Bài tập tổng hợp Este, Lipit cơ bản và nâng cao cực hay có lời giải (P4)

Đáp án A

hhX gồm hai chất hữu cơ đơn chức.

X + 0,5 mol KOH → muối của hai axit cacboxylic và một ancol

ancol + Na dư → 0,15 mol H₂.

• n_KOH = 0,5 mol

n_ancol = 2 x n_H2 = 2 x 0,15 = 0,3 mol < nKOH

Chỉ có 1 chất phản ứng sinh ra rượu.

Mà thu được 2 muối

→ Có một chất là este và 1 chất là axit

Đáp án C

Ta có M_X = 100 → X có công thức phân tử C₅H₈O₂

Ta có n_X = 10 : 100 = 0,1 mol < n_NaOH = 0,15 mol

→ chất rắn khan chứa muối RCOONa : 0,1 mol và NaOH dư: 0,05 mol

→ 0,1. (R + 67) + 0,05. 40 = 11,6 → R= 29 (C₂H₅)

Vậy X có công thức C₂H₅COOCH=CH₂.

Khi thủy phân X thu được C₂H₅COONa và CH₃CHO

Đáp án B

Giả sử E là RCOOR'

Cô cạn X thu được 16,5 gam muối RCOOK và 6,9 gam R'OH

6,9 gam R'OH + Na → 0,075 mol H₂

n_R'OH = 0,075 x 2 = 0,15 mol

→ M_R'OH = 6,9 : 0,15 = 46

→ M_R' = 29 → R' là C₂H₅-.

n_RCOOK = n_R'OH = 0,15 mol

 → M_RCOOK = 16,5 : 0,15 = 110 → M_R = 27

→ R là CH₂=CH-

X + KOH → CH₂=CHCOOK + CH₃CH₂OH

Vậy X là CH₂=CHCOOCH₂CH₃ → etyl acrylat

Đáp án B

Ta có n_NaOH = 0,15 mol

Nếu X là este đơn chức của phenol

→ n_X = 0,5n_NaOH = 0,075 mol→ M_X = 136 (C₈H₈O₂)

Các đồng phân thỏa mãn là HCOOC₆H₅-CH₃ (o,p,m) và CH₃COOC₆H₅

Nếu X là este đơn chức không chứa gốc phenol

→ n_X = n_NaOH = 0,15 mol → M_X = 68. Không tìm được este đơn chức thỏa mãn

Đáp án A

Ta có n_Na2CO3 = 0,0225 mol

→ n_NaOH = 0,045 mol, n_X = 0,015 mol

Thấy n_NaOH = 3 n_X → X có cấu tạo HCOOC₆H₄OH (o, m, p)

HCOOC₆H₄OH + 3NaOH → HCOONa + C₆H₄(ONa)₂ + 2H₂O

Đáp án A

Ta có n_CO2 = 0,08 mol, n_H2O = 0,064 mol

→ n_O(E)= $\frac{1,6-0,08.12-0,064.2}{16}$ = 0,032 mol

→ C: H : O = 0,08 : (0,064.2) : 0,032 = 5: 8 : 2.

Vì E là este đơn chức công thức phân tử của E là C₅H₈O₂.

Nhận thấy m_E + m_NaOH = m_{chất rắn khan}

→ E phải là este dạng vòng chứa 5 C.  

CH₂-CH₂-C=O

|                 |

CH₂-CH₂-O

Vậy chỉ có A mới thỏa mãn.

Đáp án A

Vì 2 este mà có 3 muối nên có 1 este của phenol hoặc đồng đẳng của phenol (Y)

Với Y, khối lượng muối tạo ra luôn là

 0,02(136+40.2-18)=3,96 -> Muối X:

Đáp án A

Nhận thấy Y₁ là CH₃COOH → Y là CH₃CHO

→ X là CH₃COOC=CH₂

Chú ý nếu Y là C₂H₅OH thì quá trình lên men giấm ngoài Y₁ còn chứa thêm H₂O

X không thể là dạng CH₃COOCH(OH)-CH₃ vì quá trình thùy phân tạo CH₃COONa + CH₃CHO và nước.

Đáp án B

Số este có thể điều chế trực tiếp bằng phản ứng của axit và ancol tương ứng (có H₂SO₄ đặc làm xúc tác) là: etyl axetat, isoamyl axetat, anlyl axetat

Có 3 chất.

