Bài tập về Este - Lipit cực hay có lời giải chi tiết (P5)

Chọn đáp án C

E + NaOH$\to$X (hai muối) + H₂O

     Quan sát: bảo toàn Na có $n_{NaOH}=0,08$ mol; bảo toàn khối lượng có $m_X=7,32$ gam.

Trong phản ứng thủy phân, bảo toàn khối lượng ta có $m_{H_{2}O}$_{thủy phân} = 0,72 gam$\iff$ 0,04 mol.

Bảo toàn các nguyên tố C, H, O tìm ra số mol chúng trong X, sau đó tiếp tục bảo toàn tìm ra số lượng

Tỉ lệ số C : số H : số O = 7 : 5 : 2 cho biết công thức phân tử của E dạng (C₇H₅O₂)_n (với n là số chẵn).

“Giả thiết chữ”: X chứa 2 muối, $n\ge 2$ cho biết E có ít nhất hai chức $\to$ thỏa mãn chỉ có thể là este của axit hai chức và phenol mà thôi

$\to$ cấu tạo của este E là (COOC₆H₅)₂ (*)

$\to$ 7,32 gam hỗn hợp muối X gồm 0,02 mol (COONa)₂ và 0,04 mol C₆H₅Ona.

$\to$ Yêu cầu: %m_{muối có khối lượng phân tử nhỏ hơn trong X} = $\%m_{C_6{H}_{5}ONa trong X}$_{trong X} = $\frac{0,04.116}{7,32}.100\%\approx 63,38\%$

@ Nhận xét: ở (*): nếu E có dạng “este nối” RCOOR'COOR'' tạo ít nhất 3 muối nếu không sinh ancol còn tại sao E chỉ có 2 chức?

Để ý rằng E có dạng (COOC₆H₅)_n nên nếu $n\ge 4$ thì sẽ không có thêm 1 nguyên tử cacbon nào khác liên kết giữa các gốc COOC₆H₅ được.                                      

Chọn đáp án A

« Phản ứng thủy phân: 0,3 mol E + 0,7125 mol NaOH $\to$3 muối + 2 ancol.

Đặt $n_R=x$ mol; $n_Q=y$ mol ta có: $n_E=x+y=0,3$ mol và  $n_{NaOH}=2x+3y=0,7125$mol.

$\to$ giải hệ có: x= 0,1875 mol; y= 0,1125 mol $\Rightarrow n_R:n_Q=5:3$.

« Phản ứng đốt cháy: 6,808 gam E + O₂$\stackrel{t^o}{\to }$0,324 mol CO₂ + ? mol H₂O.

Với tỉ lệ mol xác định được ở trên, gọi số mol R là 5a thì tương ứng số mol Q là 3a.

Phân tích giả thiết chữ: R và Q lần lượt có dạng

.

Suy ra:  mol; n_cụm$O_4{H}_{-2}$= n_R = 5a mol; n_cụm$O_6{H}_{-10}$= n_Q = 3a mol.

Theo đó, $m_E=14.0,324+62.5a+86.3a=6,808 gam\Rightarrow a=0,04 mol$ 

Thay lại phản ứng đốt cháy có 0,02n+0,012m= 0,324 $\iff$ 5n+3m= 81.

¶ Điều kiện các nghiệm nguyên n, m: trong phản ứng thủy phân E + NaOH 

$\to$ 3 muối nhưng như cấu tạo để cho, Q chỉ sinh ra 1 muối $\to$ R sinh ra 2 muối $\Rightarrow n\ge 6; m\ge 12$ và m phải chia hết cho 3.

$\to$ Cặp (m; n) duy nhất thỏa mãn là n= 9 và m= 12 $\to$tương ứng este Q là (CH₂=CHCOO)₃C₃H₅

Và este R có dạng $\left(R_{1}COO\right)\left(R_{2}COO\right)C_3{H}_6$ (với $R_1+R_2=C_4{H}_9$).

Chú ý tỉ lệ: phần thủy phân: phần đốt cháy = 0,3: 0,032= 75/8 viết lại phản ứng thủy phân:

.

BTKL: m= 63,825+0,7125.40-0,3375.3.94-0,1875.76-0,1125.92= 36  

Chọn đáp án D

♦  Giải đốt m gam X + 0,21 mol O₂ $\stackrel{t^o}{\to }$ 0,18 mol CO₂ + 0,18 mol H₂O  → m= 4,44 gam.

Tương quan $n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}$ nên hỗn hợp X gồm 2 este no, đơn chức, mạch hở cùng dạng C_nH_2nO₂.

Bảo toàn nguyên tố O có $n_X= 0,06$ mol → n= 0,18 : 0,06= 3 → CTPT hai este là C₃H₆O₂.

Tương ứng với C₃H₆O₂ cũng chỉ có đúng 2 đồng phân este là HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH₃.

♦  Thủy phân: 4,44 gam X + 0,11 mol KOH → a mol CH₃COOK + b mol HCOOK + ....

Ta có a+b= 0,06 mol và $\sum _m$_{chất rắn khan} = 98a+84b+0,05.56= 7,98 gam.

Giải hệ đuợc a= 0,01 mol và b= 0,05 mol → a : b= 1 : 5.

Chọn đáp án A

« Nhận xét: dù là gốc oleic hay linoleic thì đều có đúng 18C và 2O

$\to$ công thức phân tử của triglixerit X có dạng C₅₇H_2nO₆.

