Bộ 21 Đề kiểm tra Hóa 11 học kì 2 có đáp án (đề 4)

Chọn B

C6H5– CH3+ 2KMnO4 →C6H5– COOK + 2MnO2+ KOH + H2O0,025                                            0,025              mol

m _{kali benzoat} = 0,025.160 = 4 gam.

Chọn B

Trường hợp 1: anđehit là HCHO

HCHO + 4AgNO3+ 6NH3+ 2H2O →NH42CO3+ 4Ag + 4NH4NO30,05                            ←                                                                  0,2             mol

Theo phương trình n_HCHO  = 0,05 mol

→ m_HCHO = 0,05.30 = 1,5 gam ≠ 5,6 gam

Vậy trường hợp 1 không thỏa mãn.

Trường hợp 2: anđehit khác HCHO, đặt anđehit là RCHO (đk: R ≠ 1)

→ m_RCHO  =  5,60,1=56⇔R+29=56⇔R=27.

Vậy R là – CH= CH₂; anđehit là CH₂ = CH – CHO.

Chọn D

CH₃COOH + Br₂ → không phản ứng

CH₂ = CH – COOH + Br_{2 (vàng nâu)} → CH₂Br – CHBr – COOH _{(không màu)}

Chọn C

2C₆H₅OH + 2Na → 2C₆H₅ONa + H₂

C₆H₅OH + NaOH → C₆H₅ONa + H₂O

Chọn B

CH3−CH−CH2−CH3→xt,t0CH3−CH=CH−CH3CH2=CH−CH2−CH3+H2O               OH 

Chọn C

C₆H₅ – CH₃ + Br_{2 (dd)} → không phản ứng.

C₆H₅ – CH = CH₂ + Br_{2 (vàng nâu)} →C₆H₅ – CHBr – CH₂Br _{(không màu)}.

Chọn B

Nhận định (1) và (4) đúng.

Nhận định (2) sai vì ankin cũng thuộc loại hiđrocacbon không no, cũng có hai liên kết pi.

Nhận định (3) sai vì ankin cũng có khả năng cộng hợp với hai phân tử hiđro.

Chọn B

Đặt công thức tổng quát của hai anđehit no, đơn chức, hở là  Cn¯H2n¯O

     Cn¯H2n¯O+3n¯−12O2→n¯ CO2+n¯ H2O                                   0,07mol  

→ 1,4614.n¯+16=0,07n¯⇔n¯=2,33.

Vậy hai anđehit là C₂H₄O và C₃H₆O hay CH₃CHO và C₂H₅CHO.      

Chọn A

C2H5OH →C2H4+ H2O0,225     ←   0,225         mol

Hiệu suất phản ứng là:

 H=mancol pumancol bd.100=0,225.4613,8.100=75(%).

Chọn B

Với các chất có cùng số nguyên tử C, nhiệt độ sôi: axit > ancol > anđehit > hiđrocacbon.

Chọn A

Hexan: CH₃(CH₂)₄CH₃

But – 2 – en: CH₃ – CH = CH–CH₃

_­But – 1 – in: CHC  – CH₂ – CH₃

Buta – 1,3 – đien: CH₂ = CH – CH = CH₂

Chọn A

CH3COOH + C2H5OH→ CH3COOC2H5+ H2O0,1                     0,13

Nếu H = 100% → CH₃COOH hết, vậy n_este tính theo n_axit.

Theo PTHH, n_este = n_axit = 0,1 mol

Do H = 80% nên n_este = 0,1.80% = 0,08 mol ; m_este = 0,08.88 = 7,04 (gam).

Chọn A

Ta có :  nankan=nH2O−nCO2⇔nCO2=nH2O−nankan=6,318−0,1=0,25 (mol)

CO2+ BaOH2→ BaCO3↓ + H2O0,25                               0,25           mol

m↓ = 0,25.197 = 49,25 gam.

Chọn A

2 – metylbutan – 2 – ol:                   OHC1H3−C2−C3H2−C4H3                 CH3

Ancol này là ancol bậc III nên không bị oxi hóa bởi CuO, t⁰.

