(2025) Đề thi tổng ôn tốt nghiệp THPT Vật lí có đáp án - Đề 22
28 câu hỏi
giảm, mật độ phân tử khí tăng.
không đổi, mật độ phân tử khí tăng.
không đổi, mật độ phân tử khí giảm.
khí tăng, mật độ phân tử khí giảm.
Đáp án đúng là D
Trong các biển báo sau, biển nào cảnh báo nguy hiểm về điện?
Hình 1.
Hình 3.
Hình 2.
Hình 4.
Đáp án đúng là B
Từ thể lỏng sang thể rắn.
Từ thể rắn sang thể khí.
Từ thể lỏng sang thể khí.
Thể khí sang thể lỏng.
Đáp án đúng là D
tăng lên một lượng 8 J.
giảm đi một lượng 8 J.
tăng lên một lượng 42 J.
giảm đi một lượng 42 J.
Đáp án đúng là A
Ta có công thức: \(\Delta U = Q + A = 25 - 17 = 8J\)
Độ biến thiên nội năng là số dương, do đó nội năng tăng.
15C.
11,8C.
7,5C.
6,5C.
Đáp án đúng là A
Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng cho cùng một lượng chất trước và sau khi qua máy lạnh
\[\frac{{{p_l}.{V_l}}}{{{p_n}.{V_n}}} = \frac{{nR{T_l}}}{{nR{T_n}}} < = > \frac{{8,65.8}}{{80.1}} = \frac{{273 + a}}{{273 + 60}} = > a \simeq {15^0}C\]
năng lượng nhiệt của khí gas.
năng lượng nhiệt của hệ thống ống dẫn gas.
nội năng của các phân tử gas.
điện năng nguồn điện cung cấp cho máy nén.
Đáp án đúng là D
\({V_1}{T_1} = {V_2}{T_2}\).
\(V.T = \)hằng số.
\(V{T^2} = \)hằng số.
\({V_1}{T_2} = {V_2}{T_1}\).
23C.
250C.
-23C.
-250C.
Đáp án đúng là C
Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng, trong đó: \({V_2} = \frac{8}{{10}}V;{p_2} = \frac{{11}}{{10}}p;{T_2} = T - 30\)
\[\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{p_2}{V_2}}} = \frac{{{T_1}}}{{{T_2}}} = > T = 250K = - {23^0}C\]
Các thành phần điện trường và từ trường biến thiên cùng tần số.
Các thành phần điện trường và từ trường biến thiên vuông pha.
Sóng điện từ truyền được trong các môi trường kể cả chân không.
Sóng điện từ dùng trong thông tin truyền thông là sóng vô tuyến.
Đáp án đúng là B
Các thành phần điện trường và từ trường của sóng điện từ biến thiên cùng pha.
Học thông minh hơn mỗi ngày
Xem toàn bộ 28 câu hỏi và nhiều hơn nữa với tài khoản miễn phí
Một khung dây kín (C) chuyển động trong một vùng có cảm ứng từ \(\overrightarrow B \) như hình vẽ. Dòng điện cảm ứng xuất hiện trong khung dây có chiều ngược chiều kim đồng hồ khi khung dây chuyển động theo hướng
hướng 1.
hướng 2.
hướng 3.
hướng 4.
Đáp án đúng là B
Khi khung dây chuyển động theo hướng 2, mật độ đường sức tăng, từ thông tăng. Vec tơ càm ứng từ của dòng điện cảm ứng \({\overrightarrow B _c}\) ngược chiều với \(\overrightarrow B \). Theo quy tắc nắm tay phải, dòng điện cảm ứng ngược chiều điện kim đồng hồ.
8 V.
15 V.
6,5 V.
220 V.
Đáp án đúng là A
Suất điện động cực đại được tính theo công thức
\({E_0} = NBS\omega = 250.0,02.\frac{{50}}{{10000}}.\frac{{3000.2\pi }}{{60}} = 7,85V\)
Cho dòng điện có cường độ I di chuyển từ trái qua phải trong một vùng không gian có từ trường đều thay đổi. Gọi F1 là độ lớn lực tác dụng lên dòng điện khi dòng điện vừa đi vào trong vùng từ trường và F2 là độ lớn lực từ tác dụng lên dòng điện khi chuẩn bị ra khỏi vùng có từ trường như hình vẽ. Nhận xét nào về độ lớn hai lực F1 và lực F2 là đúng?
