Dạng 1 : Tính số đồng phân cấu tạo của hợp chất hữu cơ

Chọn đáp án C.

 Ứng với công thức phân tử $C_3{H}_6$ có 2 đồng phân cấu tạo là :

Chọn đáp án D.

Cách 1 : Viết đầy đủ số đồng phân của các chất, từ đó rút ra kết luận

Suy ra : $C_3{H}_8$ có một đồng phân; $C_3{H}_{7}Cl$ có hai đồng phân; $C_3{H}_{8}O$ có 3 đồng phân; $C_3{H}_{9}N$ có 4 đồng phân. Vậy chất có nhiều đồng phân nhất là $\boxed{C_3{H}_{9}N}$

Cách 2 : Phân tích, đánh giá tìm nhanh đáp án đúng

Các hợp chất hữu cơ đều có 3 nguyên tử C, nên sự chênh lệch về số đồng phân giữa chúng không phụ thuộc vào số nguyên tử C và tất nhiên cũng không phụ thuộc vào số nguyên tử H. Số lượng đồng phân của các hợp chất hữu cơ phụ thuộc vào số nguyên tử còn lại trong hợp chất. N có hóa trị 3, có nhiều kiểu liên kết với các nguyên tử C hơn so với O có hóa trị 2 và Cl có hóa trị 1. Vậy hợp chất $\boxed{C_3{H}_{9}N}$ sẽ có nhiều đồng phân nhất.

Chọn đáp án D.

 Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Cách viết này mất nhiều thời gian hơn so với cách viết sau đây :

Cách 2 : Vẽ định hướng nhanh số đồng phân

Chọn đáp án C.

 Iso – pentan tác dụng với Cl₂ theo tỉ lệ mol 1 : 1 thì số sản phẩm monoclo tối đa thu được là $\boxed{4}$:

Chọn đáp án A.

$C_7{H}_{16}$ có 9 đồng phân:

Trong đó có $\boxed{4}$ đồng phân thỏa mãn điều kiện đề bài là : Đồng phân (5), (7), (8), (9).

Chọn đáp án C.

Hiđro hóa hoàn toàn hiđrocacbon X mạch hở, thu được isopentan, chứng tỏ X có 5 nguyên tử C, mạch cacbon có 1 nhánh và phân tử phải chứa liên kết $\pi$. Với đặc điểm cấu tạo như vậy, X sẽ có $\boxed{7}$ đồng phân:

Chọn đáp án C.

 Số đồng phân cấu tạo thỏa mãn điều kiện đề bài là $\boxed{3}$:

Chọn đáp án A.

Theo giả thiết, $C_5{H}_{10}$ phản ứng được với dung dịch brom. Mặt khác, độ bất bão hòa của nó bằng 1. Suy ra $C_5{H}_{10}$ có thể là anken hoặc xicloankan có vòng 3 cạnh. Có $\boxed{8}$ đồng phân cấu tạo của $C_5{H}_{10}$ thỏa mãn điều kiện đề bài:

Chọn đáp án B.

Cho isopren tác dụng với HBr theo tỉ lệ 1 : 1 về số mol thì tổng số đồng phân cấu tạo có thể thu được là $\boxed{6}$:

Chọn đáp án C.

Để phản ứng được với dung dịch $AgN{O}_3/N{H}_3$ thì $C_5{H}_8$ phải có liên kết ba ở đầu mạch. Có hai đồng phân cấu tạo thỏa mãn là:

Chọn đáp án D.

Các hiđrocacbon ở thể khí, phản ứng được với dung dịch $AgN{O}_3$ là những hiđrocacbon có số nguyên tử C nhỏ hơn hoặc bằng 4 và có liên kết ba ở đầu mạch. Có $\boxed{5}$ hiđrocacbon thỏa mãn điều kiện là:

$CH\equiv CH, CH\equiv C-C{H}_3, CH\equiv C-C{H}_2-C{H}_3, CH\equiv C-CH=C{H}_2, CH\equiv C-C\equiv CH$

Chọn đáp án B.

