Bài tập về Este - Lipit cực hay có lời giải chi tiết (P3)

Đáp án A.

Nhận thấy X tham gia phản ứng với KOH sinh ancol → X chứa chức este

Vì M_X < 160 mà X chứa vòng benzen → X chỉ chứa 1 chức COO

Có n(KOH) = 2n(K₂CO₃) = 0,4 mol

Khối lượng nước có trong dung dịch KOH là (0,4*56*0,72:0,28) = 57,6 gam

Vậy trong 63,6 gam chất lỏng chứa 57,6 gam nước (3,2 mol) và 6 gam ancol và nước (do phản ứng thủy phân sinh ra)

TH1: Nếu 6 gam chỉ chứa ancol → n(anco) = 2n(H₂) – n(H₂O) = 2*1,72 – 3,2 = 0,24

→ M(ancol) = 6 : 0,24 = 25 (loại)

TH2: Nếu 6 gam chứa ancol và nước → X phải có cấu tạo HO-C₆H₃(R)COỎR’

Thấy M_X < 160 → M_R + M_R’ < 160 – 17 – 12*6 – 3- 44 = 24 → R’ phải  là CH₃

6 gam gồm CH₃OH: x mol và H₂O: x mol

→ x + x = 0,24 → x = 0,12 mol

→ M_X = 18,24 : 0,12 = 152 → X có cấu tạo HO-C₆H₄-COOCH₃: 0,12 mol

Chất rắn Y gồm KOC₆H₄-COOK: 0,12 mol và KOH dư: 0,4 – 2*0,12 = 0,16 mol

→%Y = 74,13%

Đáp án D

Bình CaCl₂ giữ lại nước. Còn lại là ancol

Khí Z bay ra là H₂: ROH + K → ROK + ½ H₂

Và H₂ + CuO (t^o) → Cu + H₂O

→ n(Cu) = n(H₂) = 0,1 mol

→ n(ROH) = 0,2 mol = n(este)

Vậy m(bình K tăng) = m(ancol) – m(H₂) → R = 15 → ancol CH₃OH

Có: n(Br₂) = 0,2 mol = n(este) → chỉ có 1π trong gốc hiđrocacbon của axit.

→ Este sau khi phản ứng với Br₂ có dạng: Br₂R’COOCH₃

có %m(Br) = 65,04% → R’ = 27 (CH₂=CH-)

Este là CH₂=CHCOOCH₃

Đáp án B

Gọi công thức của X là C_xH_yO₄

PTHH: C_xH_yO₄ + (x + y/4 – 2)O₂ → xCO₂ + y/2H₂O

Theo giả thiết: x + y/2 = 5(x + y/4 – 2)/3 → 8x – y = 40 → X là C₆H₈O₄

X tạo từ axit no nên X là: CH₃-OOC-CH₂-COO-CH=CH₂ (0,15 mol)

→ Chất rắn gồm CH₂(COONa)₂: 0,15 mol và NaOH dư: 0,1 mol

→ KL chất rắn = 26,2 gam 

Đáp án D.

(a) Đúng
(b) Đúng
(c) Đúng
(d) Sai do X có khả năng phản ứng tráng bạc

Có 3 nhận định đúng 

Đáp án B

Đặt công thức của E là: C_xH_yO₂

Áp dụng ĐLBT nguyên tố O: $n_E$*2 + 2$n_{O_2}$ = 2$n_{C{O}_2}$ + $n_{H_{2}O}$ → $n_E$ = 0,04

→ CTPT của E: C₈H₈O₂ (HCOOCH₂-C₆H₅ và HCOO-C₆H₄CH₃)

Mặt khác khi $n_E$ = 0,25 mol + NaOH (0,35 mol)

→ E có thể phản ứng với NaOH theo tỷ lệ 1:1 và 1:2

Đặt số mol HCOOCH₂-C₆H₅ là a mol và HCOO-C₆H₄CH₃ là b mol

Ta có hệ phương trình

$\left\{\begin{array}{l} a + b = 0,25 \left(mol\right)\\ a + 2b = 0,35 \left(mol\right)\end{array}\right.$ → a = 0,15; b = 0,1