F1 = F2.
F1 = 2F2.
F2 = 2F1.
F2 = 0,5F1.
Đáp án đúng là C
Vì mật độ đường sức của lúc sau gấp hai lần mặt độ đường sức lúc đầu. Do đó B2 = 2B1
Dòng điện có chiều và đọ lớn không đổi. Vậy khi B tăng 2 lần thì F tăng 2 lần. F2 = 2F1
Một khung dây hình vuông có diện tích tích 1 di chuyển thẳng đều với tốc độ 10m/s vào trong một vùng từ trường đều được giới hạn như hình vẽ. Biết cảm ứng từ có độ lớn 0,1T, khung dây có điện trở \(2\Omega \). Cướng độ dòng điện qua khung dây có độ lớn là
0,2 A.
0,5 A.
1 A.
0,4 A.
Đáp án đúng là B
Cạnh của khung dây là a = 1m.
Phần diện tích di chuyển vào trong vùng từ trường sau thời gian t là
\(\Delta S = a.vt = 1.10t = 10t\)(m2)
Suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây:
\(\xi = \frac{{B.\Delta S.\cos {0^0}}}{t} = \frac{{0,1.10t.1}}{t} = 1V\)
Cường độ dòng điện xuất hiện trong khung là
\(I = \frac{\xi }{R} = \frac{1}{2} = 0,5\left( A \right)\)
1.
12.
– 1.
-12.
Đáp án đúng là C
Số proton = 11; Số neutron = 23 – 11 = 12. Hiệu số proton và neutron = 11 – 12 = - 1.
Xạ trị.
Chụp MRI.
Điều trị u tuyến giáp.
Cải tạo giống cây trồng.
Đáp án đúng là B
\[{}_1^2H + {}_1^3H \to {}_2^4He + {}_0^1n\].
\[{}_2^4He + {}_7^{14}N \to {}_8^{17}O + {}_1^1H\].
\[{}_0^1n + {}_{92}^{235}U \to {}_{39}^{95}Y + {}_{53}^{138}I + 3{}_0^1n\].
\[{}_0^1n + {}_7^{14}N \to {}_6^{14}C + {}_1^1H\].
Đáp án đúng là C
85%.
80%.
87,5%.
82,5%.
Đáp án đúng là C
Áp dụng công thức %còn lại = 100%. = 100.2-38,1/12,7 (%) = 12,5%
=> Giảm 100% - 12,5% = 87,5%
1,2%.
0,033%.
0,18%.
0,023%.
Đáp án đúng là B
Năng lượng tỏa ra của phản ứng: \(E = \left( {{m_D} + {m_p} - {m_{He}}} \right).931,5 \simeq 5,48\left( {MeV} \right)\)
Động năng trung bình của chuyển động nhiệt:
\(K = \frac{3}{2}kT = \frac{3}{2}{.1,38.10^{ - 23}}.\left( {273 + {{13,6.10}^6}} \right);\left( {{{1,6.10}^{ - 13}}} \right) \simeq 0,0018\left( {MeV} \right)\)
Phần trăm động năng hạt nhân \(_2^3He\) so với năng lượng phản ứng tỏa ra là:
0,0018/5,48.100% = 0,033%
Sự hình thành nước ngưng tụ (gọi là các giọt mồ hôi) trên một cốc nước đá làm cho nước đá tan nhanh hơn so với cách khác. Biết nhiệt động đặc riêng của hơi nước trong không khí là Lc = 2256 kJ/kg và nhiệt nóng chảy riêng của nước đá là Lm 334 kJ/kg.
a) Các phân tử nước trong không khí đi qua khoảng trống giữa các phân tử trong ly thủy tinh để ra ngoài và ngưng tụ trên thành ly.
b) Các giọt nước ngưng tụ trên thành ly truyền nhiệt lượng vào trong ly làm nước đá tan nhanh hơn.
c) Khi số lượng nước đá trong ly tan hết, sau một khoảng thời gian thì lượng mồ hôi trên ly nước đá giảm đi.
