I. QUY LUẬT CHUNG VỀ THÀNH PHẦN NGUYÊN TỐ VÀ CẤU TẠO

Chọn đáp án C. 

Hỗn hợp X gồm propinal ($CH\equiv C-CHO$), glucozơ ($C{H}_{2}OH{\left(CHOH\right)}_{4}CHO$) và fructozơ ($C{H}_{2}OH{\left(CHOH\right)}_{3}COC{H}_{2}OH$).

Trong một trường kiềm ($NaOH, KOH, N{H}_3,...$) thì $fructozơ\stackrel{O{H}^{-}}{\rightleftarrows }glucozơ$

Quy luật chung : Glucozơ và fructozơ đều có công thức phân tử là $C_6{H}_{12}{O}_6$  và khi tham gia phản ứng tráng gương thì $n_{Ag}=2n_{C_6{H}_{12}{O}_6}$

Sơ đồ phản ứng: 

$\underset{28,8gam}{\underbrace{\left\{\begin{array}{l}\underset{xmol}{\underbrace{CH\equiv C-CHO}}\\ \underset{ymol}{\underbrace{C_6{H}_{12}{O}_6}}\end{array}\right.}}\stackrel{AgN{O}_3/N{H}_3,t^o}{\to }\underset{103,6gam}{\underbrace{\left\{\begin{array}{l}\underset{xmol}{\underbrace{CAg\equiv C-C\text{OO}N{H}_4\downarrow }}\\ \underset{2(x+y)mol}{\underbrace{Ag\downarrow }}\end{array}\right.}}$

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}54x+180y=28,8\\ 2(x+y).108+194x=103,6\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}54x+180y=28,8\\ 410x+216y=103,6\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}x=0,2\\ y=0,1\end{array}\right.$

Suy ra : $\%m_{CH\equiv C-CHO}=\frac{0,2.54}{28,8}.100\%=\boxed{37,5\%}$

Chọn đáp án C.

Các chất trong X gồm : $HOOC–COOH, CH\equiv CH, OHC–C{H}_2–CHO và HCOOCH = C{H}_2.$

Quy luật chung: propanđial, vinyl fomat có cùng công thức phân tử là $C_3{H}_4{O}_2$.

Đặt $n_{H\text{OO}C-C\text{OO}H}=n_{CH\equiv CH}=xmol;n_{(OHC-C{H}_2-CHO,HCOOCH=C{H}_2)}=ymol.$

Theo bảo toàn nguyên tố C, H, O, ta có :

$$\begin{gathered} n_{HtrongX}=2n_{H_{2}O}\Rightarrow 2x+2x+4y=2n_{H_{2}O}\Rightarrow n_{H_{2}O}=(2x+2y)mol. \\ \underset{4x+2y}{\underbrace{n_{OtrongX}}}+2\underset{1,125}{\underbrace{n_{O_2}}}=2\underset{1,25}{\underbrace{n_{C{O}_2}}}+\underset{2x+2y}{\underbrace{n_{H_{2}O}}}\Rightarrow x=0,125 \end{gathered}$$

Khi cho X phản ứng với NaOH, chỉ có HOOC–COOH phản ứng:

$\begin{array}{l}H\text{OO}C-C\text{OO}H+2NaHC{O}_3\to Na\text{OO}C-C\text{OO}Na+2C{O}_2\uparrow +2H_{2}O\\ mol:0,125\to 0,25\end{array}$

Suy ra : $V_{C{O}_2\left(đktc\right)}=0,25.22,4=\boxed{5,6lít}$

Chọn đáp án B.

 Quy luật chung : Các chất trong X đều có công thức phân tử tổng quát là $C_n{H}_{2n+2}O$ (k = 0).