Thành phần phần trăm về khối lượng của 2 muối trong Y là: 56,67% và 43,33% 

Đáp án D

$$\begin{gathered} n_{NaOH td M}=\frac{0,49}{1,4}=0,35 mol \\ {M}_m=\frac{38,5-(0,49-0,35).40}{0,35}=94\to C{H}_2=CHCOO\stackrel{-}{R} \end{gathered}$$ 

BTKL : 34,8+0,49.40=38,5+$m_r\to m_r$=15,9 gam

$$\begin{gathered} \to {\stackrel{-}{M}}_r=\frac{15,9}{0,35}=45,43 \\ \to X: C{H}_2=CHCOOC{H}_3 (x mol) \\ {n}_{C{O}_2}=\frac{34,8-0,35.2.16-1,3.2.1}{12}=1,75 mol \\ \to k=1-\frac{1,3-1,75}{0,35}=2,286 \end{gathered}$$ Ta có: 

Đáp án B.

$\stackrel{-}{M_T}=37,6\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}C{H}_{3}OH\\ C_2{H}_{5}OH\end{array}\right.$

Bài toán: m (gam)  

Phân tích: 3 este trong đó Z chứa vòng benzen; X, Y mạch hở khi tác dụng với NaOH cho 2 ancol và 3 muối trong đó có 2 muối cùng C. Chứng tỏ Z là este của phenol (Z đã tạo 1 muối của phenol, vậy muối ở gốc axit phải cùng C với X, Y). Mặt khác $M_X<M_Y$→ X là este của ancol $C{H}_{3}OH$ và Y là este của ancol $C_2{H}_{5}OH$

$\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{n}_X=3a\\ n_Y=2a\end{array}\right.$

$n_{NaOH}=0,46 mol; n_{H_{2}O}=b\to n_Z=b$

=> 3a+2a+2b= 0,46 => 5a+2b= 0,46 (1)

$\stackrel{BTKL}{\to }m+0,46.40=32.3a+46.2a+m+5,68+18b \left(2\right)$

$\stackrel{BTNT H}{\to }0,18(x+3)+0,12(y+5)+0,08(z+5)=1,12.2$

Đáp án A.

BTKL khi đốt E: $m_E+m_{O_2}=44n_{C{O}_2}+18n_{H_{2}O}\to n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}=0,26 mol$ .

X, Y là 2 axit no, đơn chức mạch hở → T là este 2 chức

→ T chứa ít nhất 2π → đốt E cho $n_{C{O}_2}>n_{H_{2}O}$.

Mà $\sum _{n_{C{O}_2}}=\sum _{n_{H_{2}O}}$ đốt cháy Z cho $n_{C{O}_2}<n_{H_{2}O}$ là ancol no, 2 chức, mạch hở. Quy đổi E với $n_{HCOOH}=n_{KOH}=0,1 mol$ mol.

Bài toán: 

Ta có hệ:  

→ T là este 2 chức nên $n_T=0,02 mol$ mol

Gọi số gốc CH₂ ghép vào axit và ancol là a và b (v$a>0; b\ge 0\to 0,1a+0,04b=0,08$) 

Ta thấy b<2 => b= 0 hoặc b= 1 

ü Với b=0 $\to C{H}_2$ ghép hết vào axit => a= 0,8.

=> 2 axit là HCOOH (0,02) và CH₃COOH (0,08).

Có $n_Z=0,02 mol=n_{HCOOH}$. Vô lý, do $n_{HCOOH}>0,02 \to Loại$

ü Với  b= 1 $\to Z là C_3{H}_6{\left(OH\right)}_3$ => còn dư 0,04 mol CH₂ cho axit.

2 axit là HCOOH (0,06 mol) và CH₃COOH (0,04 mol).

Có $n_Z=0,02 mol$ nên E gồm:  

Xét các phát biểu:

(1) Phần trăm khối lượng của Y trong E là 19,25% → Sai. Vì $\%m_Y=16,04\%$.

(2) Phần trăm số mol của X trong E là 12%. → Sai. Vì $\%n_X=40\%$.

(3) X không làm mất màu dung dịch Br₂. → Sai, X có nhóm CHO- làm mất màu nước Br₂.