d) Nếu làm ngưng tụ 8 gam hơi nước trên thành một cốc thủy tinh chứa nước và cả 200 gam nước đá ở 0C thì có khoảng 54 gam nước đá trong ly bị tan thành nước. Giả sử không có sự truyền nhiệt nào khác xảy ra.
|
|
Phát biểu |
Đúng |
Sai |
|
a |
Các phân tử nước trong không khí đi qua khoảng trống giữa các phân tử trong ly thủy tinh để ra ngoài và ngưng tụ trên thành ly. |
|
S |
|
b |
Các giọt nước ngưng tụ trên thành ly truyền nhiệt lượng vào trong ly làm nước đá tan nhanh hơn. |
Đ |
|
|
c |
Khi số lượng nước đá trong ly tan hết, sau một khoảng thời gian thì lượng mồ hôi trên ly nước đá giảm đi. |
Đ |
|
|
d |
Nếu làm ngưng tụ 8 gam hơi nước trên thành một cốc thủy tinh chứa nước và cả 200 gam nước đá ở 0 C thì có khoảng 54 gam nước đá trong ly bị tan thành nước. Giả sử không có sự truyền nhiệt nào khác xảy ra. |
Đ |
|
a) Vì nhiệt độ của ly nước đá đá thấp nên nhiệt độ không khí xung quanh ly nước đá giảm xuống dưới điểm sương. Khi đó hơi nước trong không khí sẽ bị ngưng tụ lại thành giọt và bám quanh ly nước đá.
b) Khi hơi nước ngưng tụ sẽ tỏa nhiệt ra môi trường xung quanh và năng lượng này truyền vào ly nước đá làm nước đá trong ly cà phê tan nhanh.
c) Khi nước đá trong ly tan hết, các giọt mồ hôi trên ly hấp thụ nhiệt độ môi trường và bay hơi. Lượng mồ hôi này giảm dần.
d) Q nước đá = Q mồ hôi
Lm.m nước đá = Lv. m hơi nước => m nước đá = 54 gam.
|
|
Phát biểu |
Đúng |
Sai |
|
a |
Khi nổi lên, thể tích bọt khí tăng nên số mol khí giảm. |
|
S |
|
b |
Áp suất ở độ sâu 200m dưới đáy biển là 2501300 Pa. |
Đ |
|
|
c |
Nhiệt độ giữa đáy biển và mặt biển chênh lệch 299 K. |
|
S |
|
d |
Thể tích bọt khí khi lên tới mặt biển là 27 . |
Đ |
|
a) Khi bọt khí nổi lên, thể tích tăng nhưng số phân tử khí không đổi. Do đó số mol khí không đổi.
b) Áp suất ổ dưới đáy biển được tính theo công thức:
\(p = {p_0} + \rho gh = 101300 + 1200.10.200 = 2501300\left( {Pa} \right)\)
c) Nhiệt độ chênh lệch 260K
d) Áp dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng ta được:
\(\frac{{{p_2}{V_2}}}{{{p_1}{V_1}}} = \frac{{nR{T_2}}}{{nR{T_1}}} = > {V_2} = {V_1}.\frac{{{p_1}}}{{{p_2}}}.\frac{{{T_2}}}{{{T_1}}} = 27\left( {c{m^3}} \right)\)
Hai thanh ray bằng kim loại OA, OB nối với nhau tại O. Thanh kim loại mn vuông góc với OA chuyển động thẳng đều ra xa điểm O với tốc độ 2 m/s. Ban đầu hai điểm tiếp xúc giữa thanh mn với hai thanh OA; OB cách nhau l0 = 1m. Hệ thống được đặt trong một từ trường đều có cám ứng từ B = 0,1T như hình vẽ. Giả sử điện trở khung dây không đổi và bằng 2\(\Omega \) trong suốt quá trình thanh mn chuyển động.
a) Dòng điện cảm ứng xuất hiện trong khung dây có chiều cùng chiều từ n đến m.
b) Từ thông qua mạch thay đổi do sự biến thiên của diện tích khung dây.
c) Suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây theo biểu thức \(\xi = 0,8 + 0,1t\).
