Bài tập Dẫn xuất Halogen - Ancol - Phenol có giải chi tiết (mức độ vận dụng cao)

Đáp án B

C_nH_2n+2O + 1,5nO₂ → nCO₂ + (n + 1)H₂O

C_xH_y + (x + 0,25y)O₂ → xCO₂ + 0,5yH₂O

n_O2 = 0,07 mol ; n_CO2 = 0,04 mol

Với ancol : n_O2 = 1,5n_CO2

Đề bài : n_O2 > 1,5n_CO2

=> Khi đốt cháy hidrocacbon : n_O2 > 1,5n_CO2

=> (x + 0,25y) > 1,5x => y > 2x

=> Hidrocacbon là ankan

C_mH_2m+2 + (1,5m + 0,5)O₂ → mCO₂ + (m + 1)H₂O

=> n_O2 – n_CO2 = 0,5n_Ankan => n_Ankan = 0,02 mol

n_C = n_CO2 = 0,04 mol > n_C(ankan) = (Số C).n_Ankan

=> Số C / Ankan < 2

=> CH₄

Đáp án A

Ancol no, đơn chức = kCH₂ + H₂O

Do đó quy đổi X thành:

C₃H₈O₃: a mol

CH₂: b mol

H₂O: 3a mol

n_H2 = 1,5a + 0,5 . 3a = 0,15 => a = 0,05

n_H2O = 4a + b + 3a = 0,63 => b = 0,28

=> m_X = 92a + 14b + 18.3a = 11,22

Đáp án C

Do số mol C₆H₁₄ bằng số mol C₂H₆O₂ => Quy đổi 2 chất đó thành C₄H₁₀O

Coi hỗn hợp đầu gồm những ancol no, đơn chức, mạch hở C_xH_2x+2O

nX=2nH₂=0,036 mol

C_xH_2x+2O + 1,5xO₂ → xCO₂ + (x+1) H₂O

0,036……….0,186

=>x=0,186/(1,5.0,036)=31/9

=> X có CTTQ: C_31/9H_80/9O có M_X=596/9

=> m_X=596/9.0,036=2,384 gam

Đáp án A

+ Tách nước A: n _olefin = 0,12 mol => n _ancol = 0,12.100/75 = 0,16 mol => M _ancol = 7,36/0,16 = 46 (C₂H₆O)

+ Amin B tác dụng với  HCl: BTKL m _amin = m _muối – m_HCl = 11,9 – 0,2.36,5 = 4,6 => M _amin = 4,6/0,1 = 46 (CH₆N₂)

+ Đốt cháy X (A và B) thu được x mol nước rồi dẫn vào H₂SO₄ đặc

$m_{H_{2}S{O}_4}=81,34 \left(gam\right)$ 

Nồng độ dung dịch H₂SO₄ sau khi hấp thụ là: 81,34/(18x+100) = 70/100 => x = 0,9 mol

X (6H) → 3H₂O

0,3       ←    0,9

Do M_A = M_B = 46 => m_X = 0,3.46 = 13,8 gam

Đáp án D

Gọi CTPT của ancol no, đơn chức, mạch hở là: C_nH_2n+1CH₂OH

C_nH_2n+1 CH₂OH + ½ O₂ → C_nH_2n+1CHO + H₂O  (1)

C_nH_2n+1 CH₂OH +   O₂ → C_nH_2n+1COOH + H₂O  (2)

BTKL => m_O2 = m_X – m_ancol = 7,36 – 5,12 = 2,24 (g)

=> n_O2 = 2,24 / 32 = 0,07 (mol)

=> Số mol O₂ trong mỗi phần = 0,035 (mol)

TH₁: Ancol ban đầu khác CH₃OH

Phần 1:  $n_{C_n{H}_{2n+1}CHO}=\frac{1}{2}{n}_{Ag} = 0,11\hspace{0.17em}\left(mol\right)$=> sản phẩm sau phản ứng chỉ có andehit phản ứng với Ag_­NO₃/NH₃.

