Đáp án B

Bảo toàn nguyên tố Oxi : n_O(X) = 2n_CO2 + n_H2O – 2n_O2 = 0,55 mol = (Số liên kết peptit + 2).n_X

=> Số liên kết peptit = 9

n_N2 = 0,5n_N(X) = 5n_X = 0,25 mol

Bảo toàn khối lượng : m_X = m_N2 + m_CO2 + m_H2O – n_O2 = 36,4g

=> Với 0,025 mol X có khối lượng 18,2g

=> n_NaOH = 10n_X = 0,25 mol => n_NaOH dư

=> n_H2O = n_X = 0,025 mol

Bảo toàn khối lượng : m = m_X + m_{NaOH bđ} – m_H2O = 33,75g

Đáp án C

=21,87

Đáp án B

n_Gly=1,08 mol; n_Ala=0,48 mol

+ TH1: Giả sử

1 mol X: (Gly)_m có (m-1) liên kết peptit

3 mol Y: (Ala)_n có (n-1) liên kết peptit

=> m-1+n-1=5 (1)

=> m/3n=n_Gly/n_Ala=1,08/0,48 (2)

(1) và (2) => m=6,1; n=0,9 (loại)

+ TH2: Giả sử

1 mol X: (Ala)_m có (m-1) liên kết peptit

3 mol Y: (Gly)_n có (n-1) liên kết peptit

=> m-1+n-1=5 (3)

=> m/3n=n_Ala /n_Gly =0,48/1,08 (4)

(3) và (4) => m=4; n=3 (loại)

X là (Ala)₄=>n_X=n_Ala/4=0,12

Y là (Gly)₃=>n_Y=n_Gly/3=,036

=>m=0,12.(89.4-18.3)+0,36.(75.3-18.2)=104,28 gam

Đáp án B

CH₈N₂O₃ dễ dàng nhận ra đây là muối (NH₄)₂CO₃ nên chất còn lại C₃H₁₀N₂O₄ phải tạo ra 2 muối và khí NH₃

=> C₃H₁₀N₂O₄ có CTCT là: HCOO- NH₃- CH₂-COONH₄ :

Khí X duy nhất là NH₃ : n_NH3 = 1,232 : 22,4 = 0,055 (mol)

Gọi số mol (NH₄)₂CO₃: x mol

HCOO- NH₃- CH₂-COONH₄: y mol

Ta có:  n_NH3 = 2x + y = 0,055

m_X =  96x + 138y = 3,99

=> x = 0,02 (mol) ; y = 0,015 (mol)

Dung dịch Y chứa Na₂CO₃ : 0,02 (mol); HCOONa : 0,015 (mol) và NH₂- CH₂-COONa : 0,015 (mol)

=> Muối nhỏ nhất là HCOONa

=> %HCOONa = [ 0,015. 68 : ( 0,02.106 + 0,015.68 + 0,015. 97) ].100% = 22, 2%

Đáp án D

n_NaOH = 0,4 (mol)

E + NaOH → 3 muối + khí Z

=> Y  C₄H₁₂O₂N₂ phải là muối của Glyxin hoặc Alanin với amin

Gọi CT khí Z: C_n H_2n+3N:  x (mol)  + O₂  → 0,25 n_H2O + 0,15 ∑ n_{(CO2 +N2 )}

$\frac{n_{H_{2}O}}{\Sigma n_{(C{O}_2+N_2)}}=\frac{(n+1,5)x}{nx+0,5x}=\frac{0,25}{0,15}=>n=1$

=> CTCTcủa Y: CH₃-CH(NH₂)- COONH₃CH₃: 0,1 (mol) ( = n_NH3 sinh ra)

Gly – Ala – Lys: a mol

Ta có: n_NaOH =  3a + 0,1 = 0,4 => a = 0,1

E + HCl

Gly – Ala – Lys + 2H₂O + 4HCl → muối

CH₃-CH(NH₂)- COONH₃CH₃ + HCl → muối

=> m_muối = 260. 0,1 + 0,2. 18 + 0,4. 36,5 + 0,1.160 + 0,1. 36,5 = 62,25 (g)

Đáp án D

Chú ý:

Lys có 2 nhóm –NH₂ trong phân tử do đó 1 mol Gly – Ala – Lys cộng tối đa với 4 mol HCl

Đáp án B

n_O2 = 11,2 : 22,4 = 0,5 (mol)

