490 Bài tập Este, Lipit ôn thi Đại học có lời giải (P12)

Đáp án C

Số este có thể điều chế trực tiếp bằng phản ứng của axit và ancol tương ứng gồm:

Etyl axetat, isoamyl axetat và anlyl axetat

Đáp án D

Do các chất đều đơn chức ⇒ muối có dạng RCOONa với số mol là 0,1.

Bảo toàn nguyên tố hiđro 

⇒ số H/muối = 0,05 × 2 ÷ 0,1 = 1 ⇒ R là H.

+ Bảo toàn khối lượng: mX + mNaOH = mmuối + mancol + mH2O ⇒ nH2O = 0,01 mol.

⇒ naxit = 0,01 mol ⇒ neste = 0,09 mol ⇒ nancol > neste = 0,09 mol.

⇒ Mancol < 3,2 ÷ 0,09 = 35,56 ⇒ ancol là CH3OH ⇒ este là HCOOCH3.

⇒ %meste = 0,09 × 60 ÷ 6,18 × 100% = 87,38%

Đáp án D

Đáp án D

Đáp án C

phản ứng: CH3COOH + C2H5OH ⇄ CH3COOC2H5 + H2O.

có nancol etylic = 11,5 ÷ 46 = 0,25 mol; naxit axetic = 12 ÷ 60 = 0,2 mol

⇒ Hiệu suất phản ứng 80% tính theo số mol axit.

Mà nEste = 11,44 ÷ 88 = 0,13 mol

⇒ H =  × 100 = 65% 

Đáp án A

Vì X là este 2 chức và có 6 liên kết π 

⇒ CTTQ của X là CnH2n–10O4.

+ Quy đổi hỗn hợp Y và Z thành CmH2m–1NO và H2O.

Ta có 2 sơ đồ sau:

+ Nhận thấy các muối đều có –COONa.

Vì nNa = 2nNa2CO3 = 0,56 mol 

⇒ ∑nO/Muối = 0,56×2 = 1,12 mol.

Từ Sơ đồ (2) ta bảo toàn nguyên tố O ta có: 

1,12 + 1,08×2 = 0,28×3 + 2c + c – 0,32

 c = 0,92 mol ⇒ nH2O sơ đồ (2) = 0,6 mol.

+ Bảo toàn khối lượng ở sơ đồ (2) 

⇒ mMuối = 29,68 + 0,92×44 + 0,6×18 – 34,56 + 14b.

⇔  mMuối = 46,4 + 14b.

+ Thế vào sơ đồ (1) và tiếp tục BTKL ta có: 

49,4 + 22,4 = (46,4 + 14b) + 22,8 + 18a

⇔ 18a + 14b = 2,6 (1).

+ PT theo số mol NaOH phản ứng ta có: 2a + b = 0,56 (2).

+ Giải hệ (1) và (2) ta có: a = 0,02 và b = 0,16.

● Giải tìm 2 ancol: 

Ta có nhh ancol đơn chức = 2nEste = 10×a×2 = 0,4 mol.

⇒ Mhh ancol đơn chức =  = 57.

Vì ancol xuất phát từ 1 este 

⇒ Chúng có số mol bằng nhau:

Vậy 57 ứng với ancol trung bình có dạng: C3H5O

⇒ 2 Ancol đó là 

● Tìm CTPT của X:

Bảo toàn cacbon ta có: 

nC/Hỗn hợp H = nC/Muối + nC/Ancol = 0,28 + 0,92 + 0,2×3×2 = 2,4 mol.

Ta có PT bảo toàn số mol C là: 

0,2n + 0,16m = 2,4.

Với 2 < m < 3 ⇒ 9,6 < n < 10,4 

⇒ X có 10 cacbon 

⇒ CTPT của X là C10H10O4.

● Tìm 2 peptit Y và Z: 

Ta có nNaOH pứ với peptit = 0,56 × 0,2×2 = 0,16 mol.

⇒ Tỷ lệ . 

Lại có Y và Z hơn kém nhau 2 nguyên tử N.

⇒ Y và Z chỉ có thể là hỗn hợp của Heptapeptit và Nonapeptit

+ Đặt nHeptapeptit = x và nNonapeptit = y ta có:

x + y = 0,02 (1) || 7x + 9y = 0,16 (2) 

⇒ x = y = 0,01

+ Vì 2 peptit có cùng số Cacbon 

⇒ Mỗi peptit có số C =  = 20

⇒ Heptapeptit có dạng: (Gly)1(Ala)6

⇒ CTPT là C20H35O8N7 ⇒ MHeptapeptit = 501

⇒ Nonapeptit có dạng: (Gly)7(Ala)2

 ⇒ CTPT là C20H33O10N9 

⇒ MNonapeptit = 559 > 501 ⇒ (Z)

⇒ Tổng số nguyên tử có trong X và Z 

= (10 + 10 + 4) + (20 + 33 + 10 + 9) = 96

Chọn đáp án D

Etyl axetat có công thức cấu tạo là CH₃COOCH₂CH₃.

