490 Bài tập Este, Lipit ôn thi Đại học có lời giải (P12)
46 câu hỏi
5.
4.
3.
2.
Đáp án C
Số este có thể điều chế trực tiếp bằng phản ứng của axit và ancol tương ứng gồm:
Etyl axetat, isoamyl axetat và anlyl axetat
23,34%.
62,44%.
56,34%.
87,38%.
Đáp án D
Do các chất đều đơn chức ⇒ muối có dạng RCOONa với số mol là 0,1.
Bảo toàn nguyên tố hiđro
⇒ số H/muối = 0,05 × 2 ÷ 0,1 = 1 ⇒ R là H.
+ Bảo toàn khối lượng: mX + mNaOH = mmuối + mancol + mH2O ⇒ nH2O = 0,01 mol.
⇒ naxit = 0,01 mol ⇒ neste = 0,09 mol ⇒ nancol > neste = 0,09 mol.
⇒ Mancol < 3,2 ÷ 0,09 = 35,56 ⇒ ancol là CH3OH ⇒ este là HCOOCH3.
⇒ %meste = 0,09 × 60 ÷ 6,18 × 100% = 87,38%
metyl fomat
etyl fomat.
etyl axetat.
metyl axetat.
Đáp án D
C15H31COONa và etanol.
C17H35COOH và glixerol.
C15H31COOH và glixerol.
C17H35COONa và glixerol.
Đáp án D
50%.
66,67%.
65,00%.
52,00%.
Đáp án C
phản ứng: CH3COOH + C2H5OH ⇄ CH3COOC2H5 + H2O.
có nancol etylic = 11,5 ÷ 46 = 0,25 mol; naxit axetic = 12 ÷ 60 = 0,2 mol
⇒ Hiệu suất phản ứng 80% tính theo số mol axit.
Mà nEste = 11,44 ÷ 88 = 0,13 mol
⇒ H = 
96.
111.
94.
108.
Đáp án A
Vì X là este 2 chức và có 6 liên kết π
⇒ CTTQ của X là CnH2n–10O4.
+ Quy đổi hỗn hợp Y và Z thành CmH2m–1NO và H2O.
Ta có 2 sơ đồ sau:
+ Nhận thấy các muối đều có –COONa.
Vì nNa = 2nNa2CO3 = 0,56 mol
⇒ ∑nO/Muối = 0,56×2 = 1,12 mol.
Từ Sơ đồ (2) ta bảo toàn nguyên tố O ta có:
1,12 + 1,08×2 = 0,28×3 + 2c + c – 0,32
c = 0,92 mol ⇒ nH2O sơ đồ (2) = 0,6 mol.
+ Bảo toàn khối lượng ở sơ đồ (2)
⇒ mMuối = 29,68 + 0,92×44 + 0,6×18 – 34,56 + 14b.
⇔ mMuối = 46,4 + 14b.
+ Thế vào sơ đồ (1) và tiếp tục BTKL ta có:
49,4 + 22,4 = (46,4 + 14b) + 22,8 + 18a
⇔ 18a + 14b = 2,6 (1).
+ PT theo số mol NaOH phản ứng ta có: 2a + b = 0,56 (2).
+ Giải hệ (1) và (2) ta có: a = 0,02 và b = 0,16.
● Giải tìm 2 ancol:
Ta có nhh ancol đơn chức = 2nEste = 10×a×2 = 0,4 mol.
⇒ Mhh ancol đơn chức = 
Vì ancol xuất phát từ 1 este
⇒ Chúng có số mol bằng nhau:
Vậy 57 ứng với ancol trung bình có dạng: C3H5O
⇒ 2 Ancol đó là
● Tìm CTPT của X:
Bảo toàn cacbon ta có:
nC/Hỗn hợp H = nC/Muối + nC/Ancol = 0,28 + 0,92 + 0,2×3×2 = 2,4 mol.
Ta có PT bảo toàn số mol C là:
0,2n + 0,16m = 2,4.