d) Cường độ dòng điện qua khung dây lúc t = 10 s có độ lớn là 1,1 A.
|
|
Phát biểu |
Đúng |
Sai |
|
a |
Dòng điện cảm ứng xuất hiện trong khung dây có chiều cùng chiều từ n đến m. |
|
S |
|
b |
Từ thông qua mạch thay đổi do sự biến thiên của diện tích khung dây. |
Đ |
|
|
c |
Suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây theo biểu thức \(\xi = 0,8 + 0,1t\). |
|
S |
|
d |
Cường độ dòng điện qua khung dây lúc t = 10 s có độ lớn là 1,1 A. |
Đ |
|
a) Khi khung dây chuyển động ra xa, từ thông \(\Phi \)tăng lên, véctơ cảm ứng từ của dòng điện cảm ứng \({\overrightarrow B _c}\)ngược chiều vectơ cảm ứng từ \(\overrightarrow B \). Do đó dòng điện cảm ứng qua khung dây theo chiều ngược chiều kim đồng hồ.
b) Từ thông qua khung dây tăng lên do sự biến thiên của diện tích khung dây.
\(\Delta \Phi = B.\Delta S.\cos {0^0} = B.\left( {{l_0}.vt + \frac{1}{2}{{\left( {vt} \right)}^2}} \right).1\)
\(\Delta \Phi = B{l_0}v.t + \frac{1}{2}{B_0}{v^2}.{t^2}\)
c) Suất điện động qua khung dây: \(\xi = - \frac{{\Delta \Phi }}{t} = - B{l_0}vt - \frac{1}{2}B{v^2}t = - 0,2 - 0,2t\)
d) Cường độ dòng điện qua khung dây: \(I = \frac{\xi }{R} = - 0,1 - 0,1t = - 0,1 - 0,1.10 = - 1,1\left( A \right)\)
|
|
Phát biểu |
Đúng |
Sai |
|
a |
Hằng số phân rã phóng xạ của \(_{86}^{222}Rn\) là \({2,1.10^{ - 6}}\left( {{s^{ - 1}}} \right)\) |
Đ |
|
|
b |
Độ phóng xạ của khí radong tại vị trí khảo sát là 200 Bq/. |
|
S |
|
c |
Độ phóng xạ của khí radon tại Bình Dương ở mức nguy hiểm. |
|
S |
|
d |
Biết \({m_{_{86}^{222}Rn}} = 222,0175u\) ; \({m_{_2^4He}} = 4,0026u\); \({m_X} = 218,0089u\). Phản ứng toả ra năng lượng là 5,587 MeV (bỏ qua phóng xạ gamma) |
Đ |
|
a) Hằng số phân rã là \(\lambda = \frac{{\ln 2}}{T} = \frac{{\ln 2}}{{3,82.24.3600}} \simeq {2,1.10^{ - 6}}\)(s-1).
b) Áp dụng công thức \(H = \lambda .N \simeq 24\left( {Bq/{m^3}} \right)\)
c) Độ phóng xạ nhỏ hơn mức giới hạn (24 Bq/ < 150 Bq/) nên nồng độ khí radon tại Bình Dương ở mức an toàn.
d) Năng lượng của phản ứng: \(E = \left( {{m_{Rn}} - {m_{He}} - {m_X}} \right).931\left( {MeV} \right) = 5,587\left( {MeV} \right)\)
|
Đáp án: |
1 |
2 |
5 |
0 |
Quá trình biến đổi trạng thái từ trạng thái (1) sang trạng thái (2) là quá trình đẳng áp p1 = p2 = 1.Pa.
Công mà khối khí thực hiện: A12 = p(V2 – V1) = (25 – 12,5). = 1250 (J).
|
Đáp án: |
5 |
6 |
7 |
|
Quá trình biến đổi từ trạng thái (1) sang trạng thái (2) là quá trình đẳng áp:
\(\frac{{{V_2}}}{{{T_2}}} = \frac{{{V_1}}}{{{T_1}}} \Rightarrow \)T2 = 600 K.