Giải đốt cháy m gam C₅₇H_2nO₆ + 2,385 mol O₂ $\stackrel{t^o}{\to }$ 1,71 mol CO₂ + ? mol H₂O.

Theo đó, ta có $n_X= 1,71 : 57 =0,03 mol$ $\to n_{H_{2}O}=1,53$ mol (theo bảo toàn nguyên tố O).

Gọi k là số n trong X, ta có tương quan: .

Xét phản ứng với dung dịch Br₂, chỉ xảy ra phản ứng giữa $1{\mathrm{\pi }}_{\mathrm{C}=\mathrm{C}}+1{\mathrm{Br}}_2$ thôi.

Mà tổng 7$\mathrm{\pi }$ tính được trên gồm sẵn có 3$\mathrm{\pi }$ trong COO rồi → số ${\mathrm{\pi }}_{\mathrm{C}=\mathrm{C}}=4$.

Theo đó, số mol Br₂ phản ứng bằng 4.0,03= 0,12 mol → V= 0,12 lít $\iff$ 120 ml.

Chọn đáp án C

“Giả thiết chữ”: ancol hai chức là C₃H₆(OH)₂ và cũng chính là ancol tạo este.

→ Axit tạo este cùng với axit trong hỗn hợp đều đơn chức, no, mạch hở dạng C_nH_2nO₂.

Sơ đồ tỉ lệ phản ứng tạo este (este hóa); 2.axit + 1C₃H₆(OH)₂ $\to$1este + 2H₂O.

→ Quy đổi X về hỗn hợp gồm axit + ancol – H₂O → có ngay số mol axit lúc này là 0,1 mol.

Góc nhìn:

Đốt 0,09 mol X cần 0,48 mol O₂ thu 0,41 mol CO₂ + 0,4 mol H₂O

$\to$ Bảo toàn khối lượng có $m_X= 9,88$ gam; bảo toàn nguyên tố O ta có: $n_{O trong X}=0,26$ mol.

Biết số mol O trong X, quay lại góc nhìn → giải ra: $n_{ancol}=0,07$ mol và $n_{H_{2}O (*)}=0,08$ mol

$\Rightarrow m_{axit}=9,88+0,08.18-0,7.76=6$ gam, lại có số mol axit là 0,1 mol

Theo đó, trong phản ứng –COOH + KOH → ‒COOK + H₂O, ta dùng tăng giảm khối lượng:

m= 6+0,1.(39-1)= 9,8 gam.

Chọn đáp án C

Giả sử có x mol este X dạng $C_n{H}_{2m}{O}_4$ (n, m là các giá trị nguyên dương; $n\ge 5$).

« Giải đốt: x mol  $C_n{H}_{2m}{O}_4$ +0,3 mol O₂ $\stackrel{t^o}{\to }$ 0,5 mol (CO₂ + H₂O).

Ta có $n_{C{O}_2}=nx$ mol; $n_{H_{2}O}=mx$mol $\Rightarrow (n+m).x=0,5$mol.

Bảo toàn nguyên tố O: 2nx+mx= 4x+0,3.2 => (2n+m-4).x= 0,6

Rút gọn x ta có: 0,6(n+m) = 0,5(2n+m-4)=> 4n = m+20.

Thêm điều kiện $2m\le 2n-2 và n\ge 5\to chặn: 5\le n\le 6$ 

=>  ứng với n = 6; m = 4 là cặp nghiệm nguyên tỏa mãn yêu cầu!

→  Công thức phân tử của X là C₆H₈O₄: (được tạo bởi axit cacboxylic no và hai ancol)

=> cấu tạo X phù hợp là: CH₃OOC-COOCH₂CH=CH₂.

(tạo bởi axit oxalic (COOH)₂ và ancol metylic CH₃OH + ancol anlylic CH₂=CHCH₂OH).

« Giải thủy phân: 0,05mol X + 0,2mol NaOH → m gam rắn + …..

=> m gam rắn gồm 0,05mol (COONa)₂ và 0,1mol NaOH (dư) → m = 10,7 gam.

Chọn đáp án C

“Giả thiết chữ” → Z là ancol no, hai chức còn X, Y là các axit cacboxylic đơn chức.

Ancol Z có dạng R(OH)₂. Phản ứng với Na: R(OH)₂ + 2Na $\to$ R(ONa)₂ + H₂.

Theo đó, $n_Z=0,195 mol và m_Z=14,43+0,195.2=14,82 gam\to M_Z=76$ gam là ancol C₃H₆(OH)₂.

Giả sử hai axit X, Y có dạng $C_n{H}_m{O}_2$ → muối F dạng $C_n{H}_{m-1}{O}_{2}Na$.

Giải đốt: 0,3mol $C_n{H}_{m-1}{O}_{2}Na$ + 0,525mol O₂ $\stackrel{t^o}{\to }$ CO₂ + 0,15mol Na₂CO₃ + 0,3mol H₂O.

Bảo toàn nguyên tố oxi ta có .

Tỉ lệ phản ứng este hóa tạo T là 2 axit (X, Y) + 1 ancol (Z) → 1 este (T) + 2H₂O  (*)

Gọi số mol este là x → quy 29,145gam M = 0,3 mol C₂H₃O₂ + 0,195 mol C₃H₆(OH)₂ – 2x mol H₂O.