Với 2 < m < 3 ⇒ 9,6 < n < 10,4
⇒ X có 10 cacbon
⇒ CTPT của X là C10H10O4.
● Tìm 2 peptit Y và Z:
Ta có nNaOH pứ với peptit = 0,56 × 0,2×2 = 0,16 mol.
⇒ Tỷ lệ 
Lại có Y và Z hơn kém nhau 2 nguyên tử N.
⇒ Y và Z chỉ có thể là hỗn hợp của Heptapeptit và Nonapeptit
+ Đặt nHeptapeptit = x và nNonapeptit = y ta có:
x + y = 0,02 (1) || 7x + 9y = 0,16 (2)
⇒ x = y = 0,01
+ Vì 2 peptit có cùng số Cacbon
⇒ Mỗi peptit có số C = 
⇒ Heptapeptit có dạng: (Gly)1(Ala)6
⇒ CTPT là C20H35O8N7 ⇒ MHeptapeptit = 501
⇒ Nonapeptit có dạng: (Gly)7(Ala)2
⇒ CTPT là C20H33O10N9
⇒ MNonapeptit = 559 > 501 ⇒ (Z)
⇒ Tổng số nguyên tử có trong X và Z
= (10 + 10 + 4) + (20 + 33 + 10 + 9) = 96
HCOOCH3.
HCOOCH2CH3.
CH3COOCH3.
CH3COOCH2CH3.
Chọn đáp án D
Etyl axetat có công thức cấu tạo là CH3COOCH2CH3.
Tên gọi của các công thức cấu tạo tương ứng với các đáp án còn lại:
A. HCOOCH3 metyl fomat
B. HCOOCH2CH3 etyl fomat
C. CH3COOCH3 metyl axetat
16,4.
9,6.
19,2.
8,2.
Đáp án A
Ta có phản ứng: CH3COOC2H5 + NaOH → CH3COONa + C2H5OH.
Mà nEste = 17,6 ÷ 88 = 0,2 mol
⇒ nCH3COONa = 0,2 mol.
⇒ mMuối = 0,2 × (15 + 44 + 23) = 16,4 gam
C2H5OC2H5.
CH3COCH3.
CH3COCH3.
(C17H35COO)3C3H5.
Đáp án D
Học thông minh hơn mỗi ngày
Xem toàn bộ 46 câu hỏi và nhiều hơn nữa với tài khoản miễn phí
axit panmitic.
âxit oleic.
axit linolenic.
axit stearic.
Đáp án A
nglixerol = 0,1 mol ⇒ nmuối = 3nglixerol = 0,3 mol.
⇒ Mmuối = 278 (C15H31COONa).
⇒ B là axit panmitic
CH3COOCH3.
HCOOC6H5.
CH2=CHCOOCH3.
CH3COOCH=CH2.
Đáp án A
(1), (2), (3).
(1), (3), (5).
(3), (4), (5).
(2), (3), (5).
Đáp án B
Dãy gồm các chất phản ứng với NaOH sinh ra ancol gồm:Metyl fomat, metyl acrylat và triolein
Đun nóng chất béo lỏng với dung dịch KOH.
Cho chất béo lỏng tác dụng với H2 ở nhiệt độ và áp suất cao có Ni xúc tác.
Cô cạn chất béo lỏng bằng nhiệt độ.
Làm lạnh chất béo lỏng ở nhiệt độ rất thấp.
Đáp án B
15,60 gam.
19,50 gam.
18,72 gam.
12,48 gam.
Đáp án D
phản ứng: CH3COOH + (CH3)2CHCH2CH2OH ⇄ CH3COOCH2CH2CH(CH3)2 + H2O.
có nAxit = 0,18 mol; nAncol = 0,12 mol
⇒ Hiệu suất 68% sẽ được tính theo số mol ancol. ("chất thiếu").
⇒ nEste thu được = 0,12 × 0,8 = 0,096 mol
⇒ mEste thu được = 12,48 gam
29%.
30%.
31%.
32%.
