Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Sinh học 2025-2026 trường THPT Hàm Rồng (Thanh Hóa) có đáp án

Đáp án đúng là B

I sai. Vì

Số loại thể ba tối đa bằng số cặp nhiễm sắc thể của loài ($n$).

Vì n = 4, nên loài này có tối đa 4 loại thể ba khác nhau (thể ba ở cặp 1, cặp 2, cặp 3 hoặc cặp 4).

II đúng. Vì

Tế bào thể ba có bộ NST là 2n + 1 = 9.

Ở kì sau của nguyên phân, các nhiễm sắc thể kép tách nhau ra thành nhiễm sắc thể đơn và phân li về hai cực. Lúc này số NST trong tế bào tăng gấp đôi: 9 x 2 = 18 nhiễm sắc thể đơn.

III sai. Vì

Nếu một NST xét 1 gene có 2 allele ở các thể đột biến thể ba có tối đa số loại kiểu gene là:C¹₄ × 4 × 3³ =432

IV sai. Vì

Một cá thể thể ba 2n+1 tiến hành giảm phân tạo giao tử → tạo ra 1/2 giao tử n và 1/2 giao tử n+1

Đáp án đúng là A

Đáp án đúng là C

Đáp án đúng là B

Đáp án đúng là D

Quy ước: A-B- : Đỏ ; A-bb : vàng ; aaB- + aabb : trắng.

P đỏ (A-B-) tự thụ phấn → F₁ : 3 loại kiểu hình → F₁ dị hợp về 2 cặp gene (AaBb).

P: AaBb x AaBb → 9A-B- (đỏ) : 3A-bb (vàng) : 4(1aaBB + 2aaBb + 1aabb) trắng.

Tỉ lệ số cây hoa trắng có kiểu gene dị hợp tử ớ F₁ là aaBb = 2/16 = 0,125 = 12,5%

Đáp án đúng là D

Đáp án đúng là B

Đáp án đúng là D

Ta có: A₁ > A₂ > A₃ > A₄ (đen > xám > vàng > trắng)

1 đúng. Nếu F₁ có 3 loại KG thì chỉ có 2 loại KH.

Ví dụ: A₁A₃ x A₁A₃ KH: 3 đen: 1 vàng; KG: 1A₁A₁ : 2A₁A₃ : 1A₃A₃

2 đúng. Vì khi đời con có 3 loại kiểu gene thì chứng tỏ P dị hợp và có kiểu gene giống nhau. Khi đó, chỉ có 3 sơ đồ lai là A₁A₂ × A₁A₂; A₁A₃ × A₁A₃; A₁A₄ × A₁A₄.

3 đúng. A₁A₃ x A₄A₄ A1A4 : A3A4, đời con có 50% số cá thể lông vàng (A₃A₄).

4 sai. Vì có 5 sơ đồ lai cho kết quả 1:1 (đó là: A₁A₂ × A₃A₃ hoặc A₁A₃ × A₃A₃ hoặc A₁A₄ × A₃A₃ hoặc A₁A₂ × A₃A₄ hoặc A₁A₃ × A₃A₄).

Đáp án đúng là C

Đáp án đúng là D

Đáp án đúng là D

Đáp án đúng là A

Theo giả thiết: Mỗi gene quy định 1 tính trạng.

Ta có:

Xét tỉ lệ phân li kiểu hình chung có : (Mắt đỏ : Mắt trắng)( Cánh bình thường : cánh xẻ)= (3:1) ( 1:1) = 3 : 3 :1:1 ≠ khác với tỉ lệ phân li kiểu hình ở đề bài .

+ Màu mắt ở F2:

(603 + 597 + 361 + 241) mắt đỏ : (359 + 238) mắt trắng 3 mắt đỏ : 1 mắt trắng (mắt trắng chỉ ở con đực XY).

→ A (mắt đỏ) >> a (mắt trắng) và gene trên X (do tỉ lệ xuất hiện không đều ở 2 giới và kiểu hình lặn chỉ có ở giới XY).

=> F1 x F1 : X^AX^a x X^AY  (1)

+ Dạng cánh ở F2:

(603 + 361 + 238) cánh thường : (597 + 241 + 359) cánh xẻ 1 cánh thường : 1 cánh xẻ

→ B (cánh thường) >> b (cánh xẻ) và gene trên NST X (do tỉ lệ xuất hiện không đều ở 2 giới).