Theo đó, giải x = 0,09375 mol. Cũng từ (*), lắp công thức ancol, axit vào ta có:

2C₂H₃O₂ + C₃H₈O₂ $\to$ 1T + 2H₂O $\Rightarrow$ công thức phân tử T là C₇H₁₀O₄ (phân tử khối 158)

→ Yêu cầu $\%m_{este trong M}=\frac{0,09375.158}{29,145}.100\%\approx 50,82\%$.

Chọn đáp án A.

« Phân tích: $M_X=3,125.16=100\to$ ứng với công thức $C_5{H}_8{O}_2$ (este không no, có 1 nối đôi C=C).

Hỗn hợp E+KOH$\to$ hỗn hợp hai ancol có cùng số cacbon → ít nhất phải là ancol có 2C.

Theo đó, các este trong E đều có số C phải lớn hơn hoặc bằng 3 (nhỏ nhất có thể là $HCOO{C}_2{H}_5$).

Mà khi đốt 0,2 mol E → 0,7 mol CO₂, tức ${\stackrel{-}{C}}_{hỗn hợp E}=3,5$ nên phải có một este trong E có số C bằng 3;

đề cho $M_Y<M_X$ nên este Y chính là $HCOO{C}_2{H}_5$ => ancol tạo Z là  etylen glicol.

Thêm nữa, ancol tạo X phải đơn chức → là $C_2{H}_{5}OH$ → cấu tạo của X là $C{H}_2=CHCOO{C}_2{H}_5$.

Este Z no, thủy phân E chỉ thu được hai muối nên cấu tạo của Z phải là ${\left(HCOO\right)}_2{C}_2{H}_4\Rightarrow M_Z=118$.

Chọn đáp án B.

* Nhận xét: nếu Y là ancol hai chức, Y không phản ứng với Cu(OH)₂ → 2 nhóm OH không kề nhau.

→ Ít nhất Y phải là C₃. Y hai chức nên axit Z phải đơn chức. 6 = 4 + 1 + 1 nên Z là HCOOH

→ Không thỏa mãn vì khi đó cấu tạo của X là (HCOO)₂C₃H₆ có phản ứng tráng bạc.

Theo đó, Y là ancol đơn chức, Z là axit hai chức. Phân tích: 6 = 2 + 2 + 2 = 4 + 1 + 1.

→ số C của Y không quá 3 nên Y phải no, Y không tạo anken → chỉ có thể là CH₃OH (ancol metylic).

Theo đó, cấu tạo tưong ứng thỏa mãn của X là CH₃OOC−OC≡COOCH₃.

Quan sát lại X, Y, Z một lần nữa và phân tích các phát biểu, ta thấy:

A. sai. Như trên Z là HOOC−OC≡COOH không có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc.

C. sai. Chất Y là CH₃OH cùng dãy đồng đẳng với ancol etylic nhưng phân tử khối bé hơn nên nhiệt độ sôi của Y nhỏ hơn của ancol etylic.

D. sai. Phân tử chất Z có số nguyên tử hiđro là 2, nhỏ hơn số nguyên tử oxi là 4.

Chọn đáp án B

Tổng hợp cả quá trình phản ứng đốt cháy và thủy phân:

• Bảo toàn nguyên tố C phần sản phẩm cháy có: 0,54 = (x + y) + (0,22 + y - x) → y = 0,16 mol.

• Từ các phản ứng đốt có: mX = 7,28 + 64x gam; ∑m_NaOH = 12,8 + 80x gam; ∑m_ancol = 5,32 + 22x gam.

→ Bảo toàn khối lượng phản ứng thủy phân giải ra x = 0,12 mol.

→ Giải ancol có: 0,22 mol CH₃OH và 0,02 mol C₂H₅OH.

Mà hai este đều 2 chức, mạch hở và được tạo từ một ancol và một axit

→ Hỗn hợp X gồm 0,11 mol R(COOCH₃)₂ và 0,01 mol R'(COOC₂H₅)₂.

Từ m_rắn = 29,4 gam → 11R + R' = 52 → R = 0 và R' = 52 là gốc C₄H₄.

→ Tương ứng X gồm 0,11 mol (COOCH₃)₂ và 0,01 mol C₄H₄(COOC₂H₅).

→ %_{meste có phân tử khối nhỏ hơn trong X} = 0,11 × 118 : 14,96 × 100% ≈ 86,76%.

Chọn đáp án B

Phản ứng hiđrat hóa: Z $\underset{{170}^{o}C}{\overset{H_{2}S{O}_4}{\to }}$ C₂H₄ + H₂O cho biết ancol Z là ancol etylic C₂H₅OH → số $C_Y=4$

X + NaOH theo tỉ lệ 1 : 2 nên X có dạng C₂H_?(COOC₂H₅)₂

X + Br₂ cũng theo tỉ lệ 1 : 2 nên X có 2π → ? = 0 ứng với cấu tạo: C₂H₅OOC-C$\equiv$C-COOC₂H₅.