Đáp án B
● Giả sử không có este của phenol
⇒ nH = nNaOH = nhh Ancol = 0,46 mol.
+ Bảo toàn khối lượng
⇒ nhh Ancol = mH + mNaOH – mMuối = 12,72 gam.
⇒ MTrung bình ancol = 
⇒ Vô lý vì ancol bé nhất là CH3OH (32).
⇒ Có este của phenol.
+ Giải hỗn hợp T ta có:
Từ tỉ khối hơi ⇒ 
⇒ Đặt nCH3OH = 3a và nC2H5OH) = 2a.
+ Vì có muối của phenol
⇒ Có tạo ra H2O ⇒ Đặt nH2O = b.
⇒ 32×3a + 46×2a + 18b = 12,72
⇔ 156a + 18b = 12,72 (1).
⇒ 3a + 2a + 2b = nNaOH
⇔ 5a + 2b = 0,46 mol (2).
+ Giải hệ (1) và (2) ⇒ a = 0,06 và b = 0,08 mol
⇒ nhh este = 0,46 – 0,08 = 0,36 mol.
+ Bảo toàn oxi
⇒ nO/CO2 = 0,38×2 + 2,22×2 – 1,12 = 4,08
⇒ nCO2 = 2,04 mol
● Giải theo kinh nghiệm: X và Y sẽ cho cùng 1 muối và riêng Z sẽ tạo 2 muối.
+ Gọi số cacbon trong X, Y và Z lần lượt là a b và c
⇒ PT theo số mol CO2:
0,18a + 0,12b + 0,08c = 2,04.
⇒ Giải PT nghiệm nguyên ta có: a = 4, b = 5 và c = 9.
+ Gọi số nguyên tử hiđro trong X Y và Z lần lượt là a b và c
⇒ PT theo số mol H: 0,18a + 0,12b + 0,08c = 2,24.
⇒ Giải Pt nghiệm nguyên ta có: a = 4, b = 6 và c = 10.
● Vậy hỗn hợp H chứa
⇒ %mY = 
HCOOH và NaOH.
HCOOH và CH3OH.
HCOOH và C2H5NH2.
CH3NOONa và CH3OH.
Chọn đáp án B
Ở điều kiện thích hợp, hai chất phản ứng với nhau tạo thành metyl fomat (HCOOCH3).
⟹ Este này tạo bởi axit HCOOH và ancol CH3OH.
7,4.
17,6.
14,8.
8,8.
Đáp án A
12,6.
10,2.
9,8.
17,2.
Đáp án A
Ta có phản ứng:
CH3COOC2H5 + KOH → CH3COOK + C2H5OH.
Ta có
nEste = 0,1 mol và nKOH = 0,15 mol > nEste ⇒ KOH dư.
+ Ta có nC2H5OH = 0,1 mol
⇒ Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:
mChất rắn = 8,8 + 0,15×56 – 0,1×46 = 12,6 gam
4,98.
9,20.
8,70.
7,56.
Đáp án C
21,62 gam E (este đều đơn chức) + vừa đủ 0,3 mol NaOH
→ nCOO trong E= 0,3 mol
♦ giải đốt 21,62 gam E (0,3 mol) + O2 
(CO2 + H2O) + Ca(OH)2 dư có
Δmdung dịch giảm = 56x – 18y = 34,5 gam.
Lại có mE = 12x + 2y + 0,3 × 32 = 21,62 gam
→ giải x = 0,87 mol và y = 0,79 mol.
→ tương quan ∑nCO2 – ∑nH2O = nY + Z = 0,08 mol
→ nX = 0,22 mol.
chú ý: Y, Z không no và thủy phân cho ancol nên số CY, Z ≥ 4.
Chặn số Ctrung bình của X < (0,87 – 0,08 × 4) ÷ 0,22 = 2,5
→ số CX = 2 hay X là HCOOCH3.
♦ Biện luận: hai ancol đồng đẳng nên ancol còn lại là C2H5OH.
