Đề minh họa tốt nghiệp THPT môn Sinh có đáp án năm 2025 ( Đề 14)

Đáp án A

Có 2 con đường thoát hơi nước, đó là qua cutin (qua bề mặt lá) và qua khí khổng. Trong đó, nước chủ yếu được thoát ra ngoài qua khí khổng.

Đáp án D

- Thoát hơi nước là tai họa vì lượng nước cây thoát ra quá lớn (98 - 99% lượng nước hút vào) do đó đòi hỏi cây phải hút nước nhiều hơn và gặp khó khăn trong điều kiện môi trường luôn thay đổi → IV đúng.

- Thoát hơi nước là tất yếu (cần thiết, tất nhiên phải có) vì thoát hơi nước có vai trò quan trọng:

+ Là động lực đầu trên của dòng mạch gỗ → I đúng.

+ Làm khí khổng mở ra, ${\text{CO}}_2$ khuếch tán đi vào, cung cấp nguyên liệu cho quá trình quang hợp → II đúng.

+ Làm giảm nhiệt độ ở lá, tránh cho lá bị đốt nóng, đảm bảo quá trình sinh lí diễn ra bình thường → III đúng.

Đáp án D

T là đơn phân cấu tạo nên DNA.

RNA không có đơn phân là T. 

Đơn phân cấu tạo nên protein là amino acid.

Đáp án B

Ở giới nam, chỉ cần có 1 allele H thì đã có kiểu hình hói đầu, ở nữ cần 2 allele H mới biểu hiện hói đầu → Ở giới nam sẽ có nhiều người bị hói hơn.

Đáp án C

A. Sai. Ở tế bào 2, các nhiễm sắc thể kép đang phân li về hai cực của tế bào → Tế bào 2 đang ở kì sau của giảm phân I.

B. Sai. Tế bào 2 đang ở kì sau của giảm phân I → Tế bào 2 là tế bào sinh dục. Tế bào 1 và tế bào 3 ở đang ở kì sau của nguyên phân hoặc ở kì sau của giảm phân II → Tế bào 1 và tế bào 3 có thể là tế bào sinh dưỡng hoặc tế bào sinh dục.

C. Đúng. Ở tế bào 1 và tế bào 3, các nhiễm sắc thể đơn đang phân li về hai cực của tế bào → Tế bào 1 và 3 có thể ở kì sau của nguyên phân hoặc kì sau của giảm phân II. Nếu tế bào 1 đang ở kì sau của nguyên phân và tế bào 1 đang chứa 8 nhiễm sắc thể đơn → Tế bào 1 có 2n = 4. Nếu tế bào 3 đang ở kì sau của giảm phân và tế bào 3 đang chứa 4 nhiễm sắc thể đơn → Tế bào 3 có 2n = 4.

D. Sai. Tế bào 1 có thể đang ở kì sau của nguyên phân hoặc kì sau của giảm phân II. Nếu tế bào 1 đang ở kì sau của nguyên phân thì tế bào 1 có 2n = 4; nếu tế bào 1 đang ở kì sau của giảm phân II thì tế bào 1 có 2n = 8. Còn tế bào 2 đang ở kì sau của giảm phân I và đang có 8 nhiễm sắc thể kép → Tế bào 2 có 2n = 8.

Đáp án C

Vì các cá thể ở vùng C là những cá thể có ổ sinh thái giống với loài khác. Do đó, tại vùng này xảy ra cạnh tranh khốc liệt giữa các cá thể khác loài. Vì vậy, những các thể ở vùng này bị đào thải dần, dẫn tới loài bị thu hẹp ổ sinh thái.

Đáp án D

Cạnh tranh khác loài thì không thể làm cho ổ sinh thái của tất cả các loài được mở rộng (cạnh tranh khác loài dẫn đến thu hẹp ổ sinh thái).

Đáp án D

Theo dõi sự biểu hiện của tính trạng qua các thế hệ có thể phát hiện ra tính trạng là do gene nằm trên nhiễm sắc thể thường hay nhiễm sắc thể giới tính quy định.

Sai. Tại thời điểm 0,3 giây áp lực máu trong tâm thất trái cao nhất. 

Đúng. Áp lực máu trong chu kì tim ảnh hưởng đến hoạt động đóng mở của các van tim. 

Đúng. Tại thời điểm 0,3 giây, áp lực máu trong tâm thất trái cao nhất, khi đó máu được đẩy từ tâm thất trái vào động mạch chủ. 

Sai. Khi hoạt động cường độ cao, trao đổi chất diễn ra mạnh mẽ, lượng CO₂ tạo ra  nhiều từ đó làm cho pH của máu giảm. 