Tương ứng với cấu tạo của Y là NaOOC-C$\equiv$C-COONa. Theo đó:

þ A. đúng. Tỉ lệ số nguyên tử H trong X và Z tương ứng là 10 : 6 = 5 : 3

ý B. sai. Phân tử Y có không có nguyên tử H nào cả

þ C. đúng. Tỉ lệ số nguyên tử C trong X và Z tương ứng là 8 : 2 = 4 : 1

þ D. đúng. Phân tử X có 4 liên kết pi (gồm 2π trong hai liên kết C=O và 2π trong một liên kết ba C$\equiv$C)

Chọn đáp án B

« Giải đốt ancol hỗn họp ancol Y + O₂ $\stackrel{t^o}{\to }$0,16 mol CO₂ + 0,26 mol H₂O

X gồm các este đơn chức nên ancol Y cũng đơn chức, lại có $n_{H_{2}O}>n_{C{O}_2}$nên Y là ancol no.

Theo đó, tương quan đốt: $n_Y=n_{H_{2}O}-n_{C{O}_2}$= 0,1 mol $\to$C_{trung bình} = 1,6

$\to$đại diện cho Y là 0,1 mol ancol dạng C_1,6H_5,2O $\to m_Y$= 4,04 gam

« Giải thủy phân m gam X + 0,4 mol NaOH $\to$34,4 gam Z + 4,04 gam Y + ? gam H2O

Chú ý rằng các este đều đơn chức mà $n_{NaOH}>n_{ancol\to }$có một este của phenol

$\to$n _{este của phenol} = (0,4 – 0,1) : 2 = 0,15 mol $\to$$n_{H_{2}O}$= 0,15 mol $\to$ ? = 2,7 gam

Theo đó, bảo toàn khối lượng có: m = 34,4 + 4,04 + 2,7 – 0,4 × 40 = 25,14 gam

Chọn đáp án A.

Chỉ dựa vào giả thiết các chất X và Z có mạch cacbon phân nhánh → loại nhanh B, C, D.

→ đáp án A đúng hay không, chúng ta cùng kiểm tra:

• CH₂=C(CH₃)COOH + NaHCO₃ → CH₂=C(CH₃)COONa + CO₂↑ + H₂O →  chất X thỏa mãn.

• HCOOCH=CHCH₃ + NaOH → HCOONa + CH₃CH₂CHO.

Cả HCOONa và CH₃CH₂CHO đều có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc → chất Y thỏa mãn.

• CH₃CH(CHO)₂ là anđehit hai chức, không phản ứng được với Na → chất Z thỏa mãn.

 Chọn đáp án A.

« Giải đốt: 25,56 gam hỗn hợp H + 1,09 mol O₂ $\stackrel{t^o}{\to }$ 48CO₂ + 49H₂O + 0,02 mol N₂.

Bảo toàn khối lượng và tỉ lệ phản ứng trên giải ra:  

Bảo toàn nguyên tố O có $\sum _{n_{O trong H}}=0,72 mol$ mà este đơn chức $\to \sum _{n_{este}}=0,32 mol$.

Lại có $\stackrel{-}{C}=\frac{0,96}{0,36}=\frac{8}{3}\approx 2,667$. Thêm nữa $C_Z\ge 3\to$một este phải có 2C là HCOOCH₃.

=> Ancol duy nhất là CH₃OH, $n_{ancol}=n_{este}=0,28 mol$ 

« Phản ứng: {hỗn hợp H} + KOH $\to$ (muối + KOH dư) + ancol + H₂O.

Ta đã biết những gì? Xem nào: ;

Do đó, bảo toàn khối lượng ta có m= 25,56+0,432.56-0,04.18-10,24 = 38.792 gam 

@ Nhiều bạn đặt câu hỏi? Amino axit và este có cấu tạo như thế nào? Liệu có đủ giả thiết để tìm ra?

Lời khuyên nhỏ cho các bạn: cần tư duy linh hoạt, tập trung vào yêu cầu để định hướng các giả thiết → tìm ra đáp án. Nếu mải mê tìm kiếm este và amino axit trong trường hợp này sẽ là mất thời gian, và thử xem, bạn có tìm được amino axit là gì không?

Chọn đáp án D.

« Giải đốt X dưới góc nhìn nguyên tố:  

Bảo toàn nguyên tố O ta có: y+0,52.2= 2x+0,48$\to$ 2x-y= 0,56 .

Lại có 24,96 gam X + vừa đủ 0,42 mol NaOH $\to$ tương ứng trong 24,96 gam X chứa 0,42 mol COO

$\to$ lập tỉ lệ hai phần:  

Thay ngược lại: ứng với 0,2 mol ta có $m_X=16,64=\frac{24,96}{1,5}\to$tương ứng 24,96 gam X là 0,2 mol.

« Biện luận cấu tạo, dựa vào một số điểm đáng lưu ý sau để suy luận ra:

• Các axit có mạch cacbon không phân nhánh → este có không quá hai chức.

• Xét 24,96 gam X có 0,56.1,5= 0,84 mol C, số mol chức COO là 0,42

$\to$ số C còn lại trong gốc hiđrocacbon đúng bằng số mol nhóm chức.

$\to$ chỉ có đúng duy nhất 3 este là đơn chức hoặc đúng hai chức thỏa mãn được yêu cầu này

$\to$ Chúng gồm: HCOOCH₃; (HCOO)₂C₂H₄ và (COOCH₃)₂.

Bảo toàn khối lượng phản ứng thủy phân có .