Thủy phân E chỉ cho 2 muối mà 1 muối là HCOONa (no rồi)
||→ 1 muối còn lại phải là không no 1 C=C là gốc axit của Y và Z.
nghĩa là Y là CnH2n – 1COOCH3 và Z là CnH2n – 1COOC2H5 (Y, Z đồng đẳng kế tiếp)
Đơn giản, tính lại số Ctrung bình Y, Z = (0,87 – 0,22 × 2) ÷ 0,08 = 5,375
||→ số CY = 5 và số CZ = 6. tuy nhiên, đọc kĩ yêu cầu bài tập
||→ chỉ quan tâm muối lớn trong F là 0,08 mol C3H5COONa
⇄ myêu cầu = 8,64 gam
Chất hữu cơ X mạch thẳng có CTPT C4H6O2.
Biết
Công thức cấu tạo của X là
CH3COOCH=CH2.
CH2=CH–CH2-COOH.
CH2=CH–COOCH3.
HCOOCH2–CH=CH2.
Đáp án C
CH2=CH-COOCH3 + NaOH → CH2=CH-COONa + CH3OH
CH2=CH-COONa + NaOH → (CaO,t0) → CH2=CH2 + Na2CO3
H2O (xúc tác H2SO4 loãng, đun nóng).
Cu(OH)2 (ở điều kiện thường).
H2 (xúc tác Ni, đun nóng).
Dung dịch NaOH (đun nóng).
Đáp án B
Số nguyên tử hidro trong phân tử este đơn và đa chức luôn là một số chẵn.
Trong công nghiệp có thể chuyển hóa chất béo lỏng thành chất béo rắn.
Sản phẩm của phản ứng xà phòng hóa chất béo là axit béo và glixerol.
Nhiệt độ sôi của este thấp hơn hẳn so với ancol có cùng phân tử khối.
Đáp án C
C6H5COOCH=CH2 và C6H5CH=CHCOOH.
C6H5COOCH=CH2 và CH2=CHCOOC6H5.
HCOOC6H5CH=CH2 và HCOOCH=CHC6H5.
HCOOC6H5CH=CH2 và CH2=CHCOOC6H5.
Đáp án B
A, B có độ bất bão hòa bằng 6
A, B tham gia cộng brom ⇒ A, B có nối đôi C=C
A + NaOH → andehit + muối có phân tử khối > MNatri axetat.
⇒ A: C6H5COOCH=CH2
B + NaOH dư → hai muối + nước ⇒ B là este của phenol
⇒ B : CH2=CHCOOC6H5
46,35%.
48,00%.
41,30%.
46,50%.
Đáp án A
E + NaOH > (Muối + NaOH dư ) + (ancol + H2O)
=> Muối + NaOH dư = 93.2 +400 – (377.7+1.1) = 114.4
Quy E về C2H3COOHCH3
C2H3COOH
CH2 số mol lần lượt là 0.5 b=0.6 c= 0.5
ghép CH2 vào este > axit C2H3COOH >% >A
metyl fomat.
metyl axetat.
propyl axetat.
etyl axetat.
Đáp án A
Este no đơn chức mạch hở ⇒ có CTTQ là CnH2nO2.
Phản ứng cháy là:
CnH2nO2 + 
Vì nO2 = nCO2
⇒ Este có CTPT C2H4O2 ứng với CTCT duy nhất là HCOOCH3
32,12
32,88.
31,36.
33,64.
Đáp án B
Vì nHCOOCH3 = nCH3COOC2H5 ⇒ Xem hỗn hợp X chỉ chứa C3H6O2.
Y gồm: ⇔ C6H16N2 (hexametylenđiamin) và C6H14N2O2 (lysin).
Đặt nC3H6O2 = b
nC6H16N2 = c
nC6H14N2O2 = d
⇒ mGiảm = mCaCO3 – ∑m(CO2 + H2O) = 32,88 gam
4
7
6
5
Đáp án A
Số phát biểu đúng gồm (1) (2) (3) và (5)
CH3COOH.
C2H5OH.
CH3COOC2H5.
C2H5COOCH3.