Đáp án A

A. Sai. Đột biến số lượng NST không làm thay đổi số lượng gene trên NST.

P: ♂ lông hung (t/c)          $\times$                                  ♀ lông trắng (t/c)

F₁:                                                                                 100% lông hung

F₁×F₁: 

F₂: 

Ở giới đực: 37,5% đực lông hung : 12,5% đực lông trắng $\iff$6 đực lông hung : 2 đực lông trắng.

Ở giới cái: 18,75% cái lông hung : 31,25% cái lông trắng $\iff$ 3 cái lông hung : 5 cái lông trắng.

→ Do F₂ có tỉ lệ kiểu hình 2 giới không bằng nhau và xuất hiện 16 tổ hợp giao tử (9 lông hung : 7 lông trắng).

$\Rightarrow$ Tính trạng do 1 gene trên NST thường và 1 gene nằm trên NST giới tính cùng tương tác bổ trợ (9 : 7) quy định.

- Quy ước: A-B-: lông hung; A-bb; aaB-; aabb: lông trắng.

- Ở động vật có vú, con cái XX, con đực XY. Phép lai P giữa con đực thuần chủng lông hung (AAX^BY^-)  và con cái lông trắng (aaX^bX^b) xuất hiện F₁ toàn bộ lông hung (AaX^BX^b và AaX^bY^-) thì con đực (AaX^bY^-) ở thế hệ P phải cho Y^B nên gene thuộc vùng tương đồng trên cặp NST giới tính XY.

P (t/c): ♂ lông hung (AAX^BY^B)                              $\times$      ♀ lông trắng (aaX^bX^b)

F₁:                                                              AaX^BX^b : AaX^bY^B

F_1$\times$ F₁:                                AaX^BX^b                       $\times$      AaX^bY^B

F₂:                                             (3A-: 1aa)(1 X^BX^b : 1 X^bX^b : 1X^BY^B : 1X^bY^B)

Lông hung F₂ :

+ Giới cái: $\left(\frac{1}{3}\mathrm{AA}:\frac{2}{3}\mathrm{Aa}\right){\mathrm{X}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{X}}^{\mathrm{b}}.$ 

+ Giới đực: $\left(\frac{1}{3}\mathrm{AA}:\frac{2}{3}\mathrm{Aa}\right)\left(\frac{1}{2}{\mathrm{X}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{B}}:\frac{1}{2}{\mathrm{X}}^{\mathrm{b}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{B}}\right).$ 

Lông hung F₂ $\times$ lông hung F₂. Xét riêng từng cặp tính trạng:

+ $\left(\frac{1}{3}\mathrm{AA}:\frac{2}{3}\mathrm{Aa}\right)\times \left(\frac{1}{3}\mathrm{AA}:\frac{2}{3}\mathrm{Aa}\right)\Rightarrow {\mathrm{F}}_3\text{:}\frac{4}{9}\text{AA}:\frac{4}{9}\text{Aa}:\frac{1}{9}\text{aa.}$ 

+ $\left({\mathrm{X}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{X}}^{\mathrm{b}}\right) \times \left(\frac{1}{2}{\mathrm{X}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{B}}:\frac{1}{2}{\mathrm{X}}^{\mathrm{b}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{B}}\right)\Rightarrow {\mathrm{F}}_3:\frac{1}{8}{\mathrm{X}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{X}}^{\mathrm{B}}:\frac{2}{8}{\mathrm{X}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{X}}^{\mathrm{b}}:\frac{1}{8}{\mathrm{X}}^{\mathrm{b}}{\mathrm{X}}^{\mathrm{b}}:\frac{2}{8}{\mathrm{X}}^{\mathrm{B}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{B}}:\frac{2}{8}{\mathrm{X}}^{\mathrm{b}}{\mathrm{Y}}^{\mathrm{B}}.$ 

• Xét sự đúng - sai của từng phát biểu:

a) Đúng. Tỉ lệ lông hung thu (A-B-) được ở F₃ là $\frac{8}{9}\times \frac{7}{8}=\frac{7}{9}.$ 

Sai. Tỉ lệ con đực lông hung là $\frac{8}{9}\times \frac{4}{8}=\frac{4}{9}.$

Đúng. Tỉ lệ con đực lông trắng chỉ mang các gene lặn là 0, vì đực có các kiểu gene X^BY^B và X^bY^B.

Sai. Tỉ lệ con cái lông hung, thuần chủng chiếm tỉ lệ $\frac{4}{9}\times \frac{1}{8}=\frac{1}{18}.$ 

Đúng. Vì đột biến vùng M → enzyme 1 không được tổng hợp khi môi trường có chất X.

Đúng. Vì đột biến vùng P → enzyme 2 không được tổng hợp khi môi trường có chất X.