Đáp án D

- Triglixerit chỉ chứa cùng 1 gốc axit béo : có 2 đồng phân ( (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ và(C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅ )

-Triglixerit tạo bởi 2 gốc axit stearic và 1 gốc axit panmitic : có 2 đồng phân

-Triglixerit tạo bởi 1 gốc axit stearic và 2 gốc axit panmitic : có 2 đồng phân

Đáp án C

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3Br₂ → (C₁₇H₃₃Br₆COO)₃C₃H₅

n_Br2 = 3 x n_triolein = 3 x 17,68 : 884 = 0,06 mol

→ V_Br2 = 0,06 : 0,2 = 0,3 lít = 300 ml

Đáp án B

p-CH₃COOC₆H₄COOC₂H₅ + 3NaOH → CH₃COONa + p-NaO-C₆H₄-COONa + C₂H₅OH + H₂O

n_{p-CH3COOC6H4COOC2H5} = 0,012 mol;

n_NaOH = 0,04 mol → NaOH dư.

Theo BTKL: m_{rắn khan} = 2,496 + 0,04 x 40 - 0,012 x 46 - 0,012 x 18 = 3,328 gam

Đáp án A

• 16,6 gam hhG gồm C_nH_2nO₂ và R-OH + O₂ → 0,7 mol CO₂ + 0,9 mol H₂O

Vì n_H2O > n_CO2 → ancol no, đơn chức → n_ancol = 0,9 - 0,7 = 0,2 mol.

Giả sử có x mol axit; ancol có dạng C_mH_{2m + 2}O.

m_G = m_C + m_H + m_O → (2x + 0,2) x 16 = 16,6 - 0,7 x 12 - 0,9 x 2 → x = 0,1 mol.

n_CO2 = 0,1n + 0,2m = 0,7 → n + 2m =7.

Biện luận → n = 1; m = 3 thỏa mãn (M_axit < M_ancol)

• 0,1 mol HCOOH và 0,2 mol C₃H₇OH vào H₂SO₄ đặc.

Theo lý thuyết m_este = 0,1 x 88 = 8,8 gam

=> H=6,6/8,8=75%

Đáp án A

Giả sử số mol của C₁₅H₃₁COOH, C₁₇H₃₅COOH, C₁₇H₃₁COOH lần lượt là a, b, c

Khi đốt cháy C₁₅H₃₁COOH và C₁₇H₃₅COOH thì đều thu được n_CO2 = n_H2O.

→ n_C17H33COOH = (n_CO2 - n_H2O) : 2 = (0,68 - 0,65) : 2 = 0,015 mol

Chọn đáp án B

0,02 mol CH₃COOC₂H₅ và 0,02 mol CH₃COOC₆H₅ + 0,08 mol NaOH
Phương trình hóa học:
CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH
CH₃COOC₆H₅ + 2NaOH → CH₃COONa + C₆H₅ONa + H₂O

⟹ Chất rắn gồm CH₃COONa; C₆H₅ONa và NaOH dư.

$\begin{array}{l}{n}_{C{H}_3\text{COO}Na}=0,02+0,02=0,04mol\\ n_{C_6{H}_{5}ONa}=0,02mol\\ n_{NaOHdu}=0,08-0,02-0,02.2=0,02mol\end{array}$
m_rắn = $m_{C{H}_{3}COONa} +m_{C_6{H}_{5}ONa}$+ m_{NaOH dư}

= 0,04.82 + 0,02.116 + 0,02.40 = 6,4 gam

Đáp án A

Ta có n_X = 18,3 : 122 = 0,15 mol

X có công thức C₇H₆O₂ chứa vòng benzen có π + v = 5 , X tác dụng với AgNO₃/NH₃ sinh Ag và tham gia phản ứng NaOH → X có cấu tạo HCOOC₆H₅ và C₆H₅COOH

Luôn có n_HCOOC6H5 = n_Ag : 2 = 0,1 :2 = 0,05 mol → n_C6H5COOH = 0,1 mol

→ 9,15 gam hỗn hợp X chứa 0,05 mol C₆H₅COOH và 0,025 mol HCOOC₆H₅

Vì n_NaOH > 2n_HCOOC6H5 + n_C6H5COOH → n_H2O = n_HCOOC6H5 + n_C6H5COOH = 0,075 mol