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 20,8 (g)

Gọi nCO₂ và nH₂O là a và b mol

∑ m = 44a + 18b = 20,8

BTNT O: 2a + b = 0,5.2

(1) và (2) => a = 0,35 (mol) và b = 0,3 (mol)

Đặt CTPT của amin là: C_nH_2n+3N : x  (mol)  (n ≥ 3)

CTPT của 2 akin là C_mH_2m-2 : y (mol)  ( m > 2)

n_E = x + y = 0,15

n_CO2 = nx + my = 0,35

n_H2O = (n + 1,5)x + (m -1) y = 0,3

=> x = 0,04 ; y = 0,11

=> n_CO2 = 0,04n + 0,11m = 0,35

=> 4n +  11m = 35 ( thỏa mãn đk n ≥ 3 và m > 2)

Có nghiệm duy nhất là n = 3 và m = 23/11

=> amin là C₃H₉N: 0,04 (mol)

% m _C3H9N = [ 0,04.59 : ( 0,04.59 + 0,11.300/11) ].100% = 44,03%

Đáp án C

Quy đổi hỗn hợp E thành

C₂H₃ON: 0,48 mol

CH₂ : a mol

H₂O : b mol

=> m_E = 0,48.57 + 14a + 18b = 32,76 (1)

n_CO2 = 0,48.2 + a = 1,23  (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,27 và b = 0,09

=> n_H2O = 1,5.0,48 + a + b = 1,08

=> ∆ m = m_CO2 + m_H2O – m_CaCO3

            = 1,23.44 + 1,08.18 – 123 = -49,44 (g)

Vậy khối lượng dd giảm so với trước phản ứng là 49,44 gam

Đáp án C

Do E tác dụng với NaOH thu được muối của glyxin và valin nên Z là H₂NCH₂COOC₂H₅, T là C₂H₅OH (0,32 mol)

- Quy đổi E thành: 

BTNT C: n_CO2=x+y+0,32.2=x+y+0,64

BTNT H: n_H2O=0,5x+y+z+3.0,32=0,5x+y+z+0,96

+ m_CO2-m_H2O=44(x+y+0,64)-18(0,5x+y+z+0,96)=48,765(1)

+ m_E=43x+14y+18z+46.0,32=49,565(2)

+ m _muối=67x+16x+14y=55,255(3)

(1)(2)(3)=>x=0,535; y=0,775; z=0,055

- Gly: a mol; Val: b mol

+ BTNT C: 2a+5b=0,535+0,775+0,64=1,95

+ m _muối=m_Gly-Na+m_Val-Na=97a+139b=55,255

=> a=0,455; b=0,08

n_E=z=0,055=>n_X=0,03; n_Y=0,025

- Giả sử:

X: (Gly)_n(Val)_m 0,03 mol

Y: (Gly)_n’(Val)_m’ 0,025 mol

n_Gly=0,03n+0,025n’+0,32=0,455=>6n+5n’=27=>n=2; n’=3

n_Val=0,03m+0,025m’=0,08=>6m+5m’=16=>m=1; m’=2

Vậy Y là (Gly)₃(Val)₂ => M_Y=75.3+117.2-18.4=387đvC

Đáp án D

n_CO2=0,84 mol; n_H2O=1,12 mol

n_C=0,84 mol; n_H=2,24 mol

=> m_N=m_E-m_C-m_H=16,24-0,84.12-2,24=3,92g

=> n_N=n_amin=0,28 mol

=>n_X=0,2 mol; n_Y=0,08 mol

n’_H2O-n’_CO2=1,5n_amin

n”_H2O-n”_CO2=-n_ankin

Cộng 2 vế: n_H2O-n_CO2=1,5n_amin-n_ankin=>1,12-0,84=1,5.0,28 - n_ankin=>n_ankin=0,14 mol

n_E=0,28+0,14=0,42

C_tb=0,84/0,42=2 => Amin: CH₅N và C₂H₇N

CH₅N: 0,2

C₂H₇N: 0,08

C_nH_2n-2: 0,14

16,24=31.0,2+45.0,08+0,14(14n-2)=>n=3,4 (C₃H₄ và C₅H₈ hoặc C₂H₂ và C₄H₆)

nZ > nT=> C₃H₄: x và C₅H₈: y

x+y=0,14

3x+5y=0,84-0,2-0,08.2

=> x=0,11; y=0,03 (x>y thỏa mãn)