Đáp án B
4
2
3
5
Đáp án B
C2H5COOCH3.
C2H3COOC2H5.
CH3COOC2H5.
CH3COOCH3.
Chọn đáp án C
Natri axetat: CH3COONa.
Ancol etylic: C2H5OH
Phương trình phản ứng thủy phân este tạo thành natri axetat và ancol etylic là:
CH3COOC2H5 + NaOH CH3COONa + C2H5OH
Vây X là: CH3COOC2H5 (etyl axetat)
3,00.
3,70.
2,40.
2,96.
Đáp án A
Ta có nAxit = nCO2 = 0,05 mol.
⇒ nEste = 0,05×0,8 = 0,04 mol
⇒ MEste = 3,52÷0,04 = 88
⇒ MRCOOC2H5 = 88 ⇔ R = 15 ⇔ Axit là CH3COOH.
⇒ mAxit = 0,05×60 = 3 gam
CH3COOCH2COOCH2CH3.
CH3COOCH2COOCH=CH2.
CH3COOCH2CH2COOC6H5.
CH3OOCCH2CH2COOCH3.
Đáp án A
Xét các đáp án
A. CH₃COOCH₂COOCH₂CH₃ + 2NaOH → CH₃COONa + HOCH₂COONa + C₂H₅OH
⇒ thu được 2 muối và 1 ancol ⇒ thỏa mãn
B. CH₃COOCH₂COOCH=CH₂ + 2NaOH → CH₃COONa + HOCH₂COONa + CH₃CHO
⇒ thu được 2 muối và 1 anđehit ⇒ loại
C. CH₃COOCH₂CH₂COOC₆H₅ + 3NaOH → CH₃COONa + HOCH₂CH₂COONa + C₆H₅ONa + H₂O.
⇒ chỉ thu được 3 muối và H₂O ⇒ loại.
D. CH₃OOCCH₂CH₂COOCH₃ + 2NaOH → NaOOC-CH₂CH₂-COONa + CH₃OH
⇒ thu được 1 muối và 1 ancol ⇒ loại
13,60.
14,52.
18,90.
10,60.
Đáp án A
Ta có phản ứng:
CH3COOH + C2H5OH ⇌ CH3COOC2H5 + H2O.
Với ∑nCH3COOH = nCO2 = 0,15 mol
nEste = 0,08 mol.
+ Nhận thấy 
⇒ Hiệu suất tính theo ancol.
⇒ nAncol = 0,8÷0,8 = 0,1 mol
⇒ m = 0,15×60 + 0,1×46 = 13,6 gam
CnH2nO (n ≥ 3).
CnH2n + 2O2 (n ≥ 2).
CnH2n + 2O (n ≥ 3).
CnH2nO2 (n ≥ 2).
Đáp án D
23,08.
32,43.
23,34.
32,80.
Đáp án A
CTPT của 3 chất lần lượt là C6H12O6, C2H4O2 và C3H4O2.
+ Nhận thấy C6H12O6 và C2H4O2 có cùng công thức nguyên là CH2O.
⇒ Quy đổi hỗn hợp thành
⇒ Ta có hệ phương trình
⇒ %mC3H4O2 = 
(2), (3), (6).
(4), (5), (6).
(1), (4), (5), (6).
(1), (2), (3), (5).
Đáp án B
12,6
8,6
10,4
9,8
Đáp án D
Vì X không làm mất màu dung dịch brom ⇒ X chỉ chứa các HCHC no ⇒ Ancol có dạng C3H6(OH)2.
Đặt nCO2 = a và nH2O = b ta có sơ đồ:
PT theo hiệu khối lượng CO2 và H2O:
44a – 18b = 10,84 (1)
Giả sử X chỉ toàn liên kết đơn (Tương tự ankan)
⇒ nH2O = b + ngốc COO = b + 0,1.