Đúng. Vì đột biến vùng Q (vùng vận hành) thì enzyme 1 và enzyme 2 vẫn được tổng hợp ngay cả khi không có chất X. 

Sai. Vì đột biến vùng N cả 2 enzyme đều không được tổng hợp khi môi trường có chất X → N là vùng khởi động.

Đúng. Vì trước và sau khi bị săn bắt, không có sự xuất hiện của nhóm tuổi sau sinh sản. Điều này đặc trưng cho quần thể chim trĩ với tỉ lệ cao các cá thể ở lứa tuổi trước sinh sản và sinh sản.

Đúng. Vì việc săn bắt tập trung vào các cá thể trưởng thành đã khiến tỉ lệ các cá thể ở lứa tuổi sinh sản giảm đáng kể, dẫn đến thay đổi cấu trúc tuổi của quần thể. 

Sai. Vì mặc dù một số cá thể còn lại có thể tăng khả năng sinh sản, nhưng việc khai thác liên tục làm giảm số lượng các cá thể trưởng thành, làm suy giảm khả năng phục hồi nhanh chóng của quần thể. 

Đúng. Vì khi ngừng khai thác, quần thể có thể tự điều chỉnh lại cấu trúc nhóm tuổi, tăng tỉ lệ các cá thể trước sinh sản, giúp quần thể phục hồi về tỉ lệ tuổi ban đầu.

Đáp án B

B. Sai. Vaccine không phải là virus Hepatitis B đã làm giảm độc lực mà chỉ là protein của virus Hepatitis B.

Đáp án B

- Gai xương rồng là biến dạng của lá và gai hoa hồng là sự phát triển của biểu bì thân → Đây là cặp cơ quan tương tự.

- Cánh dơi và tay người, gai xương rồng và tua cuốn đậu Hà Lan, chi trước của mèo và vây trước của cá voi là các cặp cơ quan tương đồng.

Đáp án D

A. Sai. Trong quan hệ đối kháng, loài bị hại có thể bị diệt vong hoặc chúng phải di cư đi.

B. Sai. Quan hệ ức chế – cảm nhiễm thuộc nhóm quan hệ đối kháng, trong đó, một loài bị hại còn một loài không được lợi, không bị hại.

C. Sai. Cả động vật và thực vật đều xảy ra cạnh tranh. 

D. Đúng. Sử dụng thiên địch để phòng trừ sâu hại là ứng dụng của hiện tượng khống chế sinh học.

Đáp án A

Con gái sinh ra có kiểu gene X^BX^bX^b nhận giao tử X^B của mẹ và giao tử X^bX^b của bố.

Cơ thể bố có kiểu gene X^bY, giảm phân cho giao tử X^bX^b $\Rightarrow$ giao tử X^bX^b sinh ra do rối loạn giảm phân II, giao tử X^B sinh ra do mẹ giảm phân bình thường.

Đáp án B

Bên người vợ: bố bị hói đầu có kiểu gene đồng hợp HH → cô vợ có kiểu gene Hh.

Bên người chồng không bị hói có kiểu gene: hh.

Cặp vợ chồng này: Hh × hh → Đời con: 1Hh : 1hh → Xác suất sinh con gái bình thường là 1/2 (vì con gái luôn bình thường); xác suất sinh con trai bình thường là 1/4 (vì Hh biểu hiện hói đầu).

Ta xét các trường hợp:

+ Sinh 2 con trai bình thường: $\frac{1}{4}\times \frac{1}{4}=\frac{1}{16}$

+ Sinh 2 con gái bình thường: $\frac{1}{2}\times \frac{1}{2}=\frac{1}{4}$

+ Sinh 1 trai, 1 gái bình thường: $C_2^1\times \frac{1}{4}\times \frac{1}{2}=\frac{1}{4}$

Vậy xác suất họ sinh được 2 con bình thường là: $\frac{1}{16}+\frac{1}{4}+\frac{1}{4}=\frac{9}{16}$.

Chọn B

Đáp án C

A. Đúng. Trước khi phát tán, quần thể A có 2 loại kiểu gene, quần thể B chỉ có 1 loại kiểu gene → Trước khi phát tán, quần thể A đa dạng di truyền hơn quần thể B.

B. Đúng. Sau khi phát tán, số lượng cá thể mang kiểu gene Bb của quần thể A giảm đi rõ rệt, trong khi đó, quần thể B lại được tăng sự đa dạng di truyền do sự phát tán mang lại → Sau khi phát tán, xu hướng quần thể A có thể giảm sự đa dạng di truyền hơn quần thể B.

C. Sai. Trước khi phát tán, quần thể A có sự đa dạng di truyền hơn quần thể B → Trước khi phát tán, nếu điều kiện môi trường thay đổi thì quần thể B dễ bị diệt vong hơn quần thể A.