Suy ra : Khi đốt cháy X cho $n_{C_n{H}_{2n+2}O}=n_{H_{2}O}-n_{C{O}_2}$

Theo giả thiết : $n_{H_{2}O}=\frac{95,76}{18}=5,32mol.$

Theo bảo toàn khối lượng và bảo toàn nguyên tố C, H, O, ta có : 

$$\begin{gathered} \left\{\begin{array}{l}{n}_{OtrongX}=n_{C_n{H}_{2n+2}O}=n_{H_{2}O}-n_{C{O}_2}\\ 16n_{OtrongX}+12\underset{n_{C{O}_2}}{\underbrace{n_C}}+\underset{2n_{H_{2}O}}{\underbrace{n_H}}=\underset{80,08}{\underbrace{m_{C_n{H}_{2n+2}O}}}\end{array}\right. \\ \Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{n}_{OtrongX}+n_{C{O}_2}=5,32\\ 16n_{OtrongX}+12n_{C{O}_2}=69,44\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{n}_{OtrongX}=1,4\\ n_{C{O}_2}=3,92\end{array}\right. \\ \Rightarrow V_{C{O}_2\left(đktc\right)}=3,92.22,4=\boxed{87,708lít} \end{gathered}$$

Chọn đáp án B.

 Axit acrylic, vinyl axetat và metyl metacrylat có công thức cấu tạo lần lượt là $C{H}_2=CHCOOH, C{H}_{3}COOCH=C{H}_2, C{H}_2=C\left(C{H}_3\right)COOC{H}_3$.

Quy luật chung : Các chất trên đều có công thức phân tử tổng quát là $C_n{H}_{2n­-2}{O}_2$ (k = 2).

Theo giả thiết ta thấy : Kết tủa ở bình 2 là $BaC{O}_3$, khối lượng bình 1 tăng là khối lượng của $H_{2}O$.

Gọi tổng số mol của các chất là x mol. Theo giả thiết và bảo toàn nguyên tố C, ta có :

$\left\{\begin{array}{l}{n}_{Ctrong{C}_n{H}_{2n-2}{O}_2}=n_{C{O}_2}=n_{BaC{O}_3}=0,18\\ m_{C_n{H}_{2n-2}{O}_2}=4,02\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}nx=0,18\\ (14n+30)x=4,02\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}nx=0,18\\ x=0,05\end{array}\right.$

Sử dụng công thức $(k-1).n_{hợp chất hữu cơ}=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}$ suy ra:

$n_{H_{2}O}=\underset{0,18}{\underbrace{n_{C{O}_2}}}-\underset{0,05}{\underbrace{n_{C_n{H}_{2n-2}{O}_2}}}=0,13mol\Rightarrow m_{H_{2}O}=0,13.18=\boxed{2,34gam}$

Chọn đáp án A.

 Quy luật chung : $n_{OtrongX}=n_{Otrong\text{\hspace{0.17em}nhóm\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}-COOH}=2n_{-C\text{OO}H}$

Bản chất phản ứng của X với NaHCO₃ :

$\begin{array}{l}-C\text{OO}H+NaHC{O}_3\to -C{\text{OONa\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}+\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}CO}}_2\uparrow +H_{2}O\left(1\right)\\ mol:0,5\leftarrow 0,5\end{array}$

Theo (1) và bảo toàn O trong hỗn hợp X, ta có : $n_{-COOH}=n_{C{O}_2}=0,5mol$

$\Rightarrow n_{OtrongX}=n_{Otrongnhóm-COOH}=2n_{-COOH}=1mol.$

Áp dụng bảo toàn nguyên tố H trong phản ứng đốt cháy hỗn hợp X, ta có :

$$\begin{gathered} n_{HtrongX}=2n_{H_{2}O}=2.\frac{14,4}{18}=1,6mol \\ \Rightarrow n_{C{O}_2}=n_{CtrongX}=\frac{29,6-16-1,6}{12}=1mol \\ \Rightarrow \boxed{m_{C{O}_2}=44gam} \end{gathered}$$

Chọn đáp án D.