$C_3{H}_{6}C{l}_2$ tác dụng với dung dịch NaOH dư, đun nóng, tạo ra sản phẩm phản ứng được với $Cu{\left(OH\right)}_2$. Chứng tỏ sản phẩm tạo thành phải là anđehit hoặc ancol hai chức có hai nhóm –OH liền kề nhau. Suy ra $C_3{H}_{6}C{l}_2$ có $\boxed{2}$ đồng phân thỏa mãn với tính chất: $C{H}_3-C{H}_2-CHC{l}_2, C{H}_3-CHCl-C{H}_{2}Cl$

Sơ đồ phản ứng:

$\begin{array}{l}C{H}_3-C{H}_2-CHC{l}_2\stackrel{NaOH,t^o}{\to }C{H}_3-C{H}_2-\underset{-H_{2}O}{\underbrace{CH{\left(OH\right)}_2}}\stackrel{}{\to }C{H}_3-C{H}_2-CHO\\ C{H}_3-CHCl-C{H}_{2}Cl\stackrel{NaOH,t^o}{\to }C{H}_3-CHOH-C{H}_{2}OH\end{array}$

Chọn đáp án C.

Phân tử C₃H₅Br₃ có 5 đồng phân:

Chất Y sinh ra từ phản ứng của X với NaOH, có khả năng phản ứng với $Cu{\left(OH\right)}_2$, suy ra Y là ancol đa chức, có ít nhất hai nhóm –OH liền kề nhau hoặc Y là anđehit. Vậy X có $\boxed{3}$ đồng phân thỏa mãn tính chất là (2), (3), (5).

Sơ đồ phản ứng:

$\begin{array}{l}\underset{\left(2\right)}{\underbrace{CHB{r}_2-C{H}_2-C{H}_{2}Br}}\stackrel{NaOH,t^o}{\to }\underset{-H_{2}O}{\underbrace{CH{\left(OH\right)}_2}}-C{H}_2-C{H}_{2}OH\stackrel{}{\to }OHC-C{H}_2-C{H}_{2}OH\\ \underset{\left(3\right)}{\underbrace{CHB{r}_2-CHBr-C{H}_3}}\stackrel{NaOH,t^o}{\to }\underset{-H_{2}O}{\underbrace{CH{\left(OH\right)}_2}}-CHOH-C{H}_3\stackrel{}{\to }OHC-CHOH-C{H}_3\\ \underset{\left(5\right)}{\underbrace{C{H}_{2}Br-CHBr-C{H}_{2}Br}}\stackrel{NaOH,t^o}{\to }C{H}_{2}OH-CHOH-C{H}_{2}OH\end{array}$

Chọn đáp án D.

Hợp chất thơm $C_7{H}_{6}C{l}_2$ có $\boxed{10}$ đồng phân:

Chọn đáp án B.

Đặt công thức của X là $C_x{H}_{y}O$. Theo giả thiết, ta có:

$12x+y=3,625.16=58\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}x=4\\ y=10\end{array}\right.\Rightarrow X\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}là\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}{C}_4{H}_{10}O.$

Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Cách 2 : Vẽ định hướng nhanh số đồng phân

Chọn đáp án A.

 Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Cách 2 : Vẽ định hướng nhanh số đồng phân

Chọn đáp án D.

 Ancol bị oxi hóa không hoàn toàn bởi CuO sinh ra xeton, suy ra đó là các ancol bậc 2.

Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Cách 2 : Vẽ định hướng nhanh số đồng phân

Chọn đáp án B.

 Đặt công thức của ancol no X là $C_n{H}_{2n+2-b}{\left(OH\right)}_b$.

$Chọnm=18\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{n}_{H_{2}O}=1\\ n_{C_n{H}_{2n+2-b}{\left(OH\right)}_b}=\frac{18}{14n+2+16b}\end{array}\right.$

Theo giả thiết và bảo toàn nguyên tố H, ta có:

$(2n+2)n_{C_n{H}_{2n+2-b{\left(OH\right)}_b}}=2n_{H_{2}O}\Rightarrow \frac{(2n+2)18}{14n+2+16b}=2\Rightarrow 4b-n=4\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}n=4\\ b=2\end{array}\right.\Rightarrow X\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}là\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}{C}_4{H}_8{\left(OH\right)}_2.$

X có $\boxed{6}$ đồng phân là:

Chọn đáp án C.

 Theo giả thiết : X có khả năng hòa tan được $Cu{\left(OH\right)}_2$ ở nhiệt độ thường, chứng tỏ X là ancol đa chức, có 2 nhóm –OH liền kề nhau trở lên. Vậy số đồng phân của X là:

Chọn đáp án C.

 Để hòa tan được Cu(OH)₂ thì $C_4{H}_{10}{O}_3$ phải có ít nhất 2 nhóm –OH liền kề nhau. Suy ra C₄H₁₀O₃ có $\boxed{3}$ đồng phân

Chọn đáp án D.