(4) Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T là 5. → Sai, vì tổng số C trong T là 6.

(5) Z là ancol có công thức là C₂H₄(OH)₂. → Sai, vì Z có công thức C₃H₆(OH)₂.

→ Số phát biểu sai là 5

Đáp án A.

BTKL ta được  

BTNT:

+) n_Na(Z) = n_NaOH = 2.0,225 = 0,45 mol

+) n_C(Z) = 0,225 + 1,275 = 1,5  mol

+) n_H = 2.0,15 + 2.0,085-0,45 = 1,5 mol

X:C₁₀H₁₀O₄

X + 3NaOH $\to$ Z + H₂O

Z + H₂SO₄ $\to$ 2Axitcacboxylic + T

X có công thức: HCOO - C₄H₆ - CH₂ - OOC - CH₃

$\to$T là: HO-C₄H₆ -CH₂ -OH $\to$T có 8 nguyên tử H.

Đáp án A.

BTKL:

BTNT(C): 3a + b = 0,47 - 0,04.3 = 0,35 (1)

=>m_E = 0,04.72 + 76a + 14b + 18c = 11,16 (2)

BTNT(H): 2.0,04 + 4a + b + c = 0,52 (3)

BTNT(C): 0,02.3 + 0,01(n +1) + 0,11.3 = 0,47 => n = 3

Đáp án D

X có công thức dạng $C_n{H}_{2n-2}{O}_4$ và Y có dạng $C_m{H}_{2n-10}{O}_6$ 

- Trong 0,12 mol G đặt số mol X và Y lần lượt là a; b => a + b = 0,12 mol.

Phản ứng với NaOH có : 2a + 3b = 0,285 mol => a = 0,075; b = 0,045 mol

=>Tỷ lệ a : b = 5 : 3

- Trong 17,02 gam G đặt số mol X và Y lần lượt là 5x; 3x mol.

Đốt cháy G có tương quan CO₂ và H₂O:

=>Số mol X = 0,05 mol và số mol Y = 0,03 mol

=> 0,05n + 0,03m = 0,81, tìm được n = 9; m = 12

Để ý rằng thủy phân G thu được 2 ancol có cùng C => ancol tạo X là C₃H₈O₂.

Mà thủy phan G thu được 3 muối nên

Công thức của X là : C₃H₈(OOCCH₃)(OOCC₃H₇) và của Y là C₃H₈(OOCC₂H₅)₃

=> khối lượng muối thu được là 27,36 gam (tính trong 0,12 mol G).

Đáp án D

T là este 2 chức tạo bỏi 1 ancol no và 2 axit nên axit đơn chức và ancol 2 chức.

Gọi Z là R(OH)₂ $\to n_Z=n_{H_2}=0,26(R+32)=19,24\to R=42$ thỏa mãn là C₃H₆-

$\to$Z là C₃H₆(OH)₂.

Ta có E tác dụng vừa đủ với 0,4 mol NaOH. Gọi muối tạo thành có dạng RCOONa với số mol là 0,4 (bảo toàn Na).

Đốt cháy muối thu được 0,4 mol H₂O suy ra số H trung bình của muối là 2 chứng tỏ 2 muối này phải là HCOONa 0,2 mol và C_xH₃COONa 0,2 mol (2 muối có tỉ lệ mol 1:1 nên số H trung bình là trung bình cộng).

Đốt cháy:

Vậy X, Y là HCOOH và CH₂=CHCOOH.

Vậy T là HCOOC₃H₆OOC-CH=CH2.

Quy đổi E thành: HCOOH 0,2 mol, CH₂=CHCOOH 0,2 mol, C₃H₆(OH)₂ 0,26 mol, -y mol H₂O (do tách tạo ra este T).

$\to$ m_E = 0,2.46 + 0,2.72 + 0,26 + 0,2.76 -18y = 38,86 $\to$ y = 0,25 $\to$ n_T = 0,125

$\to$%T = 50,82%.

Đáp án C.

Đốt cháy 23,80 gam M thu được 0,9 mol CO₂.

Mặt khác 23,8 gam M trên tác dụng vừa đủ với 0,14 mol NaOH $\to$2n_X + n_Y = 0,14 mol

Lấy 0,45 mol M tác dụng với Na dư thu được 0.36 mol H₂.