Mặt khác, a gam muối T là HCOONa và b gam muối E là (COONa)₂ nên dùng bảo toàn nguyên tố Na

$\to$ ta có: $\frac{a}{68}+\frac{b}{134}.2=0,42\to \left\{\begin{array}{l}a=16,32\\ b=12,06\end{array}\right.$ 

Vậy, yêu cầu tỉ lệ a:b= 16,32 : 12,06 $\approx 1,353$ 

Chọn đáp án A

Este đơn chức chỉ có dạng HCOOR¹ $\stackrel{+AgN{O}_3/N{H}_3}{\to }$ 2Ag↓ (dạng ankyl fomat).

Giả thiết: n_Ag = 0,16 mol $\to n_{HCOO{R}^1}=0,08 mol$ $\to$ este còn lại dạng R²COOR³ có 0,07 mol.

* Phản ứng: 41,7 gam X + NaOH $\to$ 36,06 gam hỗn hợp muối + 23,64 gam hỗn hợp ancol.

$\to$ bảo toàn khối lượng có m_NaOH = 18 gam $\to$ n_NaOH = 0,45 mol.

Từ tỉ lệ hai este trong X $\to$ 41,7 gam X gồm 0,24 mol HCOOR¹ và 0,21 mol R²COOR³.

$\to$ 36,06 gam muối gồm 0,24 mol HCOONa và 0,21 mol R²COONa $\to$ R² = 27 là gốc CH₂=CH.

23,64 gam hỗn hợp ancol gồm 0,24 mol R¹OH và 0,21 mol R³OH.

$\to$ có phương trình nghiệm nguyên: 8R¹ + 7R² = 533 $\to$ $\left\{\begin{array}{l}{R}^2=29 \to C_2{H}_5\\ R^3=43 \to C_3{H}_7\end{array}\right.$ 

Vậy, 41,7 gam X gồm 0,24 mol HCOOC₂H₅ và 0,21 mol C₂H₃COOC₃H₇.

$\to$ %m_{este có phân tử khối nhỏ hơn trong X} = 0,24 x 74 : 41,7 x 100% $\approx$ 42,59%

Chọn đáp án A

Yêu cầu liên quan đến 10,81 gam E nên đồng nhất toàn bộ số liệu bằng cách chia 4 các giả thiết đầu.

Ta có: 10,81 gam hỗn hợp este E (đều đơn chức) + 0,15 mol NaOH $\to$ n_E = n_{COO trong E} = 0,15 mol

Giải đốt 10,81 gam E (0,15 mol) + O₂ $\to$ x mol CO₂ + y mol H₂O

Khi cho (CO₂ và H₂O) vào dung dịch Ca(OH)₂ dư $\to$ $△$m_{dung dịch giảm} = 56x – 18y = 17,25 gam.

Lại có m_E = 12x + 2y + 0,15 x 32 = 10,81 gam $\to$x = 0,435 mol và y = 0,395 mol

$\to$ tương quan đốt:  = n_Y + n_Z = 0,04 mol $\to$ n­_X = 0,11 mol.

Chú ý: Y, Z không no, có đồng phân hình học và thủy phân cho ancol nên số C_Y và C_Z  5.

(cấu tạo thỏa mãn cần số C ít nhất thỏa mãn là: HCOOCH₂CH=CHCH₃ hoặc CH₃CH=CHCOOCH₃)

$\to$ Chặn số số 2 $\le$ C_X $\le$ (0,435 – 0,04 x 5) : 0,11 = 2,136 $\to$ số C_X = 2 $\to$ X là HCOOCH₃

∙ Biện luận – phân tích giả thiết chữ: hai ancol đồng đẳng nên ancol còn lại rõ là C₂H₅OH

Thủy phân E chỉ cho hai muối mà một muối là HCOONa (no rồi)

$\to$ một muối còn lại phải là không no, có một nối đôi C=C và là axit tạo cùng este Y và Z

Rõ hơn, este Y là C_nH_2n-1COOCH₃ và Z là C_nH_2n-1COOC₂H₅ (→ Y, Z là đồng đẳng kế tiếp)

Đơn giản, tính lại số C_{trung bình của Y và Z} = ⁰,435 – 0,11 x 2) : 0,04 = 5,375

$\to$ C_Y = 5 và số C_Z = 6 $\to$ Y là CH₃CH=CHCOOCH₃ và Y là CH₃CH=CHCOOC₂H₅

Đọc yêu cầu bài tập, chỉ quan tâm tới lượng muối có phân tử khối lớn hơn trong F

$\to$ là 0,04 mol C₃H₅COONa $\to$ m_{yêu cầu} = 4,32 gam.

Chọn đáp án B.

* Giả thiết “chữ”: hai axit có mạch cacbon không phân nhánh nên axit đơn chức hoặc hai chức.

* Giải đốt 0,11 mol hai ancol no, đơn chức, mạch hở nặng 6,88 gam.

" Phân tích ancol về 0,11 mol H₂O + 0,35 mol CH₂     " số mol O₂ cần đốt là 0,525 mol.

Vì n_Y = n_X = 0,08 mol < 0,11 mol NaOH nên Y gồm este đơn chức và este hai chức.

Giải số mol hai muối trong Z là 0,05 mol axit đơn chức và 0,03 mol axit hai chức.