Tên gọi của các công thức cấu tạo tương ứng với các đáp án còn lại:

A. HCOOCH₃  metyl fomat

B. HCOOCH₂CH₃ etyl fomat

C. CH₃COOCH₃ metyl axetat

Đáp án A

Ta có phản ứng: CH3COOC2H5 + NaOH → CH3COONa + C2H5OH.

Mà nEste = 17,6 ÷ 88 = 0,2 mol

⇒ nCH3COONa = 0,2 mol.

⇒ mMuối = 0,2 × (15 + 44 + 23) = 16,4 gam 

Đáp án D

Đáp án A

nglixerol = 0,1 mol ⇒ nmuối = 3nglixerol = 0,3 mol.

⇒ Mmuối = 278 (C15H31COONa).

⇒ B là axit panmitic

Đáp án A

Đáp án B

Dãy gồm các chất phản ứng với NaOH sinh ra ancol gồm:Metyl fomat, metyl acrylat và triolein

Đáp án B

Đáp án D

phản ứng: CH3COOH + (CH3)2CHCH2CH2OH ⇄ CH3COOCH2CH2CH(CH3)2 + H2O.

có nAxit = 0,18 mol; nAncol = 0,12 mol 

⇒ Hiệu suất 68% sẽ được tính theo số mol ancol. ("chất thiếu").

⇒ nEste thu được = 0,12 × 0,8 = 0,096 mol 

⇒ mEste thu được = 12,48 gam 

Đáp án B

● Giả sử không có este của phenol

⇒ nH = nNaOH = nhh Ancol = 0,46 mol.

+ Bảo toàn khối lượng 

⇒ nhh Ancol = mH + mNaOH – mMuối = 12,72 gam.

⇒ MTrung bình ancol =  = 27,65 

⇒ Vô lý vì ancol bé nhất là CH3OH (32).

⇒ Có este của phenol.

+ Giải hỗn hợp T ta có: 

Từ tỉ khối hơi ⇒  

⇒ Đặt nCH3OH = 3a và nC2H5OH) = 2a.

+ Vì có muối của phenol 

⇒ Có tạo ra H2O ⇒ Đặt nH2O = b.

⇒ 32×3a + 46×2a + 18b = 12,72 

⇔ 156a + 18b = 12,72 (1).

⇒ 3a + 2a + 2b = nNaOH 

⇔ 5a + 2b = 0,46 mol (2).

+ Giải hệ (1) và (2) ⇒ a = 0,06 và b = 0,08 mol 

⇒ nhh este = 0,46 – 0,08 = 0,36 mol.

+ Bảo toàn oxi 

⇒ nO/CO2 = 0,38×2 + 2,22×2 – 1,12 = 4,08 

⇒ nCO2 = 2,04 mol

● Giải theo kinh nghiệm: X và Y sẽ cho cùng 1 muối và riêng Z sẽ tạo 2 muối.

+ Gọi số cacbon trong X, Y và Z lần lượt là a b và c 

⇒ PT theo số mol CO2: 

0,18a + 0,12b + 0,08c = 2,04.

⇒ Giải PT nghiệm nguyên ta có: a = 4, b = 5 và c = 9.

+ Gọi số nguyên tử hiđro trong X Y và Z lần lượt là a b và c 

⇒ PT theo số mol H: 0,18a + 0,12b + 0,08c = 2,24.

⇒ Giải Pt nghiệm nguyên ta có: a = 4, b = 6 và c = 10.

● Vậy hỗn hợp H chứa

⇒ %mY =  ≈ 30,35%

Chọn đáp án B

Ở điều kiện thích hợp, hai chất phản ứng với nhau tạo thành metyl fomat (HCOOCH₃).

⟹ Este này tạo bởi axit HCOOH và ancol CH₃OH.

Đáp án A

Đáp án A

Ta có phản ứng: 

CH3COOC2H5 + KOH → CH3COOK + C2H5OH.

Ta có 

nEste = 0,1 mol và nKOH = 0,15 mol > nEste ⇒ KOH dư.

+ Ta có nC2H5OH = 0,1 mol 

⇒ Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

mChất rắn = 8,8 + 0,15×56 – 0,1×46 = 12,6 gam

Đáp án C

21,62 gam E (este đều đơn chức) + vừa đủ 0,3 mol NaOH

→ nCOO trong E= 0,3 mol

♦ giải đốt 21,62 gam E (0,3 mol) + O2  x mol CO2 + y mol H2O.