Gọi số mol của X, Y, Z trong M lần lượt là a, b, c.

2a+b= 0,14; $\frac{2a+2c}{a+b+c}=\frac{0,36.2}{0,45}\to a+c-4b=0$ 

Mặt khác axit 2 chức mạch hở có CTPT dạng C_nH_2n-2O₄, este no đơn chức hở C_mH_2mO₂, ancol 2 chức no là C_tH_2t+2O₂.

Do đó đốt cháy M thu được  

$\to$m_m = 0,9.12 + (0,9 - a + c).2 + 16.4.a + 16.2.b + 16.2.c = 23,8

Giải hệ: a = 0,04; b = 0,06; c = 0,2.

Ta có: 0,04.m + 0,06.n + 0,2.t = 0,9, vì ancol Z không có khả năng hòa tan.Cu(OH)₂ ở nhiệt độ thường nên t 3.

$\to$ 0,04m+0,06n $\le$ 0,9-0,23=0,3

Tìm được nghiệm nguyên m = n = t = 3.

$\to$%Y= 18,66%

Đáp án C

Ta có: M_X < 160

Cho 13,8 gam X tác dụng với NaOH được dung dịch cô cạn thu được rắn Y có khối lượng 22,2 gam.

Đốt cháy Y thu được 0,15 mol Na₂CO₃ và hỗn hợp khí Z.

Dẫn Z qua bình nước vôi trong thu được 0,25 mol kết tủa CaCO₃ và dung dịch T.

Đun dung dịch thu được thêm 0,15 mol kết tủa nữa.

Do vậy T chứa 0,15 mol Ca(HCO₃)₂

$\to n_{C{O}_2}=0,25+0,15.2=0,55 mol$ 

Dung dịch thu được có khối lượng tăng lên so với ban đầu là 3,7 gam

$\to m_{C{O}_2}+m_{H_{2}O}-m_{CaC{O}_3}=3,7\to n_{H_{2}O}=0,25 mol$ 

Bảo toàn nguyên tố Na suy ra số mol NaOH là 0,3 mol.

Bảo toàn khối lượng: $m_{H_{2}O}=13,8+0,3.40-22,2=3,6\to n_{H_{2}O}=0,2$ 

Bảo toàn nguyên tố C: n_{O trong X} = 0,55 + 0,15 = 0,7 mol

Bảo toàn nguyên tố H: n_{H trong X} = 0,25.2 + 0,2.2-0,3 = 0,6 mol

=> $n_{O trong X}=\frac{13,8-0,7.12-0,6}{16}=0,3$ 

Do vậy trong X tỉ lệ C:H:O=7:6:3 nên CTPT của X có dạng (C₇H₆O₃)_n

mà theo giả thiết đầu nên n phải bằng 1.

Vậy X là C₇H₆O₃.

=> n_X =0,1 mol

Vậy X tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1:3 và sinh ra 2H₂O nên CTCT của X dạng HCOOC₆H₄OH.

X tác dụng được với nước brom vừa đủ sẽ tạo thành HO-CO-O-C₆H_4-x(OH)(Br)_x

$\to \frac{80x}{61+12.6+4x+17+80x}=51,282\%\to x=2$ như vậy sẽ chỉ có 2Br được thế nằm ở trên vòng.ư

Do đó vị trí của nhóm chức HCOO- trên vòng so với HO- là sẽ ở vị trí o hoặc p.

Do vậy có 2 đồng phân cấu tạo phù hợp với X.

Đáp án B.

Thực hiện đồng đẳng hóa:

Quy đổi hỗn hợp X về HCOOH a mol, CH₂=CHCOOH b mol và CH₂ c mol.

=> a + b = 0,15.2 = 0,3 mol và 68a + 94b + 14c = 25,56 gam

Mặt khác đốt cháy hoàn toàn m gam X trong oxi dư thu được (a + 3b + c) mol CO₂ và (a + 2b + c) mol H₂O.

Dan hỗn hợp khí qua NaOH dư thấy khối lượng dung dịch tăng chính là tổng khối lượng của CO₂ và H₂O tạo ra.