Đốt 0,08 mol X cần 0,72 mol O₂; đốt 0,17 mol H₂ cần 0,085 mol O₂ nên đốt Y cần 0,805 mol O₂.

Gọi số mol CO₂ và H₂O sinh ra khi đốt Y lần lượt là X và y mol:

• Bảo toàn nguyên tố O có: 2x +y = 0,805 × 2 + (0,05 × 2 + 0,03 × 4).

• Tương quan đốt có: x - y = n_{este hai chức} = 0,03.

Theo đó, x = 0,62 mol và y = 0,59 mol " BTKL có m_Y = 12,14 gam.

Sơ đồ thủy phân:

" Bảo toàn khối lượng ta có m_Z = 9,66 gam. Với các muối trong Z có dạng như trên, ta có phương

trình: 0,05 × (14n + 54) + 0,03 × (14m + 106) = 9,66 " 5n + 3m = 27.

Nhìn nhanh: n chia hết cho 3 nên n = 3, tương ứng m = 4 là cặp nghiệm nguyên thỏa mãn.

Theo đó, Z gồm 0,05 mol C₂H₅COONa và 0,03 mol C₂H₄(COONa)₂.

" Yêu cầu: %m_{muối có phân tử khối lớn hơn trong Z} = 0,03 × 162 : 9,66 × 100% $\approx$50,31%.

Chọn đáp án C.

* Thủy phân: 16,32 gam E + ? mol NaOH " 18,78 gam muối + ?? gam ancol Y + ??? gam H₂O.

Rút gọn E gồm: este thường dạng RCOOR' (a mol) và este của phenol dạng R"COOC₆H₄R"' (b mol).

Với tỉ lệ phản ứng thủy phân:

RCOOR' + NaOH " RCOONa + R'OH.

R"COOC₆H₄R'" + 2NaOH"R"COONa + R"'C₆H₄ONa + H₂O (*).

Rút ra từ các phương trình: Σn_{NaOH phản ứng} $=2n_{H_{2}O(*)} +n_{R\text{'}OH}=a+2b$

Lại có: a mol R'OH +Na $\to R\text{'}ONa+1/2H_2\left(khí\right)\to m_{ancol R\text{'}OH}$= m_bìnhtăng + $n_{H_2}$= (3,83 + a) gam.

Theo đó, bảo toàn khối lượng, ta có: 16,32 + (a + 2b) × 40 = 18,78 + (3,83 + a) + 18b      (1)

Mà n_E = a + b = 16,32 : 136 = 0,12 mol                                                                  (2)

Giải hệ (1) và (2) được a = 0,05 mol và b = 0,07 mol

" n_{NaOH phản ứng} = a + 2b = 0,19 mol " V = 0,19 lít tương ứng 190 ml.

Chọn đáp án A

Giải đốt 5,3 gam $M +?O_2\stackrel{t^o}{\to }0,28 mol C{O}_2+0,17 mol H_{2}O$ 

Bảo toàn khối lượng có $n_{O_2}$ cần đốt là 0,315 mol $\to n_M=00,05 mol$ (do các este đều đơn chức).

« Thủy phân: 5,3 gam M+ 0,07 mol NaOH => m gam hai muối + ancol T + chất hữu cơ Q.

Nhận xét: $n_M<n_{NaOH}$ nên M chứa este của phenol  =>  n_{este của phenol} = 0,07-0,05= 0,02 mol.

Để chỉ thu được hai muối thì Z là este của phenol và X, Y là hai este đồng phân thuộc loại este “thường”.

Gọi số $C_Z=a$ và $C_X=C_Y=b$ (a, b nguyên) ta có 0,03b+0,02a= 0,28 => 2a+3b= 28

Giải phương trình nghiệm nguyên với điều kiện $a\ge 8; b\ge 3 ta có a=8 và b=4$.

Tương ứng, hỗn hợp M gồm:

=> m gam muối gồm $\left\{\begin{array}{l}0,02 mol C{H}_3{C}_6{H}_{4}ONa\\ 0,05 mol HCOONa \end{array}\right.\to m=6 \left(g\right)$ 

Chọn đáp án A

Este etyl axetat là chất lỏng, không tan trong nước hay các dung môi phân cực như dung dịch H₂SO₄, dung dịch NaOH nên sau bước 1, chất lỏng trong cả 3 ống nghiệm đều phân thành hai lớp.

$\to$ phát biểu (d) sai, phát biểu (e) đúng.

Ở bước 2, xảy ra phản ứng thủy phân este ở hai ống nghiệm chứa axit và kiềm:

Ở ống nghiệm còn lại, phản ứng este hóa không xảy ra $\to$ Phát biểu (g) sai.

Kết thúc bước 3, như phân tích trên thì ống nghiệm chỉ có nước cất và etyl axetat thì chất lỏng vẫn phân hai lớp; ống nghiệm chứa axit H₂SO₄ do phản ứng xảy ra thuận nghịch, sau phản ứng vẫn còn este dư nên chất lỏng cũng phân lớp; chỉ có ống nghiệm chứa kiềm thu được muối CH₃COONa nên thu được dung địch đồng nhất$\to$ có 2 ống nghiệm chất lỏng phân lớp, 1 ống nghiệm đồng nhất.

$\to$Các phát biểu (a), (b). (c) đều sai.

Theo đó, chỉ có duy nhất một phát biểu đúng.