Quá trình biến đổi từ trạng thái (2) sang trạng thái (3) là quá trình đẳng tích:
\(\frac{{{p_3}}}{{{T_3}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow \)T3 = 840 K
Nhiệt độ ở trạng thái (3) là 567C
|
Đáp án: |
9 |
, |
1 |
|
Khi hạt mang điện chuyển động vuông góc với đường sức từ trường, bán kính quỹ đạo được tính theo công thức:
R=\frac{m v}{|q|B}
\;\Rightarrow\;
m=\left|\frac{qBR}{v}\right|
=\frac{1{,}6\cdot 10^{-19}\cdot 5\cdot 10^{-3}\cdot \left(\frac{4{,}55}{2}\cdot 10^{-2}\right)}{2\cdot 10^{7}}
= 9{,}1\cdot 10^{-31}\,\mathrm{kg}.
\]
Vì hạt mang điện tích dương nên hạt X là hạt Positron.
Một khung dây cứng phẳng diện tích 25 gồm 10 vòng dây, đặt trong từ trường đều, mặt phẳng khung vuông góc với các đường cảm ứng từ. Cảm ứng từ biến thiên theo thời gian như đồ thị hình vẽ. Suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung kể từ t = 0 đến t = 0,4s là bao nhiêu mili vôn (mV)?
|
Đáp án: |
0 |
, |
1 |
5 |
Suất điện động cảm ứng xuất hiện trong khung dây có độ lớn:
\(\xi = \left| {\frac{{N\left( {B - {B_0}} \right)S.\cos \alpha }}{{\Delta t}}} \right| = \left| {\frac{{10\left( {0 - 2,4} \right){{.10}^{ - 3}}.25/10000.\cos \left( 0 \right)}}{{0,4 - 0}}} \right| = 0,15mV\)
|
Đáp án: |
1 |
0 |
, |
3 |
Khối lượng Po bị phân rã tính theo công thức:
\(\Delta m = {m_0}\left( {1 - {2^{ - \frac{t}{T}}}} \right) < = > 63 = {m_0}.\left( {1 - {2^{ - \frac{{2T}}{T}}}} \right) = > {m_0} = 84mg\)
Khối lượng hạt nhân con tạo thành được tính theo công thức: \({m_{con}} = \frac{{{A_{con}}}}{{{A_{Me}}}}.\left( {1 - {2^{ - \frac{t}{T}}}} \right)\)
Sau t = 2T khối lượng hạt nhân chì Pb được tạo thành là: 61,8mg
Sau t = 2T khối lượng hạt nhân chì Pb được tạo thành là: 72,1mg
Khối lượng chì Pb được tạo thành trong khoảng thời gian 2T đến 3T là: 72,1 – 61,8 = 10,3mg
|
Đáp án: |
5 |
, |
1 |
2 |
Số hạt nhân trong 1kg: N = \[\frac{{{N_A}m}}{\mu }\] = \[\frac{{{{6,023,10}^{23}}.1}}{{0,235}}\] = 25,63.
Năng lượng tỏa ra khi phân hạch hết 1 kg U235 là: E = 200.N = 5,12.MeV.
Bạn có thích hoạt động này không?
Hãy lưu hoặc chia sẻ nội dung này đến mọi người.
Gợi ý cho bạn
Ý tưởng của bạn, bài học của bạn
Tự thiết kế đề thi, bài giảng hoặc flashcard theo cách riêng.
Học liệu phổ biến Tốt nghiệp THPT
Tốt nghiệp THPT
Bài tập vừa sức, đúng lớp
Chọn nội dung phù hợp và tạo hoạt động cho lớp của bạn.
![[Năm 2022] Đề thi thử môn Vật lí THPT Quốc gia có lời giải - Đề số 21](/_next/image?url=https%3A%2F%2Fvideo.vietjack.com%2Fupload%2Fimages%2Fvj-image%2Fimage-3izficdefgfoel0s9j8s-1786772791.jpg&w=3840&q=75)
![[Năm 2022] Đề thi thử môn Vật lí THPT Quốc gia có lời giải - Đề số 20](/_next/image?url=https%3A%2F%2Fvideo.vietjack.com%2Fupload%2Fimages%2Fvj-image%2Fimage-emy0gtcksawvorajezvv-1786772460.jpg&w=3840&q=75)