(CO2 + H2O) + Ca(OH)2 dư có

 Δmdung dịch giảm = 56x – 18y = 34,5 gam.

Lại có mE = 12x + 2y + 0,3 × 32 = 21,62 gam 

→ giải x = 0,87 mol và y = 0,79 mol.

→ tương quan ∑nCO2 – ∑nH2O = nY + Z = 0,08 mol 

→ nX = 0,22 mol.

chú ý: Y, Z không no và thủy phân cho ancol nên số CY, Z ≥ 4.

Chặn số Ctrung bình của X < (0,87 – 0,08 × 4) ÷ 0,22 = 2,5 

→ số CX = 2 hay X là HCOOCH3.

♦ Biện luận: hai ancol đồng đẳng nên ancol còn lại là C2H5OH.

Thủy phân E chỉ cho 2 muối mà 1 muối là HCOONa (no rồi) 

||→ 1 muối còn lại phải là không no 1 C=C là gốc axit của Y và Z.

nghĩa là Y là CnH2n – 1COOCH3 và Z là CnH2n – 1COOC2H5 (Y, Z đồng đẳng kế tiếp)

Đơn giản, tính lại số Ctrung bình Y, Z = (0,87 – 0,22 × 2) ÷ 0,08 = 5,375

||→ số CY = 5 và số CZ = 6. tuy nhiên, đọc kĩ yêu cầu bài tập

||→ chỉ quan tâm muối lớn trong F là 0,08 mol C3H5COONa 

⇄ myêu cầu = 8,64 gam

Đáp án C

CH2=CH-COOCH3 + NaOH → CH2=CH-COONa + CH3OH

CH2=CH-COONa + NaOH → (CaO,t0) → CH2=CH2 + Na2CO3

Đáp án B

Đáp án C

Đáp án B

A, B có độ bất bão hòa bằng 6

A, B tham gia cộng brom ⇒ A, B có nối đôi C=C

A + NaOH → andehit + muối có phân tử khối > MNatri axetat.

⇒ A: C6H5COOCH=CH2

B + NaOH dư → hai muối + nước ⇒ B là este của phenol

⇒ B : CH2=CHCOOC6H5

Đáp án A

E + NaOH > (Muối + NaOH dư ) + (ancol + H2O)

=> Muối + NaOH dư = 93.2 +400 – (377.7+1.1) = 114.4

Quy E về C2H3COOHCH3 

C2H3COOH

CH2 số mol lần lượt là 0.5 b=0.6 c= 0.5

ghép CH2 vào este > axit C2H3COOH >% >A

Đáp án A

Este no đơn chức mạch hở ⇒ có CTTQ là CnH2nO2.

Phản ứng cháy là:

CnH2nO2 + O2   nCO2 + nH2O.

Vì nO2 = nCO2

⇒ Este có CTPT C2H4O2 ứng với CTCT duy nhất là HCOOCH3

Đáp án B

Vì nHCOOCH3 = nCH3COOC2H5 ⇒ Xem hỗn hợp X chỉ chứa C3H6O2.

Y gồm:  ⇔ C6H16N2 (hexametylenđiamin) và C6H14N2O2 (lysin).

Đặt nC3H6O2 = b

nC6H16N2 = c

nC6H14N2O2 = d

⇒ mGiảm = mCaCO3 – ∑m(CO2 + H2O) = 32,88 gam

Đáp án A

Số phát biểu đúng gồm (1) (2) (3) và (5)

Đáp án B

Đáp án B

Chọn đáp án C

Natri axetat: CH₃COONa.

Ancol etylic: C₂H₅OH

Phương trình phản ứng thủy phân este tạo thành natri axetat và ancol etylic là:

CH₃COOC₂H₅  + NaOH  $\stackrel{t°}{\to }$ CH₃COONa + C₂H₅OH

Vây X là: CH₃COOC₂H₅ (etyl axetat)

Đáp án A

Ta có nAxit = nCO2 = 0,05 mol.

⇒ nEste = 0,05×0,8 = 0,04 mol 

⇒ MEste = 3,52÷0,04 = 88

⇒ MRCOOC2H5 = 88 ⇔ R = 15 ⇔ Axit là CH3COOH.

⇒ mAxit = 0,05×60 = 3 gam

Đáp án A

Xét các đáp án

A. CH₃COOCH₂COOCH₂CH₃ + 2NaOH → CH₃COONa + HOCH₂COONa + C₂H₅OH

⇒ thu được 2 muối và 1 ancol ⇒ thỏa mãn  

B. CH₃COOCH₂COOCH=CH₂ + 2NaOH → CH₃COONa + HOCH₂COONa + CH₃CHO

⇒ thu được 2 muối và 1 anđehit ⇒ loại 

C. CH₃COOCH₂CH₂COOC₆H₅ + 3NaOH → CH₃COONa + HOCH₂CH₂COONa + C₆H₅ONa + H₂O.

⇒ chỉ thu được 3 muối và H₂O ⇒ loại.