⇒ nHỗn hợp X = nH2O – nCO2
b + 0,1 – a = 0,09
a – b = –0,01 (2)
+ Giải hệ (1) và (2) ta có
nCO2 = a = 0,41 và nH2O = b = 0,4
+ Bảo toàn khối lượng
⇒ mX = 0,41×44 + 0,4×18 – 0,48×32 = 9,88 gam
Đặt số mol 3 chất trong X lần lượt là a b và c ta có sơ đồ:
PT theo số mol hỗn hợp:
a + b + c = 0,09 (1)
PT bảo toàn oxi:
2a + 2b + 4c = 0,41×2 + 0,4 – 0,48×2 = 0,26 (2)
PT theo số mol KOH (số gốc COO):
a + 2c = 0,1 (3)
+ Giải hệ PT (1) (2) và (3)
⇒ a = 0,02, b = 0,03 và c = 0,04.
⇒ mMuối = mRCOO + mR'COO + mK.
⇔ mMuối = 9,88 – 0,02 – 0,03×76 – 0,04×42 + 0,1×39 = 9,8 gam
2,34.
4,56.
5,64.
3,48.
Đáp án B
Gọi số C trong X và Y là n và m
10,40 gam.
3,28 gam.
8,56 gam.
8,20 gam.
Đáp án D
Ta có nEste = 0,1 mol < nNaOH = 0,4 mol.
⇒ nMuối = nCH3COONa = 0,1 mol
⇒ mMuối = 0,1 × 82 = 8,2 gam
80,6.
80,6.
91,8.
91,8.
Đáp án D
Ta có nGlixerol = 0,1 mol ⇒ nKOH pứ = 0,3 mol.
BTKL ⇒ mXà phòng = 89 + 0,3×56 – 9,2 = 96,6 gam
tác dụng với H2 (Ni, t0).
tan tốt trong nước.
thủy phân trong môi trường axit.
thủy phân trong môi trường kiềm.
Đáp án B
Triolein là chất béo nên không tan trong nước
CH3COOCH2CH3.
CH2=CHCOOCH3.
HCOOCH3
CH3COOCH3
Đáp án C
16,4.
12,2.
20,4.
24,8.
Đáp án C
Nhận thấy 2 este đều được tạo từ axit axetic.
⇒ Sau phản ứng ta có nCH3COONa = 0,2 mol.
Ngoài ra còn có nNaOH dư = 0,3–0,2 = 0,1 mol.
⇒ mChất rắn = 0,2×82 + 0,1×40 = 20,4
C11H12O4.
C9H10O4.
C10H12O4.
C11H12O3.
Đáp án A
0,6.
1,25.
1,20.
1,50.
Đáp án B
X chứa 2 este đều no, đơn chức, mạch hở thu được CO2 bằng số mol H2O
⇒ nCO2 = nH2O = 
Có n(X) = 
⇒ Ctb = 0,56 : 0,2 = 2,8
→ X chứa este HCOOCH3 : x mol và CH3COOC2H5 : y mol
Ta có hệ
a = mHCOONa = 0,12. 67 = 8,04 gam
b = mCH3COONa = 0,08. 82 = 6,56 gam
⇒ a : b = 8,04 : 6,56 = 1,2256
100.
50.
500.
150.
Đáp án B
Axit axetic và metyl fomat đều có công thức phân tử là C2H4O2 và tác dụng với NaOH theo tỉ lệ mol 1:1.
nC2H4O2 = 3/60 = 0,05 mol
=> nNaOH = 0,05 mol
=> V = 0,05 lít = 50 ml
Bạn có thích hoạt động này không?
Hãy lưu hoặc chia sẻ nội dung này đến mọi người.
Gợi ý cho bạn
Ý tưởng của bạn, bài học của bạn
Tự thiết kế đề thi, bài giảng hoặc flashcard theo cách riêng.
![[Năm 2022] Đề thi thử môn Vật lí THPT Quốc gia có lời giải - Đề số 21](/_next/image?url=https%3A%2F%2Fvideo.vietjack.com%2Fupload%2Fimages%2Fvj-image%2Fimage-3izficdefgfoel0s9j8s-1786772791.jpg&w=3840&q=75)