=>44(a+3b+c) + l8(a+2b+c) = 40,08

Giải được: a=b=0,15; c=0,09.

Nhận thấy axit no có số mol là 0,15 > 0,09 (số mol của CH₂) nên axit no phải là HCOOH và CH₂ tách ra là của 2 axit không no.

=>m_{axit k no} = 0,15.72 + 0,09.14 = 12,06 gam.

Đáp án C.

Do T hai chức nên  

Từ phản ứng đốt cháy G:

Khi đó M gồm

Đáp án C.

TH1 : $n_{Ag}=2n_{RCHO}=0,8\to x=0,4$ (vô lý)

TH2: anđehit là HCHO và axit là HCOOH ancol là CH₃OH

n_Ag = 4n_HCHO + 2n_HCOOH = 4x + 2y = 0,8

=> x = 0,15; y = 0,1; z = 0,05

=> n_Z = 0,15 + 0,1 + 0,05 = 0,3(mol)

Gọi công thức của X là RCOOCH₃

$n_{RCOONa}=n_Z=0,3 mol$ 

$RCOONa+NaOH\to RH+N{a}_{2}C{O}_3$ 

TH1: RCOONa phản ứng hết  

=>este là CH₂=CHCOOCH₃ (loại vì không có đồng phân cấu tạo)

TH2: NaOH hết

Vậy 2 este là HC$\equiv$ C-CH₂COOCH₃ và CH₃ -C $\equiv$ C-COOCH₃

=> m = 0,3.98 = 29,4g

Đáp án D.

$$\begin{gathered} n_{NaOH td}=\frac{0,49}{1,4}=0,35 mol \\ {M}_M=\frac{38,5-(0,49-0,35).40}{0,35}=94\Rightarrow C{H}_2=CHCOO\stackrel{-}{R} \\ 34,8+0,49.40=38,5+m_r\Rightarrow m_r=15,9 gam\Rightarrow \stackrel{-}{M_r}=\frac{15,9}{0,35}=45,43 \end{gathered}$$

=> X: CH₂ = CHCOOCH₃ (x mol) 

$n_{C{O}_2}=\frac{34,8-0,35.2.16-1,3.2.1}{12}=1,75 mol\Rightarrow k=1-\frac{1,3-1,75}{0,35}=2,286$

Đáp án C.

Đáp án B.

Bảo toàn nguyên tố O

$$\begin{gathered} \to n_O=\frac{10,32-0,375.12-0,27.2}{16}=0,33 \\ \to 2n_X+2n_Y+4n_T=0,33 \end{gathered}$$ 

$2n_X+2n_T=0,18\to n_Y+n_T=0,075 \left(1\right)$ 

Nhận thấy E tham gia phản ứng tráng bạc =>X là HCOOH

=> 2n_X + 2n_T =0,18=> n_Y + n_T = 0,075 (1)

Gọi số liên kết $\mathrm{\pi }$ trong Y là k =>số liên kết $\mathrm{\pi }$ trong T là k + 1

Kết hợp (1) và (2) => k.0,075 - n_Y = -0,105 => n_Y = k.0,075 - 0,105

Từ (1) => n_Y < 0,075 => k.0,075 - 0,105 < 0,075 => k < 2,4

Nếu k = 1 thì n_Y = k.0,075 - 0,105 < 0 (loại)

Nếu k = 2 thì n_Y = k.0,075 - 0,105 = 0,045, n_T = 0,03

=> n_X = 0,06

Gọi số C của Y và T lần lượt là n và m (với n  3, m  6)

=> 0,06.1 + 0,045.n + 0,03m = 0,375 => 3n+ 2m = 21=> n = 3, m = 6

Khi cho 10,32 gam E tác dụng với 0,225 mol KOH thì thu được chất rắn chứa:

HCOOK: 0,09 mol;

CH₂=CH-COOK: 0,075 mol

KOH dư: 0,06 mol

=>m = 19,17 gam

Đáp án A

Xét quá trình hấp thụ sản phẩm cháy của X vào dd Ba(OH)₂

$n_{Ba{\left(OH\right)}_2}=0,1 mol; n_{BaC{O}_3 kt}=0,04 mol$ 

Thêm NaOH vào dung dịch Y thu được kết tủa =>Y có Ba(HCO₃)₂

Este X hai chức mạch hở được tạo từ ancol no, đơn chức và axit hai chức có 1 liên kết đôi