D. CH₃OOCCH₂CH₂COOCH₃ + 2NaOH → NaOOC-CH₂CH₂-COONa + CH₃OH

⇒ thu được 1 muối và 1 ancol ⇒ loại

Đáp án A

Ta có phản ứng:

CH3COOH + C2H5OH ⇌ CH3COOC2H5 + H2O.

Với ∑nCH3COOH = nCO2 = 0,15 mol

nEste = 0,08 mol.

+ Nhận thấy   ≠ 80% 

⇒ Hiệu suất tính theo ancol.

⇒ nAncol = 0,8÷0,8 = 0,1 mol 

⇒ m = 0,15×60 + 0,1×46 = 13,6 gam

Đáp án D

Đáp án A

CTPT của 3 chất lần lượt là C6H12O6, C2H4O2 và C3H4O2.

+ Nhận thấy C6H12O6 và C2H4O2 có cùng công thức nguyên là CH2O.

⇒ Quy đổi hỗn hợp thành 

⇒ Ta có hệ phương trình 

⇒ %mC3H4O2 =   ≈ 32,08%

Đáp án B

Đáp án D

Vì X không làm mất màu dung dịch brom ⇒ X chỉ chứa các HCHC no ⇒ Ancol có dạng C3H6(OH)2.

Đặt nCO2 = a và nH2O = b ta có sơ đồ:

PT theo hiệu khối lượng CO2 và H2O: 

44a – 18b = 10,84 (1)

Giả sử X chỉ toàn liên kết đơn (Tương tự ankan)

⇒ nH2O = b + ngốc COO = b + 0,1.

⇒ nHỗn hợp X = nH2O – nCO2 

 b + 0,1 – a = 0,09 

 a – b = –0,01 (2)

+ Giải hệ (1) và (2) ta có

nCO2 = a = 0,41 và nH2O = b = 0,4

+ Bảo toàn khối lượng 

⇒ mX = 0,41×44 + 0,4×18 – 0,48×32 = 9,88 gam

Đặt số mol 3 chất trong X lần lượt là a b và c ta có sơ đồ:

PT theo số mol hỗn hợp: 

a + b + c = 0,09 (1)

PT bảo toàn oxi: 

2a + 2b + 4c = 0,41×2 + 0,4 – 0,48×2 = 0,26 (2)

PT theo số mol KOH (số gốc COO): 

a + 2c = 0,1 (3)

+ Giải hệ PT (1) (2) và (3)

⇒ a = 0,02, b = 0,03 và c = 0,04.

⇒ mMuối = mRCOO + mR'COO + mK.

⇔ mMuối = 9,88 – 0,02 – 0,03×76 – 0,04×42 + 0,1×39 = 9,8 gam

Đáp án B

Gọi số C trong X và Y là n và m

Có este của phenol hoặc đồng đẳng của phenol (Y)

Đáp án D

Ta có nEste = 0,1 mol < nNaOH = 0,4 mol.

⇒ nMuối = nCH3COONa = 0,1 mol

⇒ mMuối = 0,1 × 82 = 8,2 gam

Đáp án D

Ta có nGlixerol = 0,1 mol ⇒ nKOH pứ = 0,3 mol.

BTKL ⇒ mXà phòng = 89 + 0,3×56 – 9,2 = 96,6 gam

Đáp án B

Triolein là chất béo nên không tan trong nước

Đáp án C

Đáp án C

Nhận thấy 2 este đều được tạo từ axit axetic.

⇒ Sau phản ứng ta có nCH3COONa = 0,2 mol.

Ngoài ra còn có nNaOH dư = 0,3–0,2 = 0,1 mol.

⇒ mChất rắn = 0,2×82 + 0,1×40 = 20,4

Đáp án A

Đáp án B

X chứa 2 este đều no, đơn chức, mạch hở thu được CO2 bằng số mol H2O

⇒ nCO2 = nH2O = = 0,56 mol

Có n(X) = = 0,2 mol 

⇒ Ctb = 0,56 : 0,2 = 2,8 

→ X chứa este HCOOCH3 : x mol và CH3COOC2H5 : y mol

Ta có hệ 

a = mHCOONa = 0,12. 67 = 8,04 gam

b = mCH3COONa = 0,08. 82 = 6,56 gam 

⇒ a : b = 8,04 : 6,56 = 1,2256

Đáp án B

Axit axetic và metyl fomat đều có công thức phân tử là C2H4O2 và tác dụng với NaOH theo tỉ lệ mol 1:1.

nC2H4O2 = 3/60 = 0,05 mol

=> nNaOH = 0,05 mol

=> V = 0,05 lít = 50 ml