=>  > 2n_O2 = 0,07  ( vì n_{andehit (1)} < 2n_O2 = 0,07 ) => loại 

TH₂: Ancol ban đầu là CH₃OH => n_CH3OH = 5,12/32 = 0,16 (mol) => Trong ½ phần n_CH3OH = 0,16/2 = 0,08 (mol)

CH₃OH + ½ O₂ → HCHO + H₂O

CH₃OH + O₂ → HCOOH + H₂O

Phần 1:  Gọi số mol của HCHO và HCOOH lần lượt là a và b (mol)

Ta có hệ phương trình: $\left\{\begin{array}{l}\sum _{n_{O_2}}= 0,5a\hspace{0.17em}+ b =0,035\\ \sum _{n_{Ag}}=4a +2b = 0,22 \end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}a = 0,05\\ b = 0,01\end{array}\right.$

Phần 2: Sản phẩm gồm HCHO: 0,05 (mol) ; HCOOH: 0,01 (mol) ;

                                       H₂O: 0,06 (mol) ; CH₃OH dư = (0,08-0,06)=0,02 (mol)

Cho sản phẩm tác dụng với Na thì có HCOOH, H₂O và CH₃OH dư đều phản ứng

=> m_rắn = m_HCOONa + m_NaOH + m_CH3ONa

             = 0,01.68 + 0,06.40 + 0,02.54

             = 4,16 (g)

Gần nhất với 4,2 g

Đáp án D

Chú ý:

H₂O và ancol đều tác dụng với Na

Đáp án A

Đốt Z cũng như đốt T:

$$\begin{gathered} C_2{H}_{6}O+3O_2\to 2C{O}_2+3H_{2}O \\ x 3x \\ {C}_3{H}_{8}O+4,5O_2\to 3C{O}_2^{}+4H_{2}O \\ y 4,5y \end{gathered}$$

Phản ứng ete hóa: Gọi số mol C₂H₅OH và C₃H₇OH phản ứng là a và b (mol)

+ Ta có: a+b = 2n_ete = 0,16 (3)

+ m _{ancol phản ứng} = m_ete + m_H2O = 6,76 + 0,08.18 = 8,2 gam => 46a + 60b = 8,2 (4)

(3)(4) => a = 0,1; b = 0,06

=> Hiệu suất ete hóa của C₂H₅OH và C₃H₇OH lần lượt là: 50% và 20%

Đáp án B

Có 5 chất có thể điều chế trực tiếp ra ancol etylic bằng 1 phản ứng là:

1. Etilen (CH₂=CH₂)

2. Anđehit axetic (CH₃CHO)

CH₃CHO + H₂ $\stackrel{Ni, t^0}{\to }$ C₂H₅OH

3. Etyl clorua CH₃CH₂Cl

CH₃CH₂Cl + NaOH _{dung dịch}  $\stackrel{ t^0}{\to }$ C₂H₅OH + NaCl

4. Natri etanat (C₂H₅ONa );

C₂H₅ONa + HCl _{dung dịch} -> C₂H₅OH + NaCl

5. Glucozơ (C₆H₁₂O₆).

C₆H₁₂O₆  $\stackrel{enzim}{\to }$ 2C₂H₅OH  +  CO₂

Đáp án A

Phương pháp giải: Bảo toàn khối lượng, phương pháp đường chéo.

BTKL: m_H2O = 5,4 g => n _ancol =  n _H2O = 0,3 mol

 => Ancol là C₂H₅OH và C₃H₇OH

Áp dung quy tắc đường chéo ta có:  

Xét 24,9g A  => n_C3H7OH = 0,3 mol ; n_C2H5OH = 0,15 mol

Gọi hiệu suất tạo ete của Y (C₃H₇OH) là a

=> n_H2O = 1/2 n_X + 1/2n_Y = 1/2. 0,15. 50% +1/2 . 0,3.a

= 0,15a + 0,0375

Mà  mete = m_ancol - m_H2O

<=> 8,895 = 0,15.50% . 46 + 0,3.a.60 - 18.(0,15a + 0,0375)

=> a = 0,4 = 40%

Đáp án B

Ta có n_X = n_Y =>

=> m_Y = 0,949.9,82 = 9,32 gam

=> ∆m_giảm = 9,82 – 9,32 = 0,5 gam

=> n_{ancol phản ứng} = 0,5:2=0,25 mol

TH1: Cả 2 ancol đều bị oxi hóa

n _{hh ancol} = 0,25  mol. => _ancol = 39,2 gam/ mol => CH₃Oh và C₂H₅OH ( thỏa mãn).