I đúng

=> F1 x F1 : X^BX^b x X^bY (2)

Từ (1) và (2) → Cả 2 gene cùng nằm trên X (vùng không tương đồng của X) và F1 như sau:

F1 x F1 : (X^ABX^ab hoặc X^AbX^aB) x X^AbY (hoán vị gene chỉ xảy ra ở ruồi cái)

Xét đề bài ta có: X^abY 0,15 = 0,3 (X^ab) x 0,5 (Y). Vì X^ab = 0,3 > 0,25 giao tử liên kết

=> F1 x F1 : X^ABX^ab x X^AbY (f = 40%) II đúng

Tỉ lệ con cái mang kiểu gene thuần chủng là: X^AbX^Ab = 0,2 x 0,5 = 0,1 = 10% III đúng

Tỉ lệ con cái mang kiểu hình mắt đỏ, cánh xẻ là X^AbX^Ab + X^AbX^ab = 0,2 x 0,5 + 0,3 x 0,5 = 0,25

Tỉ lệ con cái mang kiểu hình mắt đỏ, cánh xẻ dị hơp 1 cặp trên tổng con cái mắt đỏ, cánh xẻ là

X^AbX^ab / (X^AbX^Ab + X^AbX^ab) = (0,3 x 0,5) / 0,25 = 0,6 = 60% IV sai

Đáp án đúng là C

Đáp án đúng là B

Đáp án đúng là A

Đáp án đúng là A

Đáp án đúng là D

Đáp án đúng là C

Quy ước:

A-B-D- : hoa đỏ

A-B-dd : hoa hồng

Còn lại: hoa trắng

P: AaBbDd x AaBbDd

Số kiểu gene thuần chủng quy định hoa trắng là: aabbdd, AAbbdd, aaBBdd, aabbDD, AAbbDD, aaBBDD

a đúng

Tỉ lệ kiểu hình hoa ở F1 là

Hoa đỏ: (3/4)³ = 27/64

Hoa hồng: (3/4)² x ¼ = 9/64

Hoa trắng: 1 – 27/64 – 9/64 = 28/64

d sai

Tỉ lệ cây hoa trắng thuần chủng ở F1 là 6 x ¼ x ¼ x ¼ = 6/64

Tỉ lệ cây hoa trắng thuần chủng trong tổng số cây hoa trắng là: 6/64 : 28/64 = 3/14

b sai

Hoa hồng x Hoa hồng 100% hoa hồng có các phép lai thỏa mãn là

AABBdd x AABBdd; AABBdd x AABbdd; AABBdd x AaBBdd;

AABBdd x AaBbdd; AaBBdd x AABbdd

c đúng

a) Sai

Lưu lượng máu đến cơ bắp trong khi tập luyện là: (9000 : 13900) x 100 = 64,7%

b) Đúng

c) Đúng

d) Sai

Vì lưu lượng máu đến cơ tăng đáng kể khi tập thể dục để cung cấp nhiều lượng oxygen và chất dinh dưỡng cho quá trình hoạt động mạnh mẽ của cơ bắp

a) Đúng

b) Đúng

Theo đề bài, công thức công thức bón phân 250 kg N và 250 kg K₂O/ha/vụ cho năng suất, chất lượng và hiệu quả kinh tế cao. c,d Sai

+ Xét bệnh P

Người 1 và 2 không bị bệnh P đẻ con trai (người 6) bị bệnh P chỉ mang allele P₂ Bệnh P do gene lặn quy định

Người số 2 là nam và có 2 allele của gene P

Gene P nằm trên NST thường (Quy ước P₁: bình thường, P₂: bị bệnh)

+ Xét bệnh Q

Người 4 bị bệnh Q và chỉ có allele Q₂ Allele Q₂ quy định bệnh Q

Người 10 không bị bệnh và chỉ có allele Q₁ (không nhận Q₂ từ người 4)

Gene Q nằm trên vùng không tương đồng của NST giới tính X

Người con gái số 8 và 11 không bị bệnh Q và mang allele gây bệnh nhận từ người 4 (bố)