Chọn đáp án D

Xem 12,22 gam E gồm:

CH₂=C(CH₃)COOCH₂-C=CH (C₇H₈O₂, a mol)

CH₂=CHCH₂OOC-CH=CH-COOCH₃ (C₈H₁₀O₄, b mol) và CH₂ (c mol).

Ta có các phương trình: $m_E=124a+170b+14c=12,22 gam$ và khi đốt: $\sum _{n_{H_{2}O}}=4a+5b+c=0,37 mol$ 

Lại có tỉ lệ phản ứng thủy phân: 0,36 mol E cần 0,585 mol NaOH.

Theo đó, giải hệ các phương trình trên được a= 0,03 mol; b= 0,05 mol và c= 0 mol

$\to$ không có CH₂ ghép vào$\to$ hỗn hợp E gồm: CH₂=C(CH₃)COOCH₂-C=CH (0,03 mol)

và CH₂=CHCH₂OOC-CH=CH-COOCH₃ (2 đồng phân hình học của nhau, tổng 0,05 mol)

$\to$ m₁ gam hai ancol là 0,03 mol $HC\equiv C-C{H}_{2}OH$ và 0,05 mol$C{H}_2=CHC{H}_{2}OH$ $\to m_1= 4,58 gam$ 

$\to$ m₂ gam một ancol no là 0,05 mol CH₃OH tương ứng $m_2=1,6 gam$.

Theo đó, yêu cầu tỉ lệ $\frac{m_1}{m_2}=\frac{4,58}{1,6}=2,8625$ 

Đáp án D

Xem 12,22 gam E gồm: CH₂=C(CH₃)COOCH₂C=CH (C₇H₈O₂, a mol);

                                  CH₂=CHCH₂OOC-CH=CH-COOCH₃ (C₈H₁₀O₄, b mol) và CH₂ (c mol)

Ta có các phương trình: $m_E=124a+170b+14c=12,22$ gam và khi đốt: $\sum _{n_{H_{2}O}}=4a+5b+c=0,37 mol$

Lại có tỉ lệ phản ứng thủy ngân: 0,36 mol E cần 0,585 mol NaOH.

Theo đó, giải hệ phương trình trên được a = 0,03 mol; b = 0,05 mol và c = 0 mol.

® không có CH₂ ghép vào ® hỗn hợp E gồm: CH₂=C(CH₃)COOCH₂-C=CH (0,03 mol) và CH₂=CHCH₂OOC-CH=CH-COOCH₃ (2 đồng phân hình học của nhau, tổng 0,05 mol)

® m₁ gam hai ancol là 0,03 mol HC=C-CH₂OH và 0,05 mol CH₂=CHCH₂OH ® m₁ = 4,58 gam

® m₂ gam một ancol no là 0,05 mol CH₃OH tương ứng m₂ = 1,6 gam.

Theo đó, yêu cầu tỉ lệ .

Đáp án C

n_E = 0,12 mol

Gọi n_Ancol = x; n_Phenolat = y; n_RCOONa = 0,12

Klg rắn tăng 3,83 gam => m_Ancol – $m_{H_2}$ = 3,83 => m_Ancol = 3,83 + x

=> 16,32 + 40.(0,12 + y) = 3,83 + x + 18,78 + 18y

=> x = 0,05; y = 0,07 => n_NaOH = 0,19 => V = 190

Đáp án A

n_E = 0,11 mol => n_O = 0,44 $\Rightarrow n_{C{O}_2}=0,43; n_{H_{2}O}=0,32\Rightarrow n_E=n_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}$

=> X, Y, Z, T đều no, hai chức.

Số C trung bình của E = 3,9 => Có chất < 4C.

Nếu Y và Z đều < 4C thì Z là (HCOO)₂-CH₂ => T là C₄H₆O₄ => (COOCH₃)₂

Không tạo được 3 ancol => không thỏa mãn => Y và Z phải ≥ 4C => X có số C < 4

Để thỏa mãn các dữ kiện cấu tạo thì X là CH₂-(COOH)₂; Y là C₂H₄-(COOH)₂

Z là (HCOO)₂-C₂H₄; T là CH₃-OOC-COO-C₂H₅

Để 3 ancol có số mol bằng nhau thì n_T = 0,02, n_Z = 0,02

=> n_X = 0,03; n_Y = 0,04 => m_Y-Na = 6,48 gam

Đáp án A

$C{H}_{3}COO{C}_6{H}_5+2NaOH\to C{H}_{3}COONa+C_6{H}_{5}ONa+H_{2}O$ 

        x................ 2x.................. x.............. x........ x

$C_6{H}_{5}COOC{H}_3+NaOH\to C{H}_{3}OH+C_6{H}_{5}COONa$ 

        y.............. y................ y

$HCOOC{H}_2{C}_6{H}_5+NaOH\to HCOONa+C_6{H}_{5}C{H}_{2}OH$

        z.................. z.....................................z

$C_2{H}_{5}OOC-COO{C}_6{H}_5+3NaOH\to NaOOC-COONa+C_6{H}_{5}ONa+C_2{H}_{5}OH+H_{2}O$ 

               t.......................... 3t...................................................................t......... t

- n_NaOH = 2x + y + z + 3t = 0,4

- n_ancol = y + z + t = 2n_H2 = 0,2

- n_H2O = x + t = (n_NaOH – n_ancol) : 2 = 0,1

- BTK1: m_muối = 36,9 + 0,4*40 – 10,9 – 0,1*18 = 40,2

=> BT H linh động  

Đáp án A

Đáp án A

Chọn B.