C=C =>CT của X có dạng C_nH_2n-4O₄. Khi đó ta có phản ứng cháy của X:

 =>X là C₈H₁₂O₄ và có dạng $R{\left(COO\stackrel{-}{R\text{'}}\right)}_2$ 

Xét chuỗi phản ứng $\stackrel{+dd NaOH}{\to }z\stackrel{+0,04 mol H_{2}S{O}_4}{\to }G$ 

=> G chứa 0,02^mo1 R(COOK)₂ và 0,04^mol K₂SO₄

=> R = 26R là -CH=CH-

Các đồng phân có thể có của X (9 đồng phân):

H₃C - OOC - CH = CH - COO - CH₂ - CH₂ - CH₃ (cis, trans)

H₃C - OOC - CH = CH - COO - CH(CH₃)₂ (cis,trans)

C₂H₅ - OOC - CH = CH - COO - C₂H₅ (cis, trans)

  $$\begin{gathered} H_{3}C - OOC - C - COO - CH{\left(C{H}_3\right)}_2 \\ \parallel \\ C{H}_2 \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} H_{3}C - OOC - C - COO - C{H}_2 - C{H}_2 - C{H}_3 \\ \parallel \\ C{H}_2 \end{gathered}$$

$$\begin{gathered} C_2{H}_5 - OOC - C - COO - C_2{H}_5 \\ \parallel \\ C{H}_2 \end{gathered}$$

Đáp án D.

Nhận thấy X thủy phân trong NaOH thu được 1 muối và 1 ancol

=> X chứa 1 axit và este có CTTQ là C_nH_2nO₂

Có số mol anken là 0,25 mol=> số mol este là 0,25 mol và số mol axit là 0,15

Đốt X tạo cho $n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}$ mà m bình tăng = $m_{C{O}_2}+m_{H_{2}O}$= 96,1 

$\to n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}=96,1:62=1,55 mol$ 

=> số C trung bình của X là : 1,55 : 0,4 = 3,875

Sử dung đường chéo và tỉ lệ mol axit: este = 0,15:0,25 = 3:5 

Nhận thấy X + NaOH => 1 muối và 1 ancol  

+) % axit = 0,15. 60 : (0,15. 60 + 0,25.102) = 26,09% và % este = 73,91% => A sai

+) Axit có 1 Cấu tạo CH₃COOH và este có 2 cấu tạo CH₃COOCH₂CH₂CH₃, CH₃COOCH(CH₃)₂

=> B sai

+) Tổng phân tử khối 2 chất trong X là 60 + 102 = 162 => C sai

+) Khối lượng của este là 0,25.102 = 25,5 gam => D đúng 

Đáp án C.

Thủy phân 7,688 gam X + KOH  Y (gồm cả muối + ancol)

Có $n_{KOH}$ = 0,08a ; $n_{K_{2}C{O}_3}$ = 0,04a

=> m_X = m_C +m_H +m_O =(0,198 + 0,04a).12 + (0,352-0,08a) + 16.0,16a=7,668

=> a = 1,67 

Đáp án B.

Gọi số mol C₁₁H₁₀O₄ và C₉H₁₀O₂ lần lượt là x, y mol.

+) Đốt cháy hoàn toàn 50,6 gam P thu được 1,5 mol H₂O

$\left\{\begin{array}{l}206x+150y=50,6\\ 5x+5y=1,5\end{array}\to \left\{\begin{array}{l}x=0,1\\ y=0,2\end{array}\right.\right.$ 

+) Cho 50,6 gam p tác dụng với 0,7 mol NaOH => 68,8 gam 3 muối.

Nhận thấy 0,7 = 0,1.3 + 0,2.2

=> C₁₁H₁₀O₄ tác dụng với NaOH theo tỉ lệ 1: 3 còn C₉H₁₀O₂ theo tỉ lệ 1:2.

=> C₉H₁₀O₂ là C₂H₅COOC₆H₅ (vì các muối có M > 90).

=> 2 muối là C₂H₅COONa và C₆H₅ONa.