 Theo giả thiết : $C_8{H}_{10}O$ có vòng benzen; tác dụng được với Na, không tác dụng được với NaOH. Chứng tỏ chúng là các ancol thơm. Số đồng phân cấu tạo thỏa mãn tính chất là $\boxed{5}$:

Chọn đáp án D.

Vì $\%O=\frac{M_O}{M_X}.100\%\Rightarrow M_X=\frac{M_O}{\%O}=\frac{16}{14,81\%}=108\Rightarrow X\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}là\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}{C}_7{H}_{8}O.$

X có $\boxed{5}$ đồng phân:

Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Cách 2 : Viết định hướng nhanh số đồng phân

Chọn đáp án C.

 Theo giả thiết, $C_7{H}_{8}O$ có vòng benzen và đều tác dụng được với NaOH nên chúng là các phenol. Số đồng phân thỏa mãn là $\boxed{3}$:

Chọn đáp án B.

 Ứng với công thức $C_7{H}_{8}O$ có $\boxed{5}$ đồng phân là dẫn xuất của benzen trong đó có $\boxed{3}$ đồng phân phenol đều phản ứng được với các chất $K, KOH và {(CH}_{}$₃CO)2O.

Chọn đáp án A.

 Theo giả thiết : X phản ứng được với dung dịch NaOH theo tỉ lệ mol 1 : 1, chứng tỏ X có 1 nhóm –OH phenol (nhóm –OH gắn vào vòng benzen); X phản ứng với dung dịch $B{r}_2$ tạo ra dẫn xuất tribrom, chứng tỏ các vị trí 2, 4, 6 trên vòng benzen (so với vị trí số 1 có nhóm –OH) phải còn nguyên tử H. Vậy X có $2$ đồng phân là:

Chọn đáp án B.

 X có công thức là $C_8{H}_{10}O$, tác dụng được với NaOH, chứng tỏ X là phenol. X tác dụng được với dung dịch $B{r}_2$ cho Y có công thức phân tử là $C_8{H}_{8}OB{r}_2$, chứng tỏ có hai nguyên tử H trên vòng benzen bị thay thế bởi 2 nguyên tử Br. Suy ra đã có một vị trí chẵn trên vòng benzen (so với nhóm –OH ở vị trí số 1) liên kết với gốc ankyl. Vậy X có $\boxed{5}$ công thức cấu tạo thỏa mãn:

Chọn đáp án C.

 Hợp chất thơm $C_7{H}_8{O}_2$ phản ứng với NaOH theo tỉ lệ mol 1 : 1. Suy ra X chứa một nhóm –OH phenol (gắn trực tiếp vào vòng benzen). Nguyên tử O còn lại nằm trong chức –OH ancol hoặc chức ete. Vậy X có $\boxed{6}$ đồng phân:

Chọn đáp án A.

 Theo giả thiết, suy ra:

$n_C:n_H:n_O=\frac{21}{12}:2:\frac{8}{16}=1,75:2:0,5=7:8:2\Rightarrow Xcó CTPT\hspace{0.17em}làC_7{H}_8{O}_2.$

Phản ứng của X với Na, thu được $n_{H_2}=n_X$, chứng tỏ trong X có hai nguyên tử H linh động. Vậy X có 2 nhóm –OH.

X có $\boxed{9}$ đồng phân cấu tạo thỏa mãn là:

Chọn đáp án B.

 X là hợp chất thơm, X tác dụng với dung dịch $B{r}_2$, chứng tỏ X là phenol. Theo giả thiết, ta có:

$\left\{\begin{array}{l}\underset{X}{\underbrace{C_7{H}_{8}O}}\stackrel{B{r}_2}{\to }\underset{Y}{\underbrace{C_7{H}_{8-x}B{r}_{x}O}}\\ \%m_{Br/Y}=\frac{80x}{108+79x}=69,565\%\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}x=3\\ Y:C_7{H}_{5}B{r}_{3}O\end{array}\right.$

Suy ra các vị trí chẵn trên vòng benzen của X không có nhóm thế. Vậy Z là m – crerol.

Thật ra bài này có thể tư duy nhanh như sau : X là hợp chất thơm, X tác dụng với dung dịch $B{r}_2$, chứng tỏ X là phenol. Vậy loại ngay phương án C. Ở phương án A hoặc D, một vị trí chẵn 2 hoặc 4 trên vòng benzen có nhóm $C{H}_3-$ nên khi phản ứng với $B{r}_2$ sẽ cho sản phẩm có phần trăm khối lượng của Br như nhau. Vậy loại A và D (vì chỉ có một phương án đúng). Suy ra đáp án là B.

Chọn đáp án C.

 Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Cách 2 : Vẽ định hướng nhanh số đồng phân

Chọn đáp án A.

 Độ bất bão hòa của $C_3{H}_{6}O$ mạch hở bằng 1, chứng tỏ trong phân tử của nó phải có 1 liên kết $\pi$. Mặt khác, $C_3{H}_{6}O$ phản ứng với $H_2$ (Ni, $t^o$) sinh ra ancol nên suy ra : $C_3{H}_{6}O$ là ancol không no, đơn chức; anđehit hoặc xeton no, đơn chức. Có $\boxed{3}$ hợp chất thỏa mãn điều kiện là:

Chọn đáp án B.

 Theo giả thiết:

$Hợp chất hữu cơ + H_2 \stackrel{Ni,t^o}{\to }$

Suy ra : Hợp chất hữu cơ là ancol không no, bậc 2; xeton không no hoặc xeton no. Có $\boxed{5}$ hợp chất thỏa mãn là :

Chọn đáp án B.

 Số đồng phân este ứng với công thức phân tử $C_4{H}_8{O}_2$ là $\boxed{4}$:

Chọn đáp án C.

 Số đồng phân thỏa mãn là 3:

Chọn đáp án A.

 Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Cho glixerol phản ứng với hỗn hợp axit béo gồm C₁₇H₃₅COOH và C₁₅H₃₁COOH, số loại trieste được tạo ra tối đa là $\boxed{6}$:

Cách 2 : Tính nhanh số đồng phân bằng công thức

Có n axit béo khác nhau thì có thể tạo thành $\frac{n^2(n+1)}{2}$ chất béo khác nhau. Suy ra số loại chất béo khác nhau được tạo thành từ glixerol và hai loại axit béo khác nhau là: $\frac{2^2(2+1)}{2}=\boxed{6}$

Chọn đáp án B.

 Số trieste khi thủy phân đều thu được sản phẩm gồm glixerol, axit $C{H}_{3}COOH$ và axit $C_2{H}_{5}COOH$ là $\boxed{4}$:

Chọn đáp án D.

 Các hợp chất no, đơn chức, mạch hở có công thức phân tử $C_5{H}_{10}{O}_2$ là các axit cacboxylic và este no, đơn chức, mạch hở. Vì không có phản ứng tráng gương nên este không chứa gốc axit HCOO–. Vậy có $\boxed{9}$ hợp chất thỏa mãn tính chất là:

Chọn đáp án D.

 Ta có:$\left\{\begin{array}{l}{n}_{chất hữu cơ trong Y}=2n_{C_6{H}_{10}{O}_2}=0,16\\ \frac{n_{Ag}}{n_{chất hữu cơ trong Y}}=\frac{0,32}{0,16}=2\end{array}\right.\Rightarrow$ Cả hai sản phẩm trong Y đều tham gia phản ứng tráng gương.

Số đồng phân cấu tạo của X thỏa mãn là:

Chọn đáp án D.

 Tổng số đồng phân axit và este có công thức $C_4{H}_8{O}_2$ là $\boxed{6}$:

Chọn đáp án A.

 $C_2{H}_4{O}_2$ có $\boxed{3}$ hợp chất hữu cơ mạch hở là: $C{H}_{3}COOH, HCOOC{H}_3, HOC{H}_{2}CHO$

Chọn đáp án B.

 Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Số đồng phân cấu tạo của amin bậc một có cùng công thức phân tử $C_4{H}_{11}N$ là

Cách viết này mất nhiều thời gian hơn so với cách viết sau đây.

Cách 2 : Vẽ định hướng nhanh số đồng phân

Chọn đáp án A.

 Theo giả thiết, ta có :

$\%N=\frac{14}{12x+y+14}=23,73\%\Rightarrow 12x+y=45\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}x=3\\ y=9\end{array}\right.\Rightarrow C_x{H}_{y}N\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}là\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}{C}_3{H}_{9}N.$

Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

$C_3{H}_{9}N$có $\boxed{2}$ đồng phân amin bậc 1:

Cách 2 : Viết định hướng nhanh tổng số đồng phân

Chọn đáp án B.

 Ta có: $\left\{\begin{array}{l}{n}_{X\left(C_x{H}_{y}N\right)}=n_{HCl}=\frac{19,1-11,8}{36,5}=0,2\\ M_{C_x{H}_{y}N}=\frac{11,8}{0,2}=59\end{array}\right.\Rightarrow C_x{H}_{y}N\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}là\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}{C}_3{H}_{9}N.$

X có $\boxed{4}$ đồng phân:

Chọn đáp án D.