- Khi đốt m gam E ta được : $\stackrel{BT: O}{\to }{n}_E=n_{-COO}=\frac{2n_{C{O}_2}+n_{H_{2}O}}{2}=0,04 mol$ 

- Có $\frac{n_{C{O}_2}}{n_E}:\frac{2n_{H_{2}O}}{n_E}=8:8\Rightarrow$CTPT của hai este trong E là C₈H₈O₂ (1)

- Theo đề bài thì khi cho E tác dụng với NaOH thu được dung dịch T chứa ba muối (2)

Từ các dữ kiện (1) và (2) suy ra 2 este HCOOCH₂C₆H₅ (A) và CH₃COOC₆H₅ (B)

- Xét hỗn hợp muối T ta có :

Chọn B.

Khi cho Ẻ tác dụng với NaOH thì ta có: $n_{NaOH}:n_E=2,375$ Þ X là este hai chức.

Lúc đó:

Xét phản ứng đốt cháy E

Với m = 12 Þ n = 9.

Theo các dữ kiện của đề bài ta suy ra CTCT của X và Y lần lượt là C₃H₇-COO-C₃H₆-OOC-CH₃ và (CH₂=CH-COO)₃C₃H₅

Hỗn hợp T gồm C₃H₇-COONa (T₃), CH₃-COONa (T₁) và CH₂=CH-COONa (T₂)

Vậy %m_T3 = 30,45%.

Chọn B.

- Xét phản ứng đốt cháy:  (1)

Nhận thấy: $n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}$ Þ X là este no, hai chức và Y, Z là hai ancol no, đơn chức.

- Xét phản ứng thuỷ phân:

Trong 4,1 gam Y, Z có số mol là 0,02.2 + 0,04 = 0,08 mol Þ  

Þ n_Y = 0,01 mol và n_Z = 0,03 mol Þ m_X = m_E – m_Y – m_Z = 3,44 gam

Þ %m_X = 60,35%.

Chọn C.

Ta có: $n_Y=n_X=0,08 mol và n_{NaOH}=0,11 mol$  Þ Y chứa este đơn chức (0,05 mol) và este hai chức (0,03 mol) (Vì các muối có mạch không nhánh nên tối đa 2 chức).

Đốt 0,08 mol X cần $n_{O_2}=\frac{0,08.0,09}{0,01}+\frac{0,17}{2}=0,805 mol$. Khi đốt Y, gọi CO₂ (u mol) và H₂O (v mol).

$\stackrel{BT:\hspace{0.17em}O}{\to }2u+v=1,83$ và n_{este hai chức} = a-b= 0,03 Þ u = 0,62 và v = 0,59.

T chứa C (a mol), H (b mol) và O (0,11 mol)

Khi đó:  

Muối gồm

Khi đó: n.0,05 + m.0,03 = 0,27 Þ n = 3 và m = 4 $\Rightarrow \%C_2{H}_4{\left(COONa\right)}_2= 50,31\%$

Chọn B.

- Khi dẫn Z qua bình đựng Na dư thì: $m_{ancol}$ = m_b.tăng + $m_{H_2}$= 19,76 (g)

+ Giả sử anol Z có x nhóm chức khi đó:  

- Khi cho hỗn hợp E:   X  +  Y  +  T  +  Z  +  4NaOH $\to$2F₁  +  2F₂  +  C₃H₆(OH)₂  +  H₂O

                                     x       y       t       z          0,4           (mol)

+ Vì 2 muối có tỉ lệ mol 1 : 1 nên x = y

- Khi đốt cháy hoàn toàn muối F thì:  

Þ Trong F có chứa muối HCOONa và muối còn lại là CH₂=CHCOONa với số mol mỗi muối là 0,2 mol

Þ X, Y, Z, T lần lượt là HCOOH; CH₂=CHCOOH; C₃H₆(OH)₂; CH₂=CHCOOC₃H₆OOCH.

- Ta có hệ sau:  

Chọn D.

Khi m gam E tác dụng với NaOH thì: $n_{COO}=n_{NaOH}=0,04 mol$

Quy đổi E thành:  Þ m = 3,3 gam

Lúc này: $\left\{\begin{array}{l}X: x mol\\ E: y mol\end{array}\right.\to \left\{\begin{array}{l}x+3y=0,04\\ nx+my=0,15\end{array}\right.$

Trong 13,2 gam M có  

Khi đốt cháy G thì:

Þ E là (C₃H₅COO)(CH₃COO)(C₂H₅COO)C₃H₅ Þ%m_E = 69,7%

Chọn A.

- Ta có:

=> 2 ancol đó là CH₃OH (0,2 mol) và C₂H₅OH (0,2 mol).

- Khi đốt cháy E thì:  

- Khi cho E tác dụng với KOH thì:  

- Khi đốt cháy K thì:  

- Thay $n_{C{O}_2}$ vào (1) nhận thấy $n_{H_{2}O \left(K\right)}$= 0 Þ trong muối K không chứa H.

- Gọi muối K  

Vậy tổng số nguyên tử nguyên tố có trong Y là 21