 Sơ đồ phản ứng: 

$\underset{X}{\underbrace{\left\{\begin{array}{l}C{H}_2=C{H}_2\\ C{H}_{3}CH=O\\ C{H}_{3}C\text{OO}H\end{array}\right.}}\stackrel{Ni,t^o}{\to }\underset{Y}{\underbrace{\left\{\begin{array}{l}C{H}_{3}C{H}_3(k=0)\\ C{H}_{3}C{H}_{2}OH(k=0)\\ C{H}_{3}C\text{OO}H(k=1)\end{array}\right.}}\stackrel{O_2,t^o}{\to }\left\{\begin{array}{l}\underset{0,15mol}{\underbrace{C{O}_2}}\\ \underset{0,2mol}{\underbrace{H_{2}O}}\end{array}\right.$

Quy luật chung : $C_2{H}_4$ và $C{H}_{3}CHO$ đều có 1 liên kết $\pi$ có khả năng phản ứng với $H_2$.

Trong phản ứng đốt cháy Y, ta có:

$n_{(C_2{H}_6,C_2{H}_{5}OH)}=n_{H_{2}O}-n_{C{O}_2}=0,2-0,15=0,05mol\left(1\right).$

Trong phản ứng của X với $H_2$, ta có :

$n_{H_2\text{\hspace{0.17em}phản ứng}}=n_{(C_2{H}_4,C{H}_{3}CHO)}=n_{(C_2{H}_6,C_2{H}_{5}OH)}\left(2\right).$

Từ (1) và (2), suy ra : 

$n_{H_{2}phản ứng}=n_{(C_2{H}_6,C_2{H}_{5}OH)}=0,05mol\Rightarrow V_{H_2\left(đktc\right)}=0,05.22,4=\boxed{1,12lít}$

Chọn đáp án B.

Quy luật chung: Các chất propen ($C{H}_2=CH–C{H}_3$), axit acrylic ($C{H}_2=CH–COOH$), ancol anlylic ($C{H}_2=CH–C{H}_{2}OH$) đều có 3 nguyên tử C và có 1 liên kết $\pi$ tham gia phản ứng với $H_2$ và dung dịch $B{r}_2$.

Đặt công thức của 3 chất propen, axit acrylic, ancol anlylic là $C_3{H}_y{O}_z$.

Trong 0,75 mol X, ta có :

$\left\{\begin{array}{l}{n}_{C_3{H}_y{O}_z}=\frac{n_{C{O}_2}}{3}=0,45mol\\ n_{H_2}=0,75-0,45=0,3mol\end{array}\right.\Rightarrow \%n_{C_3{H}_y{O}_z}=\frac{0,45}{0,75}.100\%=60\%.$

Theo bảo toàn khối lượng, ta có:

$m_X=m_Y\Rightarrow n_X{\overline{M}}_X=n_Y{\overline{M}}_Y\Rightarrow \frac{n_X}{n_Y}=\frac{{\overline{M}}_Y}{{\overline{M}}_X}=1,25$

Với $2\underset{a}{\underbrace{n_{CH\equiv CH}}}+\underset{2a}{\underbrace{n_{C{H}_2=C{H}_2}}}<\underset{5a}{\underbrace{n_{H_2}}}$

$\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{n}_{C_3{H}_y{O}_z}=0,125.60\%=0,075\\ n_{H_{2}phản ứng}=\underset{n_X}{\underbrace{0,125}}-\underset{n_Y}{\underbrace{0,1}}=0,025\end{array}\right.$

Vì $C_3{H}_y{O}_z$ có 1 liên kết $\pi$ phản ứng nên: 

$\underset{0,075}{\underbrace{n_{C_3{H}_x{O}_y}}}=\underset{0,025}{\underbrace{n_{H_2\text{\hspace{0.17em}phản ứng}}}}+\underset{?}{\underbrace{n_{B{r}_2 phản ứng}}}$

$\Rightarrow n_{B{r}_2\text{\hspace{0.17em}p}hản ứng}=0,05mol\Rightarrow V_{ddB{r}_{2}0,1M}=\frac{0,05}{0,1}=\boxed{0,5l\text{ít}}$