Bệnh Q do gene lặn quy định (Quy ước Q₁: bình thường, Q₂: bị bệnh)

a) đúng

b) đúng

c) đúng

Vì người số 10 bị bệnh P KG của bố mẹ 3 và 4 là P₁P₂ x P₁P₂

Ta có: người 3 x người 4 : P₁P₂X^Q1X^Q1 x P₁P₂X^Q2Y

Sinh ra người số 11 không bị bệnh KG người số 11 là (1/3 P₁P₁ : 2/3P₁P₂)X^Q1X^Q2

Tỉ lệ giao tử không mang allele gây bệnh ở người số 11 là 2/3 x ½ = 1/3

d) Sai

Cặp vợ chồng 7-8:

+ Xét bệnh P

- Người số 7 bình thường có bố mẹ bình thường và anh (em) trai là người số 6 bị bệnh P

Người số 7 có KG (1/3 P₁P₁ : 2/3 P₁P₂)

- Xét KG của người số 8 tương tự người số 11

7 x 8: (1/3 P₁P₁ : 2/3 P₁P₂) x (1/3 P₁P₁ : 2/3 P₁P₂) = (2/3 P₁ : 1/3 P₂) x (2/3 P₁ : 1/3 P₂) sinh ra con không mang allele bị bệnh là 2/3 P1 x 2/3 P1 = 4/9

+ Xét bệnh Q

Người 7 có KG XQ1Y, người số 8 có KG X^Q1X^Q2 sinh ra con trai không mang allele bị bệnh (X^Q1Y) là ½ x ½ = ¼

Xác xuất người số 7 và 8 sinh ra con trai không mang allele gây bệnh là 4/9 x ¼ = 1/9 0,1

Đáp án: 1342

Đáp án: 0,24

Xét 3 cặp gene nằm trên 2 cặp NST thường: A;a, B;b, D;d

Giả sử B;b và D; d nằm trên 1 NST

P dị hợp 3 cặp gene

Xét cặp Aa x Aa = 3 A- x 1aa

Ti lệ KH: 33:11:9:3:3:3:1:1 = (3:1).(11:3:1:1)

Tỉ lệ KH bằng tích tỉ lệ KH các cặp NST, F1 có 8 KH mà cặp A;a cho 2 KH

2 cặp (B;b và D;d) cho 4 KHHHH

Mà con đực không có hoán vị gene P có KG là Aa\(\frac{BD}{bd}\)

Xét cặp B;b và D;d, F1 có tỉ lệ 11:3:1:1

B-D- = 11/16 = 0,5 + bd/bd bd/bd = 0,1875 = 0,5 x 0,375 ( do chỉ hoán vị 1 bên)

bd = 0,375 (giao tử liên kết ) f = 25%

Tỉ lệ cá thể dị hợp 1 cặp gene ở F1 là

Aa\(\frac{BD}{BD}\) + AA\(\frac{BD}{bD}\) + AA\(\frac{BD}{Bd}\) = 0,5 x 0,375 x 0,5 + 0,25 x 0,125 x 0,5 x 2 = 0,125

Tỉ lệ cá thể dị hợp 1 cặp gene trong số cá thể trội về 3 tính trạng ở F1 là 0,125 : 33/64 = 8/33 0,24

Đáp án: 3

Có 3 bệnh, hội chứng liên quan đến đột biến số lượng NST là (3), (7), (8)

Đáp án: 5

Bộ ba kết thúc: 5’UAA3’; 5’UAG3’; 5’UGA3’

DNA: 3’…TAC – GGG – ATG – TGT – ACC – CGG – CTT – AGG…5’

mRNA: 5’…AUG – CCC – UAC – ACA – UGG – CGC – GAA – UCC…3’.

Các vị trí gạch chân là vị trí đột biến có thể làm xuất hiện bộ ba kết thúc sớm

5’UAC3’ 5’UAA3’ hoặc 5UAG3’

5’UGG3’ 5’UAG3’ hoặc 5UAG3’

5’GAA3’ 5’UAA3’

có 5 trường hợp

Đáp án: 22

Một tế bào sinh dưỡng bình thường ở kỳ sau II có 22 NST. Ở kỳ sau NST ở trạng thái n kép phân ki về 2 cực của tế bào tạo thành 2n đơn → Bộ NST của loài là 2n =22.

Đáp án: 64

Ở cá thể đực có 3 cặp gene dị hợp tạo 8 loại giao tử bình thường và 8 loại giao tử đột biến

Ở cá thể cái có 2 cặp gene dị hợp tạo 4 loại giao tử

Số kiểu tổ hợp giao tử = 16 x 4 = 64 giao tử