m=m_C3H3Ag+m_C5H7Ag=0,11.147+0,03.175=21,42 gam

Đáp án A

Z là este của α-amino axit có công thức C₃H₇O₂N

CTCT của Z là H₂N-CH₂-COOCH₃ →

$n_{H_{2}N-C{H}_2-COOC{H}_3}=n_{C{H}_{3}OH}=0,12 mol$

Gọi n(NH₂CH₂COOK) = x mol, n (NH₂CH(CH₃)COOK) = y

2NH₂CH₂COOK + 4,5O₂ → K₂CO₃ + 3CO₂ + 4H₂O + N₂

    X                       2,25x     0,5x

2NH₂CH(CH₃)COOK + 7,5O₂ → K₂CO₃ + 5CO₂ + 6H₂O + N₂

     Y                          3,75y      0,5y

=> n(O₂ phản ứng) = 2,25x + 3,75y = 1,455 (1)

n(K₂CO₃) = 0,5x+0,5y = 0,25 (2). Giải hệ ta có: x= 0,28; y=0,22

X là (Gly)_n(Ala)_4-n a mol, Y là (Gly)_m(Ala)_5-m b mol.

H₂N-CH₂-COOCH₃ + KOH $\to$ NH₂CH₂COOK + CH₃OH

   0,12                               0,12                      0,12                            0,12

X + 4KOH $\to$ muối + H₂O              Y +  5KOH $\to$ muối + H₂O

 a      4a                           a                b        5b               b

BTNT cho Na ta có n(KOH pứ) = 0,12 + 4a+5b = 0,5 suy ra 4a+5b=0,38 (3)

BTNT ta có 36,86 + 40.0,5=113.0,28 + 127.0,22+3,84+18(a+b) suy ra a+b=0,08 (4)

Giải hệ ta có: a=0,02; b=0,06.

BT gốc Ala ta có n(muối Ala) = 0,22=0,22(4-n) + 0,06.(5-m) => n+3m=8

=> n=8-3m≤4 => m≥1,33 và 3m<8 => m<2,66 => m=2 => n=2

Vậy X là (Gly)₂(Ala)₂ 0,02 mol và Y là (Gly)₂(Ala)₃ 0,06 mol

=> %m(X)=0,02.274/36,86=14,867%=> Chọn A. 14,87%

Đáp án C

Đốt 82,86 gam hỗn hợp thu được 193,62 gam

Đốt m gam hỗn hợp thu được 139,5 gam

=>m=59,7 gam

Đáp án A

n_N2 = 0,155 (mol) => n_N = 0,31 (mol)

Quy đổi E thành C₂H₃ON (0,31 mol); CH₂ ( a mol); H₂O (b mol)

m_E = 14a + 18b + 0,31.57 = 27,95 (1)

n_C = n_CaCO3 = a + 0,31.2 = 1,2 (2)

Từ (1) và (2) => a = 0,58 ; b = 0,12 (mol)

Số C = n_C/ n_E = 1,2 / 0,12 = 10

Số N = n_N/ n_E = 0,31/ 0,12 = 2,58 => có đipeptit

Vậy  X là Val – Val => n_X = 0,12. 75% = 0,09 (mol)

Phần còn lại của Y và Z có 7 liên kết peptit nên:

Y là (Gly)₂(Ala)₂ : y mol

Z là (Gly)₅ : z mol

n_E = 0,09 + y + z = 0,12 (3)

n_N = 0,09.2 + 4y + 5z = 0,31 (4)

Từ ( 3) và (4) => y = 0,02; z = 0,01 (mol)

=> %Y  = [(0,02. 274) : 27,95 ].100% =19,61%

Đáp án C

nN₂=2,464/22,4=0,11 mol

- Quy đổi:

- Giả sử số liên kết peptit trong X và Y lần lượt là c và d => số mắt xích trong X và Y lần lượt là c+1 và d+1

X: Gly_nVal_4-n (0,01 mol) 0≤n≤4

Y: Gly_mVal_6-m (0,03 mol) 0≤m≤6

nGly=0,01n+0,03m=0,11 => n=2, m=3 thỏa mãn

Vậy X là Gly₂Val₂, Y là Gly₃Val₃

%m_X=0,01.330/(0,01.330+0,03.486)=18,47%