Sử dụng phương pháp đường chéo => n_CH3OH = 0,12 mol

=> %m_CH3OH = 39,01 %

TH2: Chỉ có 1 ancol phản ứng

=> n _{hh ancol} > 0,25 mol =>_ancol < 39,2 gam/ mol => CH₃Oh và C₂H₅OH ( vô lý)

Đáp án C

A là rượu no đa chức nên ta có CTTQ là C_xH_2x+2-y(OH)_y

C_xH_2x+2-y(OH)_y  →  0,5y H₂

0,6/y                       0,3

M_A=18,4/(0,6/y)=92y/3=14x+16y+2 <=>  14x+2 =44y/3

Thay x=y vào ta có y=3 => x= 3  A là C₃H₅(OH)₃

Đáp án C

X:  C_nH_2n+2O

Y C_mH_2m O₂

C_nH_2n+2O→     nCO₂  +           (n+1)H₂O

   x                   nx                    (n+1)x

C_mH_2m O₂→    mCO₂  +          m H₂O

y                       my                   my

n_H2O - n_CO2 = 0,12-0,1=0,02  = (n+1)x+ my- nx-my  => x= 0,02

Số mol 2 ancol bằng nhau  => x=y= 0,02 mol

=> nx+ my= 0,1  => n+m =5

Y có 1 nối đôi và 2 nhóm OH  => Y phải có 4 nguyên tử C trở lên  => Y: C₄H₆(OH)₂

=> X: CH₃OH

* Bảo toàn khối lượng

m_oxi= m_CO2  + m_H2O  -m_ancol = 4,4 + 2,16 - 0,02.32-0,02.88=4,16

=>n_oxi = 0,13 mol

=> V_oxi = 0,13.22,4 = 2,912 lít

Đáp án B

n_CaCO3 = 0,18 mol

n_Ca(OH)2 = 0,24 mol

BTNT “Ca” ta có: n_Ca(HCO3)2 = n_Ca(OH)2 – n_CaCO3 = 0,24 – 0,18 = 0,06 mol

BTNT “C”: n_CO2 = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2 = 0,18 + 2.0,06 = 0,3 mol => n_C = 0,3 mol

Mặt khác, m _{dd tăng} = m_CO2 + m_H2O – m_CaCO3 => 2,4 = 0,3.44 + m_H2O – 18

=> m_H2O = 7,2 gam => n_H2O = 0,4 mol => n_H = 0,8 mol

m_O(hchc) = m_hchc – m_C – m_H = 9,2 – 0,3.12 – 0,8.1 = 4,8 gam => n_O = 4,8 : 16 = 0,3 mol

C : H : O = 0,3 : 0,8 : 0,3 = 3 : 8 : 3

=> CTPT (C₃H₈O₃)_n  hay C_3nH_8nO_3n

Trong hchc ta luôn có: H ≤ 2C + 2 => 8n ≤ 2.3n + 2 => n ≤ 1

=> n = 1

Vậy CTPT của hchc là C₃H₈O₃

Đáp án A

X+ K (dư)

m_{bình tăng} = m_X – m_H2 => m_H2 = 12,2 – 11,9  = 0,3 gam

 Số nguyên tử C là 1 và 3 => có 1 ancol là CH₃OH

Gọi ancol còn lại là C₃H_aO

=> 2ancol là CH₃OH và CH₂=CH-CH₂-OH

Đáp án B

X+  3Br₂ → Y+ 3HBr

x      3x            3x

n_Br2 = n_HBr=x

ĐLBTKL => m_X  + m_Br2 = m_{hợp chất}  + m_HBr

5,4  + 160.3x = 17,25  +  81.3x

=> x= 0,05 mol

=> M_X = 5,4 : 0,05=108

=> X chỉ có thể là  CH₃ -C₆H₄-OH

Đáp án C

X+  3Br₂ → Y+ 3HBr

x      3x            3x

n_Br2 = n_HBr=x

ĐLBTKL => m_X  + m_Br2 = m_{hợp chất}  + m_HBr

6,1  + 160.3x = 17,95  +  81.3x

=> x= 0,05 mol

=> M_X = 6,1 : 0,05=122

=> X có thể là  C₂H₅C₆H₄OH hoặc (CH₃)₂C₆H₃OH

Biết hợp chất này có nhiều hơn 3 đồng phân cấu tạo  => X chỉ có thể là (CH₃)₂C₆H₃OH