0,06$

Số mol aa trong 2 phân tử là 7

Gọi số mol X và Y là a và 2a

TH1: X là peptit từ Gly, Y từ Ala

$\to \frac{0,16}{a}+\frac{0,06}{2a}=7\to a=\frac{19}{100}$ → K thỏa mãn

TH2: X là peptit từ Ala, Y từ Gly

$\to \frac{0,16}{2a}+\frac{0,06}{a}=7\to a=0,02$ → X là tripeptit, Y là  tetrapeptit

$$\begin{gathered} \to m=12+5.34-m_{H_{2}O} \\ =17,34-18.(0,04.3+0,02.2)=14,46 \end{gathered}$$

Chọn đáp án A

-       Khi gộp X và Y với tỉ lệ mol tương ứng là 1 : 3 có $2X+Y\to X_{2}Y+2H_{2}O \left(1\right)$

+ Từ : $\frac{n_{Gly}}{n_{Tyr}}=\frac{0,075}{0,06}=\frac{5}{4}$ $X_{2}Y$ là ${\left(Gly\right)}_{5k}{\left(Tyr\right)}_{4k}$

Chọn đáp án D

Có Gly: 0,96 mol, Ala: 0,64 mol và Val: 2,16 mol → Gly : Ala: Val = 12: 8 : 27

Tổng số mắt xích trong M là bội số của ( 12 + 8 + 27)k =47k

Trong M có tổng số nhóm -CO-NH- trong ba phân tử là 11 → k đạt max khi Z chứa 10 mắt xích ( ứng với 9 liên kết peptit) , Y chứa 2 mắt xích ( ứng với 1 liên kết peptit), X chứa 2 mắt xích (( ứng với 1 liên kết peptit) → 47k ≤ 4.2 + 6. 2 + 9. 10 → k ≤ 2,34

k đặt giá trị nhỏ nhất khi Z chứa 2 mắt xích ( ứng với 1 liên kết peptit) , Y chứa 2 mắt xích ( ứng với 1 liên kết peptit), X chứa 10 mắt xích (( ứng với 9 liên kết peptit) → 47k ≥ 4.10 + 6.2 + 9.2 → k ≥ 1,48

1,48 ≤ k ≤ 2,34 → k = 2

Quy đổi 3 peptit X, Y, Z thành một peptit G chứa 47 mắt xích gồm 24 Gly , 16 Ala và 54 Val đông thời giải phóng ra 18 phân tử $H_{2}O$.

Có $n_G$ = 0,96 : 24 = 0,04 mol

4X + 6Y + 9Z → 24 Gly - 16 Ala - 54 Val + 19$H_{2}O$

→ m = 0,04. ( 24. 75 + 16. 89 + 54. 117- 93. 18) + 18.0,04. 18 = 327,68 gam

Gọi số mắt xích trong X, Y, Z lần lượt là a, b, c ( a,b,c > 1)

→ a + b + c= 11 + 3= 14 (1)

4a + 6b + 9c = 94 (2)

Thay c = 4 → a = 1 và b = 9 không thỏa mãn

Thay c = 6 → a = b = 4 thỏa mãn

Chọn đáp án A

Chọn đáp án D

E → ${\left(X\right)}^2{\left(Y\right)}^3{\left(Z\right)}^4$+ 8$H_{2}O$ (1).

Thủy phân cho 0,6 mol Gly + 0,8 mol Ala + 1,0 mol Val ||→ tỉ lệ Gly : Ala : Val = 3 : 4 : 5.

Tối đa ${\left(X\right)}^2{\left(Y\right)}^3{\left(Z\right)}^4$ được tạo từ (1 + 1) × 2 + (1 + 1) × 3 + (5 + 1) × 4 = 34 < 3 × (3 + 4 + 5)

Lại để ý, tối thiểu X, Y, Z là các đipeptit → cần tối thiểu 2 × (2 + 3 + 4) = 18 α-amino axit.

Theo đó 1${\left(X\right)}^2{\left(Y\right)}^3{\left(Z\right)}^4$ chỉ có thể được tạo từ 6Gly + 8Ala + 10Val – 23$H_{2}O$

kết hợp (1): E → 6Gly + 8Ala + 10Val – 15$H_{2}O$ → m = 45 + 71,2 + 117 – 1,5 × 18 = 206,2 gam.

Chọn đáp án A

Đặt CT trung bình của M là $GlyAla{\left(Lys\right)}_x$ → $M_{M }$= 128x + 146; số O = x + 3.

→ $\%m_O$ = 16 × (x + 3) ÷ (128x + 146) × 100% = 21,302% → x = 1,5.

$GlyAla{\left(Lys\right)}_{1,5}$ + 5HCl + 2,5$H_{2}O$→ muối →$n_{HCl}$ = 0,6 mol; $n_{H_{2}O}$= 0,3 mol.

Bảo toàn khối lượng: m = 0,12 × 338 + 0,6 × 36,5 + 0,3 × 18 = 67,86(g).

Chọn đáp án C