→ Bảo toàn khối lượng

→ m_{chất rắn} = 9,15 + 0,3. 40 - 0,075. 18 =19,8 gam

Đáp án A

Nhận thấy H đều có công thức C_nH_2n-2O₂

Khi đun nóng Y lại thu được thêm kết tủa → chứng tỏ hình thành BaCO₃ : 0,03 mol và Ba(HCO₃)₂ : 0,13- 0,03 = 0,1 mol

Bảo toàn nguyên tố C → n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 = 0,03 + 0,2 = 0,23 mol

m_{dd tăng} = m_CO2 + m_H2O - m_BaCO3

→ n_H = n_CO2 - n_H2O = 0,23- 0,17 = 0,06 mol

m_{hỗn hợp} = m_C + m_H + m_O

= 0,23.12 + 0,17.2 + 0,06.2.16 = 5,02 gam

Đáp án B

Nhận thấy n_CO2 = n_H2O

→ X là este no đơn chức
Bảo toàn nguyên tố O

X có 2 đồng phân HCOOC₂H₅ : x mol và CH₃COOCH₃ : y mol
Ta có hệ

Đáp án B

Nhận thấy

n_C2H5OH + n_CH3OH= n_este = 66,6: 74 = 0, 9 mol

Luôn có n_H2O = 0,5.[n_C2H5OH + n_CH3OH ]= 0,45 mol

→ m_H2O = 8,1 gam.

Đáp án B  

Coi hỗn hợp X thành RCOOH với M_RCOOH= $\frac{46+60}{2}$ = 53

→ M_R = 8. n_X = 11,13: 53= 0,21 mol

Coi hỗn hợp Y thành R'OH với M_R'OH = $\frac{32.3+46.2}{5}$ = 37,6

→ M_R' = 20,6. n_Y = 7,52: 37,6 = 0,2 mol

RCOOH + R'OH $\to$ RCOOR' + H₂O

Vì n_X > n_Y thì hiệu suất được tính Y

→ n_este = 0,75. 0,2 = 0,15 mol

→ m = 0,15 .( 8 + 44+ 20,6) = 10,89 gam

Đáp án C

Đáp án D

Ta có n_NaOH = 0,69 mol, n_H2 = 0,225 mol

Luôn có n_{NaOH phản ứng} = n_OH(ancol) = 2n_H2= 0,45 mol

→ n_{NaOH dư} = 0,69- 0,45 = 0,24 mol

Gọi công thức của muối là RCOONa

→ n_RCOONa = n_{NaOH pư} = 0,45 mol

RCOONa + NaOH → RH + Na₂CO₃

Vì n_RCOONa > n_{NaOH dư} → n_RH= n_{NaOH dư}= 0,24 mol

→ M_RH = 7,2 : 0,24 = 30 (C₂H₆)

Bảo toàn khối lượng → m + m_{NaOH pu} = m_muối + m_ancol

→ m + 0,45. 40 = 0,45. ( 29 + 67) + 15,4

→ m = 40,6 gam. 

Đáp án B

• Ca₆H₅Cl + 2NaOH $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}\mathrm{cao}, \mathrm{p} \mathrm{cao}}{\to }$ C₆H₅ONa (X) + NaCl + H₂O

C₆H₅ONa + HCl → C₆H₅OH (Y) + NaCl

C₆H₅OH + 3H₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}\mathrm{cao}, \mathrm{p} \mathrm{cao}}{\to }$C₆H₁₁OH (Z)

C₆H₁₁OH + CuO $\stackrel{CuO du,t^o}{\to }$ C₆H₁₀O (T) + Cu + H₂O

(X) là C₆H₅ONa có tính bazơ nên làm quỳ tím chuyển xanh.

(Y) là C₆H₅OH có phản ứng mất màu nước brom.

Z là C₆H₁₁OH, là ancol vòng, đơn chức, no.

C₆H₁₀O là xeton nên không có phản ứng tráng gương.

Đáp án A

Ta có n_CO2 = 0,08 mol, n_H2O = 0,064 mol

→ n_O(E)= $\frac{1,6-0,08.12-0,064.2}{16}$ = 0,032 mol

→ C: H : O = 0,08 : (0,064.2) : 0,032 = 5: 8 : 2.

Vì E là este đơn chức công thức phân tử của E là C₅H₈O₂.

Nhận thấy m_E + m_NaOH = m_{chất rắn khan}

→ E phải là este dạng vòng chứa 5 C.  

CH₂-CH₂-C=O

|                 |

CH₂-CH₂-O

Vậy chỉ có A mới thỏa mãn.