C₁₁H₁₀O₄ có thể là  

BTKL: $m_{H_{2}O}+m_{spk}=50,6+0,7.40-68,8=9,8$ (trong đó số mol H₂O tạo ra là 0,3 mol).

 => m_spk = 4,4 và số mol của sản phẩm khác tạo ra là 0,1 mol

=> M_spk = 44 => CH₃CHO.

Vậy C₁₁H₁₀O₄ là CH₂=CHOOC-CH₂-COOC₆H₄.

Vậy X là NaOOC-CH₂-COONa 0,1 mol => m_X = 14,8 (gam).

Đáp án B.

M_X = 100(C₅H₈O₂)

Mà E + KOH cho 2 ancol có cùng số C vậy 2 ancol chứa ít nhất 2C.

Do thu được 2 muối nên este còn lại là (HCOO)₂C₂H₄.

=> m = 26,94 (g)

Thí nghiệm 2 dùng gấp 2,5 lần thí nghiệm 1 => m = 2,5.(0,03.110 + 0,36.84) = 83,85 (g)

Đáp án B.

$\to n_{este không no}=0,02 mol; n_{este no}=0,06 mol$

Do este không no có đồng phân hình học được tạo bởi từ CH₃OH do đó có ít nhất 5C (>3) vậy 2 este no có este có <3C => HCOOCH₃. Mà este no còn lại tạo bởi axit là đồng đẳng kế tiếp => CH₃COOCH₃

_{$n_{C{H}_2\left(X\right)}=0,08=n_{C{H}_{3}COOC{H}_3}+x.0,02$}

=> %m = 34,01%

Chọn đáp án A.

Các chất theo tên trong X lần lượt có cấu tạo: CH₃COOC₆H₅; C₆H₅COOCH₃; HCOOCH₂C₆H₅; C₂H₅OOCCOOC₆H₅.

Nhận thấy khi thủy phân X ancol sinh ra có dạng ROH

 $$\begin{gathered} n_{H_2}=0,1 \to n_{ROH}=0,2 mol \\ \Rightarrow n_{COO(este cua ancol)}=0,2 \\ {n}_{COO(este cua phenol)}=x \\ \Rightarrow n_{NaOH}=0,2+2x=0,4\to x=0,1\to n_{H_{2}O}=0,1 \end{gathered}$$ 

Với bài này cần lưu ý tỉ lệ:

este của ancol + 1.NaOH $\to$ muối + l.ancol đơn chức

este của phenol + 2.NaOH $\to$ muối + l.H₂O

Chọn đáp án D

Cho 0,36 mol E + 0,585 mol NaOH$\to$ hh muối

$\to$ n_COO = 0,585$\to$O_E = 3,25.

Gọi CTPT của X có dạng C_nH_2n-6O_3,25.

Đốt cháy 12,22 g E bằng O₂ $\to$ 0,37 mol H₂O

$$\begin{gathered} \to \frac{12,22}{14n+46}(n-3)=0,37\to n=7,625 \\ \Rightarrow m_E=0,3(12.7,625+2.7,625-6+16.3,25)=54,99 gam \end{gathered}$$  

Ta có n_{este 2 chức} = 0,585 - 0,36 mol = 0,225 mol $\to$n_{este đơn chức} = 0,135 mol.

Gọi số C của este đơn chức và este 2 chức lần lượt là m, n:

$\to$0,135m + 0,225n = 0,36.7,625 $\to$ nghiệm thỏa mãn: m = 7; n = 8.

Vậy ancol tạo từ este đơn chức phải có 2 K và 3 c nên ancol đó là C₃H₃OH.

Vì các muối đều có 4C, do vậy ancol no và ancol không no còn lại có tổng cộng 4 C.

$\to$2 muối là NaOOC-CH=CH-COONa (đồng phân hình học) và 2 ancol là CH₃OH và C₃H₅OH.

Chọn đáp án B.

