
Đề thi thử THPT Quốc gia năm 2019 Hóa học có lời giải ( đề số 14 )
35 câu hỏi
Fe.
Na.
K.
Ba.
Đáp án A
K2SO4.
KNO3.
HCl.
KCl.
Đáp án C
giấm ăn.
amoniac.
phèn chua.
muối ăn.
Chọn B
Phèn chua có công thức hóa học: K2SO4.Al2(SO4)3.24H2O, dùng để làm trong nước sinh hoạt.
CH3COOCH2CH3
CH3COOCH3.
CH3COOCH=CH2.
CH2=CHCOOCH3.
Đáp án C
Fe2O3.
FeO.
Fe3O4.
FeS2.
Đáp án C
Etylmetylamin.
Metyletanamin.
N-metyletylamin
Metyletylamin.
Đáp án A
Ancol etylic.
Axit clohiđric.
Saccarozơ.
Benzen.
Đáp án B
Fe và Al.
Fe và Cr.
Al và Cr.
Na và Ba.
Đáp án C
Tơ visco.
Tơ nitron.
Tơ nilon–6,6.
Tơ xenlulozơ axetat.
Đáp án C
Cu, Fe, Al, Mg.
Cu, FeO, Al2O3, MgO.
Cu, Fe, Al2O3, MgO.
Cu, Fe, Al, MgO.
Đáp án C
Glucozơ.
Etyl axetat.
Gly-Ala.
Saccarozơ.
Đáp án A
K và Na.
Mg và Al.
Cu và Fe.
Mg và Fe.
Đáp án A
CH3COOH, C2H5OH, HCOOH, CH3CHO.
CH3CHO, C2H5OH, HCOOH, CH3COOH.
CH3COOH, HCOOH, C2H5OH, CH3CHO.
HCOOH, CH3COOH, C2H5OH, CH3CHO.
Đáp án B
2C6H12O6 + Cu(OH)2 (C6H11O6)2Cu + H2O.
CH3COOH + C2H5OH CH3COOC2H5 + H2O.
CO2 + H2O + C6H5ONa C6H5OH + NaHCO3
2C2H5OH + 2Na 2C2H5ONa + 2H2.
Đáp án B
4.
3.
2.
1.
Đáp án C
Oxi hóa glucozơ bằng dung dịch AgNO3 trong NH3 đun nóng.
Oxi hóa glucozơ bằng Cu(OH)2 trong môi trường kiềm đun nóng.
Lên men glucozơ có enzim xúc tác.
Khử glucozơ bằng H2 (xúc tác Ni, to).
Đáp án C
4.
3.
5.
2.
Đáp án A
4.
2.
3.
1.
Đáp án B
HNO3, NaCl, Na2SO4.
HNO3, Ca(OH)2, KHSO4, Na2SO4.
NaCl, Na2SO4, Ca(OH)2.
HNO3, Ca(OH)2, KHSO4, Mg(NO3)2.
Đáp án B
3.
2
1.
4.
Đáp án C
10 gam.
8 gam.
12 gam.
6 gam.
Đáp án D
Cho từ từ dung dịch (Na2CO3; NaHCO3) vào dung dịch HCl xảy ra đồng thời các phản ứng (1); (2): (ở đây chú ý tỉ lệ: cứ 1 giọt dung dịch x mol NaHCO3 thì tương ứng chứa 2x mol Na2CO3).
Dung dịch X cho vào dung dịch nước vôi trong dư Ca(OH)2 xảy ra các phản ứng:
« Nhận xét: Toàn bộ số mol cacbon có trong X đều chuyển hết về kết tủa CaCO3.
Theo đó, bảo toàn nguyên tố cacbon, ta có:
Theo đó, yêu cầu khối lượng kết tủa thu được là
40,3.
41,2.
46,7.
44.3.
Đáp án D
Phân tử X có 5 liên kết π.
Số công thức cấu tạo phù hợp của X là 2.
Công thức phân tử chất X là C52H96O6.
1 mol X phản ứng được với tối đa 2 mol Br2 trong dung dịch.
Đáp án C
Ca(OH)2, NaOH.
Ca(OH)2, Na2CO3
NaOH, NaHCO3
NaOH, Ca(OH)2.
Đáp án D
2.
3.
4.
5.
Đáp án B
6,72.
8,96.
5,60.
7,84.
Đáp án D
« Nhận xét “tinh tế”: 0,12 mol Br2 sẽ phản ứng với 0,12 mol pC=C trong X.