 Cách 1 : Viết cụ thể từng đồng phân

Cách 2 : Vẽ định hướng nhanh số các đồng phân

Chọn đáp án A.

 Có hai đồng phân thỏa mãn tính chất là :

Chọn đáp án C.

 Axit cacboxylic X phản ứng với chất Y tạo ra muối có công thức là $C_3{H}_9{O}_{2}N$, chứng tỏ Y là amin hoặc $N{H}_3$. Có 4 muối ứng với công thức $C_3{H}_9{O}_{2}N$ là:

Suy ra có 4 cặp chất X, Y thỏa mãn điều kiện trên là:

Chọn đáp án B.

 X tác dụng với dung dịch NaOH, thu được hỗn hợp khí đều có khả năng là xanh giấy quỳ tím ẩm. Chứng tỏ : X là muối amoni; hai khí là NH₃ và amin hoặc là 2 amin. Amin ở thể khí nên số nguyên tử C trong phân tử bằng 1 hoặc 2, nếu có 3 nguyên tử C thì phải là amin bậc 3.

Vì hai nguyên tử N đã nằm trong hai khí nên gốc axit trong X không thể chứa N. Mặt khác, gốc axit có 3 nguyên tử O, suy ra X là muối amoni của axit cacbonic, chứa gốc $C{O_3}^{2-}$ để liên kết với hai gốc amoni.

Số công thức cấu tạo của X thỏa mãn là $\boxed{3}$:

PS : Đối với câu hỏi này, học sinh trung bình và khá sẽ cảm thấy khó, còn học sinh giỏi thì lại làm ra đáp án là 5 vì cho rằng amin có 3 nguyên tử C có 3 đồng phân. Tuy nhiên, amin có 3 nguyên tử C thì chỉ có amin bậc 3 là ở thể khí ở điều kiện thường, các amin khác ở thể lỏng.

Chọn đáp án A.

 Cách 1 : Viết cụ thể các đồng phân

C₃H₇O₂N có $\boxed{2}$ đồng phân amino axit:

Cách 2 : Viết định hướng nhanh số đồng phân

Chọn đáp án C.

 Số đipeptit tối đa có thể tạo ra từ một hỗn hợp gồm alanin và glyxin là $\boxed{4}$:

Chọn đáp án D.

 Cách 1 : Viết đầy đủ các đồng phân

Có $\boxed{6}$ tripeptit khác nhau khi thủy phân đều thu được glyxin, alanin và phenylalanin :

● Cách 2 : Dùng công thức tính nhanh

Với n amino axit khác nhau sẽ tạo ra được n! n-peptit chứa đồng thời n gốc amino axit khác nhau. Suy ra : số tripeptit thủy phân đều thu được glyxin, alanin và phenylalanin là $3! = 3.2.1 =\boxed{6}$

Chọn đáp án A.

 Y có $\boxed{5}$ đồng phân:

Chọn đáp án C.

 Nếu X không chứa O thì công thức phân tử của X là $C_4{H}_8$ (M = 56). Nếu X có O thì công thức phân tử của X là $C_3{H}_{4}O$. X có cấu tạo mạch hở và làm mất màu nước brom nên X có $\boxed{6}$ công thức cấu tạo thỏa mãn:

Chọn đáp án D.

 Cả 4 trường hợp đều thỏa mãn, ví dụ:

$\begin{array}{l}1.X\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}là\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}C{H}_{3}C{H}_{2}C\text{OO}Na,Y\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}là\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}C{H}_{3}CHO,E\text{\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}là\hspace{0.17em}\hspace{0.17em}}C{H}_{3}C{H}_{2}COOCH=C{H}_2.\\ 2.X\hspace{0.17em}\mathrm{là}C{H}_{3}COONa,Y\hspace{0.17em}\mathrm{là}C{H}_2=CH-C{H}_{2}OH,E\hspace{0.17em}\mathrm{là}C{H}_{3}COOC{H}_{2}CH=C{H}_2.\\ 3.X\hspace{0.17em}\mathrm{là}HCOONa,Y\hspace{0.17em}\mathrm{là}C{H}_{3}COC{H}_{2}C{H}_3,E\hspace{0.17em}\mathrm{là}HCOOC\left(C_2{H}_5\right)=C{H}_2.\\ 4.X\hspace{0.17em}\mathrm{là}C{H}_2=CHCOONa,Y\hspace{0.17em}\mathrm{là}{C}_2{H}_{5}OH,E\hspace{0.17em}\mathrm{là}C{H}_2=CH-COOC{H}_{2}C{H}_3.\end{array}$