Bộ đề thi thử môn Hóa THPT Quốc gia năm 2022 có lời giải (Đề 3)

Ăn mòn điện hóa xuất hiện khi có cặp cực tiếp xúc với nhau và cùng tiếp xúc với môi trường điện ly.

$\to$ Chọn $CuS{O}_4$ (Cặp Ni-Cu) và AgNO₃ (Cặp Ni-Ag).

$n_{P_2{O}_5}=0,015\to n_{H_{3}P{O}_4}=0,03$

$n_{NaOH}=0,08$

 $n_{H_{3}P{O}_4}<n_{NaOH}<3n_{H_{3}P{O}_4}$ nên H₃PO₄ và OH^- đều hết.

$\to n_{H_{2}O}=n_{O{H}^{-}}=0,08$

Bảo toàn khối lượng:

$m_{H_{3}P{O}_4}+m_{NaOH}\to$ m muối $+m_{H_{2}O}$

$\to$ m muối = 4,7 gam.

 $\to M_X=59:C_3{H}_{9}N$ (X có 9H)

HNO₃ dư nên sản phẩm là Fe³⁺

Bảo toàn electron $\to n_{Fe}=n_{NO}=0,2$

$n_X=n_{C{H}_{3}OH}=0,12$

$\to M_X=88:C_4{H}_8{O}_2$

Loại ngay B, D vì không sinh ra chất hữu cơ ở dạng hơi.

Theo hình vẽ thì chất hữu cơ Y được sinh ra ở dạng hơi và ngưng tụ lại trong cốc đựng nước đá

$\to$ Nhiệt độ hóa lỏng không quá thấp.

$\to$ Phản ứng phù hợp:

$C{H}_{3}COOH+C_2{H}_{5}OH\rightleftarrows C{H}_{3}COO{C}_2{H}_5+H_{2}O.$

$\begin{array}{l}Akin+2H_2\to Ankan\\ 0,\mathrm{1.......0},2\end{array}$

$\to m_{H_{2}O}$ đốt ankan = $0,2.18+3,6=7,2$ gam

(a) Sai, $Mg+FeC{l}_3$ dư $\to MgC{l}_2+FeC{l}_2$

(b) Sai, $Ba+H_{2}O\to Ba{\left(OH\right)}_2+H_2$

$Ba{\left(OH\right)}_2+CuS{O}_4\to Cu{\left(OH\right)}_2+BaS{O}_4$

(c) Đúng, $AgN{O}_3+FeC{l}_2\to Fe{\left(N{O}_3\right)}_3+AgCl+Ag$

(d) Đúng, cặp điện cực Fe-C

(e) Đúng, $Hg+S\to HgS$ (chất rắn, ít độc hơn và dễ thu gom)

(1) Sai, anilin không tan nên phân lớp.

(2) Sai, anilin có tính bazơ rất yếu, không làm đổi màu quỳ tím.

(3) Đúng: $C_6{H}_{5}N{H}_2+HCl\to C_6{H}_{5}N{H}_{3}Cl$ (tan)

(4) Đúng

(5) Đúng

(a) Đúng

(b) Đúng

(c) Đúng

(d) Đúng, do nhóm NH₂ hoạt hóa vòng thơm.

Các axit béo gọi chung là A. Các muối đều 18C nên X có 57C và A có 18C.

Số $C=\frac{n_{C{O}_2}}{n_E}=\frac{369}{14}\to n_X:n_A=3:11$

Trong phản ứng xà phòng hóa: $n_X=3e$ và $n_A=11e$

$\to n_{NaOH}=3.3e+11e=0,2\to e=0,01$

Quy đổi E thành ${\left(C_{17}{H}_{35}COO\right)}_3{C}_3{H}_5\left(3e\right),C_{17}{H}_{35}COOH\left(11e\right)$ và $H_2\left(-0,1\right)$

$\to m_E=57,74$

$\left(b\right)\left(c\right)\to X_1,X_2$ đều là các muối natri.