® Nếu thay 0,12 mol Br2 bằng 0,12 mol H2 thì sẽ thu được X gồm các hiđrocacbon no và H2.
® Thực hiện thì lúc này có 6,56 gam hỗn hợp X dạng CnH2n + 2 (trường hợp H2 ứng với n = 0).
Giả sử khối lượng 0,1 mol X gấp k lần 6,32 gam X. Thêm 0,12k mol H2 vào các nối đôi C=C trong 0,1 mol X không làm thay đổi số mol X, chỉ thay đổi số H và khối lượng X mà thôi.
« Giải đốt:
Biết luôn số mol H2O vì lúc này tương quan đốt:
Bảo toàn C, H ta có
® tương ứng k = 0,5; nghĩa là lượng 0,12k mol H2 là 0,06 mol.
Theo đó:
1 : 1.
2 : 3.
1 : 2.
2 : 5.
Đáp án D
· Đoạn OA biểu diễn tỉ lệ phản ứng:
· Đoạn AB có phức tạp hơn một chút, các bạn có thể tự suy luận như sau:
Sau đó:
Tổng kết lại:
Nhẩm nhanh, 233-2*78=77, kết tủa tăng lớn hơn kết tủa tan nên đồ thị “tăng nhẹ” như hình vẽ:
· Đoạn BC biểu diễn tỉ lệ phản ứng:
Theo đó, tại điểm A, ta có số mol Ba(OH)2 dùng = 3a = 0,3 ® a = 0,1 mol.
Tại điểm C, sản phẩm thu được gồm: (3a + b) mol BaSO4; 2a mol NaAlO2; (2b – 2a) mol NaOH.
Theo đó, bảo toàn nguyên tố Ba có số mol Ba(OH)2 dùng = 3a + b = 0,55 ® b = 0,25 mol.
Vậy, tỉ lệ a : b = 0,1 ¸ 0,25 = 2 ¸ 5
5.
4.
2.
3.
Đáp án B
Dung dịch điện phân chứa 3x mol Cu(NO3)2 và x mol KCl.
Áp dụng định luật điện phân Faraday, ta có ne trao đổi = It ¸ 96500 = 0,32 mol.
Dung dịch điện phân ra x mol CuCl2 và y mol CuO. Ta có: 2x + 2y = 0,32 mol và 135x + 80y = 15 gam.
Giải hệ được x = 0,04 mol và y = 0,12 mol.
® dung dịch sau điện phân có Cu(NO3)2; KNO3 và HNO3.
Sơ đồ phản ứng tiếp theo:
Bảo toàn nguyên tố H có
® bảo toàn nguyên tố O có .
Tiếp tục bảo toàn N suy ra số mol Fe(NO3)2 là 0,17 mol. Bảo toàn khối lượng kim loại ta có:
0,25.56+0,08.64=0,17.56+mm=9,6gam
6,4.
9,6
10,8.
7,6.
Đáp án C
So sánh khối lượng của X và muối amoni (CHO với COONH4; COOH với COONH4)
Khối lượng tăng từ phản ứng tráng bạc = 0,01875*(62-29) = 0,61875 gam
Khối lượng tăng từ axit = 0,00125*(62-45) = 0,02125 gam.
Theo đó, giá trị m = 1,86 - ( 0,61875- 0,02125) = 1,22 gam
31,52 gam.
27,58 gam.
29,55 gam.
35,46 gam.
Đáp án D
- Quy đổi hỗn hợp Na, NaO, Ba và BaO thành Na (a mol), Ba (b mol) và O (c mol)
- Trong dung dịch X có chứa:
- Theo dữ liệu đề bài ta có hệ sau:
- Cho CO2 tác dụng với X nhận thấy:
Có kết tủa màu xanh, sau đó tan ra tạo dung dịch màu tím.
Có kết tủa màu đỏ gạch, kết tủa không bị tan ra.
Có kết tủa màu xanh, sau đó kết tủa chuyển sang màu đỏ gạch.
Có kết tủa màu tím, sau đó tan ra tạo dung dịch xanh.
Đáp án A
112 ml.
336 ml.
224 ml.
168 ml.
Đáp án A
Thể tích khí NO lớn nhất khi trộn 3 dung dịch H2SO4; HCl và HNO3 (với số mol mỗi chất bằng nhau).
Khi đó
Thể tích khí NO nhỏ nhất khi trộn 3 dung dịch HCl, KNO3 và AgNO3 (hoặc HNO3, KNO3 và AgNO3). Khi đó
54,18%.