$n_{O\left(E\right)}=2n_{KOH}=1,32 mol$

$n_C=n_{C{O}_2}=0,18n+24m=1,86\to 3n+4m=31$

Chọn đáp án D

$\stackrel{-}{C}=\frac{n_{C{O}_2}}{n_E}$ mà axit cacboxylic no, hai chức có phân trăm khối lượng cacbon lớn hơn 30% nên

nhỏ nhất là C₃H₄O₄ nên X phải là CH₃OH => Y là C₂H₅OH

$\sum _{n_{ancol pư}}=30\%.0,1+20\%.0,05=0,04 mol=n_{H_{2}O}$ 

Để tạo lượng hợp chất có chức este lớn nhất thì tỉ lệ phản ứng là 1:1 nên:

Chọn đáp án D

Nhận thấy, X tác dụng với NaOH cho muối axit cacboxylic đơn chức và ancol => X là este.

 ⁿancol = ⁿRCOONa = ²ⁿn₂ = 0, 54 (mol)

=> n_NaOH(dư) = 0,72.1,15-0,54 = 0,288 (mol)

RCOONa + NaOH $\to$ RH + Na₂CO₃

0,54               0,288      0,288

BTKL : m = 0,54.96 + 18,48 - 0,54.40 = 48,72 (g)

Chọn đáp án C.

Cho F phản ứng với AgNO₃/NH₃ dư, thu được 0,08 mol Ag chứng tỏ F chứa HCOONa và CH₃COONa.

T cũng tham gia phản ứng tráng bạc $\to$ T là anđehit no, đơn chức, mạch hở.

Để từ este thủy phân cho anđehit no, đơn chức, mạch hở thấp nhất là tạo CH₃CHO

$\to n_{anđehit}=1/2n_{Ag}=0,03 mol$ 

X, Y, Z là đồng phân mà n_X < n_Y < n_Z nên

Chọn đáp án C.

Đổt X: $n_{C{O}_2}=$1,155+0,63/2=1,47 mol 

Thủy phân X: $n_{H_{2}O}=\frac{28,98+0,63.40-46,62}{18}=0,42$ 

$n_{H_{2}O}$(đốt X) = 0,525.2 + 0,42.2 - 0,63 = 1,26 mol

Bảo toàn khối lượng: n_O/X = 0,63 mol => chất có công thức là C₇H₆O₃.

Thỏa mãn điều kiện trên (1 mol X phản ứng với 3 mol NaOH), chất sẽ là HCOO-C₆H₄-OH

=> 3 đồng phân.

Chọn đáp án C.

$n_{C{O}_2}=1,38; n_{H_{2}O}=1,23$ 

Xà phòng hóa X thu được các ancol đơn chức và các muối không nhánh

=> X có tối đa 2 chức

=> n_{este 2 chức} $n_{C{O}_2}- n_{H_{2}O}=0,15$ 

=> n_{este đơn chức} = n_X - 0,15 = 0,09

=> n_O = 0,15.4 + 0,09.2 = 0,78.

Vậy m_X = m_C + m_H + m_O = 31,5 gam.

n_KOH = n_O/2 = 0,39.

Bảo toàn khối lượng cho phản ứng xà phòng hóa: m_muối = m_X + m_KOH - m_ancol = 32,46 gam.

Muối gồm có A(COOK)₂ (0,15 mol) và BCOOK (0,09 mol)

=> m_muối = 0,15(A + 166) + 0,09(B + 83) = 32,46

=> 5A + 3B = 3

=> A = 0, B = 1 là nghiệm duy nhất.

Vậy các muối gồm HCOOK (x = 7,56 gam) và (COOK)₂ (y = 24,9 gam)

=> x : y = 0,3.

Chọn đáp án D.

Xét thấy khi đốt cháy a mol ancol Z cần 5,5 a mol O₂ => Z là C₄H₈(OH)₂.

Quy đổi hỗn hợp E về: CH₂=CHCOOH (x mol), C₄H₈(OH)₂ (y mol), CH₂ (z mol), H₂O (t mol).

Bảo toàn khối lượng ta tìm được a = y = 0,22 mol.

Ta có: x = n_NaOH = 0,2 mol, lại có n_E = x + y + t = 0,3, suy ra t = -0,12 mol n_este = 0,06 mol.

Dựa vào khối lượng của muối ta có:  

=> CH₂=CHCOOH (0,06 mol) => CH₃-CH=CH-COOH (0,02 mol)