Chọn B

Đặt CTTQ của axit là: RCOOH

RCOOH + NaOH → RCOONa + H2O  1,8R+45                                        2,46R+67                         mol   

Có n_axit = n_ancol

⇔1,8R+45=2,46R+67⇔R=15. Vậy axit là CH₃COOH.

Chọn C

Hợp chất thuộc dãy đồng đẳng của benzen là: C_nH_2n-6 (n ≥ 6)

Nhận thấy stiren: C₈H₈ không thỏa mãn công thức chung.

Vậy các chất thuộc dãy đồng đẳng của benzen là:

(1) Toluen; (2) etylbenzen; (3) p–xilen; 

Chọn B

X thuộc dãy đồng đẳng của benzen. Đặt CTPT của X: C_nH_2n-6 (n ≥ 6)

CnH2n−6+ O2→ n CO2+ n – 3 H2O    0,01                  0,01 .n        n – 3.0,01      mol      

Có  44.0,01n + 18.(n – 3).0,01 = 4,42 → n = 8.

Vậy CTPT của X là C₈H₁₀.

Chọn C

Chọn C

C₆H₅ – CH₂ –OH là ancol thơm.

Chọn A

2 – metylpropan và butan là đồng phân của nhau nên có cấu tạo hóa học khác nhau.

Chọn D

Chọn B

Đặt CTPT của A là C_nH_{2n – 2} (n ≥ 2)

CnH2n – 2 + O2→ n CO2+ n – 1 H2O                                                                                 2                   1            mol

 →2n=1n−1⇔n=2.Vậy A là C₂H₂.

Chọn B

Cho hỗn hợp X phản ứng với NaOH chỉ có C₆H₅OH phản ứng.

C6H5OH + NaOH →C6H5ONa + H2O0,2 →            0,2               mol

 %mC6H5OH=0,2.9428,9.100=65,05(%).

Chọn A

Ta có:nCO2=5,622,4=0,25(mol) < nH2O=6,318=0,35 (mol)

Vậy hai hiđrocacbon thuộc dãy đồng đẳng ankan.

Đặt CTPT tổng quát của 2 ankan là:  Cn¯H2n¯+2

nankan=nH2O−nCO2=0,35−0,25=0,1 (mol)n¯=nCO2nankan=0,250,1=2,5

Vậy 2 ankan là C₂H₆ và C₃H₈.             

Chọn B

Đặt CTPT tổng quát của 2 ankan là:Cn¯H2n¯  

Cn¯H2n¯ + Br2→Cn¯H2n¯Br20,06 ←0,06         mol  

M_anken = 14n¯=3,150,06=52,5⇔n¯=3,75.

Vậy 2 anken là C₃H₆ (x mol) và C₄H₈ ( y mol)

Theo bài ra ta có hệ phương trình:

 x+y=0,0642x+56y=3,15⇔x=0,015y=0,045

Thể tích của C₃H₆ là 0,015.22,4 = 0,336 lít

Thể tích của C₄H₈ là 0,045.22,4 = 1,008 lít.

Chọn D

m_Br2 = 200.20% = 40 (g) → n_Br2 =  40160=0,25(mol)

Đặt X là C_nH_2n (n ≥ 2)

CnH2n+ Br2→ CnH2nBr20,25 ← 0,25         mol

M_x = 14n = 10,50,25=42⇔n=3. Vậy X là C₃H₆.

Chọn B

CH ≡ CH + H₂O →HgSO4;H2SO4 CH₃CHO

Chọn C

                                                                     CH3                                                             |C7H3─C6H2─C5H2 ─C4H ─ C3 ─CH3                                                                                                   CH3               C2H2−C1H3    

3, 3, 4 – trimetylheptan.       

Chọn D

C₅H₁₂ có 3 đồng phân CH₃ – CH₂ – CH₂ – CH₂ – CH₃;

CH₃ – CH (CH₃) – CH₂ – CH₃;                  CH3CH3– C– CH3                  CH3.

Chọn C