50,31%.
58,84%.
32,88%.
Đáp án B
« Giả thiết “chữ”: hai axit có mạch cacbon không phân nhánh nên axit đơn chức hoặc hai chức.
· Giải đốt 0,11 mol hai ancol no, đơn chức, mạch hở nặng 6,88 gam.
® Phân tích ancol về 0,11 mol H2O + 0,35 mol CH2 ® số mol O2 cần đốt là 0,525 mol.
Vì nY = nX = 0,08 mol < 0,11 mol NaOH nên Y gồm este đơn chức và ests hai chức.
Giải số mol hai muối trong Z là 0,05 mol axit đơn chức và 0,03 mol axit hai chức.
Đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O2; đốt 0,17 mol H2 cần 0,085 mol O2 nên đốt Y cần 0,805 mol O2.
Gọi số mol CO2 và H2O sinh ra khi đốt Y lần lượt là x và y mol:
· Bảo toàn nguyên tố O có:
· Tương quan đốt có:
Theo đó, giải hệ được x = 0,62 mol và y = 0,59 mol ® bảo toàn khối lượng có mY = 12,14 gam. Sơ đồ thủy phân:
® Bảo toàn khối lượng ta có mZ = 9,66 gam. Với các muối trong Z có dạng như trên, ta có phương trình: .
Nhìn nhanh: n chia hết cho 3 nên n = 3, tương ứng, m = 4 là cặp nghiệm nguyên thỏa mãn.
Theo đó, Z gồm 0,05 mol C2H5COONa và 0,03 mol C2H4(COONa)2.
Yêu cầu:
31,55%
27,04%
22,53%
33,80%
Đáp án B
Thêm AgNO3 vào Y ® NO chứng tỏ trong Y có chứa cặp H+ và Fe2+ ® anion trong Y chỉ có Cl- mà thôi.
Lượng H+ dư được tính nhanh = 4nNO = 0,18 mol ® lượng phản ứng là 1,64 mol. Sơ đồ:
« Bảo toàn khối lượng cả sơ đồ có
Theo đó, bảo toàn nguyên tố H có 0,04 mol NH4Cl và có 0,08 mol Fe(NO3)3 (theo bảo toàn N sau đó).
Tiếp tục theo bảo toàn electron mở rộng hoặc dùng bảo toàn O có ngay số mol Fe3O4 là 0,04 mol.
« Gọi số mol Mg và FeCl2 trong X lần lượt là x, ymol ® 24x + 127y = 27,72 gam.
Xét toàn bộ quá trình, bảo toàn electron ta có:
Lại có: . Tổng khối lượng kết tủa là 298,31 gam.
® có phương trình: 143,5.(2y+1,82)+108.(2x+y-1,135=298,31
Giải hệ các phương trình trên được x = 0,52 mol; y = 0,12 mol.
vậy yêu cầu:
48,97 gam.
49,87 gam.
47,98 gam.
45,20 gam.
Đáp án A
Bạn có thích hoạt động này không?
Hãy lưu hoặc chia sẻ nội dung này đến mọi người.






![[Năm 2022] Đề thi thử môn Hóa THPT Quốc gia có lời giải (Đề 17)](/_next/image?url=https%3A%2F%2Fvideo.vietjack.com%2Fupload%2Fimages%2Fvj-image%2Fimage-jrgulhikdg8qqntdd8rf-1786753522.jpg&w=3840&q=75)
![[Năm 2022] Đề thi thử môn Hóa THPT Quốc gia có lời giải (Đề 21)](/_next/image?url=https%3A%2F%2Fvideo.vietjack.com%2Fupload%2Fimages%2F2048%2Fbanner%2Fquiz%2Fq36010-1773083546.jpg&w=3840&q=75)
![[Năm 2022] Đề thi thử môn Vật lí THPT Quốc gia có lời giải - Đề số 21](/_next/image?url=https%3A%2F%2Fvideo.vietjack.com%2Fupload%2Fimages%2Fvj-image%2Fimage-3izficdefgfoel0s9j8s-1786772791.jpg&w=3840&q=75)


![[Năm 2022] Đề thi thử môn Vật lí THPT Quốc gia có lời giải - Đề số 20](/_next/image?url=https%3A%2F%2Fvideo.vietjack.com%2Fupload%2Fimages%2Fvj-image%2Fimage-emy0gtcksawvorajezvv-1786772460.jpg&w=3840&q=75)