D. Đúng. Trước khi phát tán, quần thể A chỉ biểu hiện kiểu hình trội; quần thể B chỉ biểu hiện kiểu hình lặn → Nếu chọn lọc tự nhiên chống lại kiểu hình trội xảy ra ở quần thể A thì quần thể A dễ bị diệt vong hơn quần thể B.

Đáp án A

I, II, III. Đúng.

IV. Sai. Vì sự hình thành loài mới cần có sự phát sinh các đột biến đây là nguyên liệu sơ cấp cho quá trình chọn lọc tự nhiên.

Đáp án B

B. Sai. Vượn người ngày nay không phải là tiên của loài người, vượn người ngày nay và loài người có chung một nguồn gốc tổ tiên.

Đáp án: 2

Theo lí thuyết, những loài chỉ sử dụng loài A làm nguồn thức ăn sẽ không còn tồn tại nếu loài A bị tiêu diệt → Có 2 loài gồm loài C và F.

Đáp án: 30

Mỗi vi khuẩn E. coli sau 5 lần nhân đôi sẽ tạo 2 phân tử DNA ở vùng nhân chứa N¹⁵(tương ứng với 2 mạch N¹⁵ của DNA mẹ ban đầu) và2⁵ – 2 =30 phân tử DNA ở vùng nhân chỉ chứa N¹⁴.

Đáp án: 6

Một tế bàosinh tinh nếu giảm phân không xảy ra hoán vị thì chỉ tạo được 2 loại giao tử, nếu giảm phân có hoán vị tạo ra được 4 loại giao tử. Vậy 2 tế bào sinh tinh như trên tối đa chỉ tạo ra 2 + 4 = 6 loại giao tử (thỏa mãn nhỏ hơn số loại giao tử của kiểu gene).

Đáp án: 21,8%

Tỉ lệ nhóm máu O = r² I^OI^O = 49% → r = I^O = 0,7.

Ta có: I^B = 2 I^A và I^B + I^A = 1 – I^O = 1 – 0,7 = 0,3 $\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}\text{=}2{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}\\ {\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}+{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}=0,3\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}=0,1\\ {\mathrm{I}}^{\mathrm{B}}=0,2\end{array}\right.$

Vậy tần số allele I^A, I^B, I^O lần lượt là 0,1; 0,2; 0,7.

Để 2 người có nhóm máu A có thể sinh con có nhóm máu O thì người có nhóm máu A phải có kiểu gene là I^AI^O.

→ Tỉ lệ kiểu gene I^AI^O trong quần thể là 2 × 0,1 × 0,7 = 0,14.

→ Tỉ lệ người có nhóm máu A (I^AI^A + I^AI^O) trong quần thể là 0,1² + 0,14 = 0,15.

→ Tỉ lệ người có kiểu gene I^AI^O trong số những người có nhóm máu A là $\frac{0,14}{0,15}=\frac{14}{15}\Rightarrow$Kiểu gene của cặp vợ chồng trên là $\frac{14}{15}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}\times \frac{14}{15}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{A}}.$

→ Xác suất để cặp vợ chồng có nhóm máu A này sinh con có nhóm máu O là:

$\frac{14}{15}\times \frac{14}{15}\times \frac{1}{4}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}{\mathrm{I}}^{\mathrm{O}}=21,8\mathrm{\%}.$

Đáp án: 16,5%

- P: thuần chủng $\Rightarrow$ F₁: $\frac{\mathrm{AB}}{\mathrm{ab}}\text{Dd}$.

- F₂: kiểu hình aabbD- = 12% $\Rightarrow$ kiểu hình D- ở F₂ sẽ là 75%.

$\Rightarrow$ Kiểu hình aabb = 12% : 75% =0,16=16%.

$\Rightarrow$ Kiểu hình A-B- = 50% + 16% = 66%.

$\Rightarrow$ Kiểu hình A-B-dd = 66% $\times$ 0,25 = 16,5%.

Vậy cây có kiểu hình thân cao, hoa đỏ, quả dài ở F₂ chiếm tỉ lệ 16,5%.

Đáp án: 0,748

Gọi N là số lượng cá thể của quần thể II. Theo bài ra thì số cá thể quần thể I là 3N.

→ Số lượng cá thể của quần thể II sau khi di - nhập cư: $0,25\times 3 \text{N}+0,8\times \text{N}$

→ Tần số allele A của quần thể II sau khi di - nhập cư:

$\mathrm{A}=\left[\right(0,8\times 0,25\times 3\mathrm{N})+(0,7\times 0,8\times \mathrm{N}\left)\right]:[0,25\times 3\mathrm{N}+0,8\times \mathrm{N}]=0,748.$