X₁, X₂ cùng C nên mỗi chất 2C $\to X$ là:

$C{H}_{3}COO-C{H}_2-COO-C_2{H}_5$

X₁ là CH₃COONa

X₂ là $HO-C{H}_2-C\text{OONa}$

X₃ là C₂H₅OH

X₄ là CH₃COOH

X₅ là HO-CH₂-COOH

X₆ là CH₃CHO

>> Lập hệ khối lượng kim loại (11,6 gam) và khối lượng 2 oxit kim loại (16 gam) tính được:

$n_{Fe}=0,15\&n_{Cu}=0,05$

>> Lập hệ tổng khối lượng chất rắn (KNO₂ & KOH dư) 41,05 gam và tổng số mol (0,5 mol, bằng KOH ban đầu) tính được:

$n_{KN{O}_2}=0,45\&n_{KOH}$ dư = 0,05

$n_{HN{O}_3}=0,7$

Bảo toàn $N\to n_N$ thoát ra ở khí $=0,7-0,45=0,25$

Nhận thấy $n_{KN{O}_3}=n_{KN{O}_2}<3n_{Fe}+2n_{Cu}\to$ Tạo ra cả muối Fe³⁺ (a) và $F{e}^{2+}\left(b\right)\to HN{O}_3$ đã hết.

$n_{Fe}=a+b=0,15$

$n_{KN{O}_2}=3a+2b+2n_{Cu}=0,45$

$\to a=0,05$ và b = 0,1

Phần khí quy đổi thành N (0,25) và O (u mol)

Bảo toàn electron:

$3a+2b+2n_{Cu}+2u=5n_N\to u=0,4$

$m_{ddZ}=$ m kim loại + $m_{ddHN{O}_3}-m_N-m_O=89,2$

Dung dịch Z chứa 3 muối $Fe{\left(N{O}_3\right)}_3\left(0,05\text{ mol}\right)$ và $Fe{\left(N{O}_3\right)}_2\left(0,1\text{ mol}\right)$ và $Cu{\left(N{O}_3\right)}_2\left(0,05\text{ mol}\right)$

$C\%Fe{\left(N{O}_3\right)}_3=13,57\%$

C%Fe(NO₃)₂ = 20,18%

$C\%Cu{\left(N{O}_3\right)}_2=10,54\%$

$n_{H_2}=0,08\to n_{NaOH}=n_Z=0,16\to n_O\left(E\right)=0,32$

Đốt $E\to n_{C{O}_2}=u$ và $n_{H_{2}O}=v$

$\to u-v=0,08.2$

$m_E=12u+2v+0,32.16=14,88$

$\to u=0,72$ và v = 0,56

Quy đổi E thành HCOOH (a), (COOH)₂ (b), CH₃OH (0,16), H₂O (-0,16), CH₂ (c) và H₂ (-0,12)

$n_{NaOH}=a+2b=0,16$

$n_{C{O}_2}=a+2b+0,16+c=0,72$

$n_{H_{2}O}=a+b+0,16.2-0,16+c-0,12=0,56$

$\to a=0,08;b=0,04;c=0,4$

$\to n_X=b=0,04$ và $n_Y=a=0,08$

Đốt X hoặc Y đều có $n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}=0,08$ nên X có k = 3 và Y có k = 2

X dạng $\left(C{H}_3-OOC-COO-C{H}_2-CH=C{H}_2\right).rC{H}_2$

Y là $C{H}_3-COO-C{H}_2-CH=C{H}_2$

Muối gồm $C{H}_2{\left(COONa\right)}_2\left(0,04\right)$ và $C{H}_{3}COONa\left(0,08\right)$

$n_N=2n_{N_2}=0,06$

$n_{NaOH}=n_N+n_Y=0,1\to n_Y=0,04\to n_X=0,02$

Quy đổi E thành $C_2{H}_{3}ON\left(0,06\right),C{H}_2\left(x\right),H_{2}O\left(0,02\right),O_2\left(0,04\right)$

$n_{O_2}=0,06.2,25+1,5x=0,515+0,04$

$\to x=0,28$

 $\to m_E=8,98$ gam

$n_{C{O}_2}=a=0,06.2+x=0,4$

$n_{H_{2}O}=b=0,06.1,5+x+0,02=0,39$

$n_{C_2{H}_{5}OH}=n_Y=0,04$

Bảo toàn khối lượng:

$m_E+m_{NaOH}=$ m muối $+m_{C_2{H}_{5}OH}+m_{H_{2}O}$

$\to$m muối = 10,78

Số N của $X=\frac{0,06}{0,02}=3\to X$ là Gly-Ala-Val

$n_C=0,02.10+0,04C_Y\to C_Y=5$

CH₃OH và RCOOH phản ứng vừa đủ tạo este nên chúng cùng số mol

$\to n_{C{H}_{3}OH}=n_{RCOOH}=a$

$\to n_{H_2}=\frac{a}{2}+\frac{a}{2}=0,3$

$\to a=0,3$

$\to n_{RCOOC{H}_3}=0,3$

$\to R+59=\frac{25}{0,3}$

$\to R=\frac{73}{3}\to -C{H}_3\left(15\right)$ và –C₂H₅ (29)