25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa năm 2022 có lời giải (Đề 16)

Chọn đáp án D

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A

Chọn đáp án C

Chọn đáp án A

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Chọn đáp án C

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án B

Chọn đáp án D

Chọn đáp án D

Chọn đáp án A

Chọn đáp án B

Chọn đáp án C

Chọn đáp án C

Chọn đáp án D

Chọn đáp án B

Chọn đáp án C

Chọn đáp án D

Chọn đáp án D

Chọn đáp án C

Chọn đáp án B

Chọn đáp án B

Chọn đáp án A.

Giả sử Ba²⁺ hết lúc đó $n_{HC{O_3}^{-}}+n_{C{O_3}^{2-}}=n_{C{O}_2}=\mathrm{0,25}mol$

Giả sử dung dịch X có chứa HCO₃^–, CO₃^2–. Khi nhỏ từ từ X vào dung dịch HCl thì:

 $\left\{\begin{array}{l}{n}_{HC{O_3}^{-}}+n_{C{O_3}^{2-}}=n_{C{O}_2}=\mathrm{0,25}\\ n_{HC{O_3}^{-}}+2n_{C{O_3}^{2-}}=n_{H^{+}}=\mathrm{0,35}\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{n}_{HC{O_3}^{-}}=\mathrm{0,15}mol\\ n_{C{O_3}^{2-}}=\mathrm{0,1}mol\end{array}\right.\Rightarrow \frac{n_{HC{O_3}^{-}}}{n_{C{O_3}^{2-}}}=\frac{3}{2}$(tỉ lệ mol phản ứng)

Trong dung dịch X gồm Na⁺ (0,2 mol), K⁺ (0,255 mol), HCO₃^– (3x mol), CO₃^2– (2x mol).

 $\stackrel{BTDT\left(X\right)}{\to }x=\mathrm{0,065}mol$ $\stackrel{BT:C}{\to }{n}_{C{O}_2}=n_{HC{O_3}^{-}}+n_{C{O_3}^{2-}}+n_{BaC{O}_3}=\mathrm{0,425}mol\Rightarrow V_{C{O}_2}=\mathrm{9,52}\left(l\right).$

Chọn đáp án C.

(a) KHSO₄ + Ba(HCO₃)₂ → BaSO₄↓ + K₂SO₄ + CO₂↑ + H₂O

(b) NH₄HCO₃ + Ba(OH)₂ → BaCO₃↓ + NH₃↑ + 2H₂O

(c) $\left\{\begin{array}{l}Ca{\left(HC{O}_3\right)}_2\\ Mg{\left(HC{O}_3\right)}_2\end{array}\right.\stackrel{t^o}{\to }\left\{\begin{array}{l}CaC{O}_3\\ MgC{O}_3\end{array}\right.\downarrow +C{O}_2\uparrow +H_{2}O$

(d) Al + NaOH + H₂O → NaAlO₂ + H₂↑

(e) Na + H₂O → NaOH + $\raisebox{1ex}{$1$}\!\left/ \!\raisebox{-1ex}{$2$}\right.$H₂↑ và 2NaOH + CuSO₄ → Cu(OH)₂↓ + Na₂SO₄

⇒ Các phản ứng thỏa mãn là: a, b, c, e.

Chọn đáp án D.

Đặt x là số mol của X và 2x là số mol của Y

Khi cho E tác dụng với KOH thì: $\left\{\begin{array}{l}{n}_{H_{2}O}=2xmol\\ n_{C_3{H}_5{\left(OH\right)}_3}=xmol\end{array}\right.$ và $n_{NaOH}=3x+2x=5xmol$

Áp dụng BTKL: 49,56 + 5x.56 = 54,88 + 92x + 2x.18 $\to$ x = 0,035

$\to$ [255 + 281 + (M_Y – 1) + 41].0,035 + 0,07.M_Y = 49,56 $\to$ M_Y = 280: C₁₇H₃₁COOH

Khi cho E tác dụng với Br₂ thì:  = 3x + 2.2x = 0,245 mol $\stackrel{BTKL}{\to }$ m_{sản phẩm hữu cơ} = 88,76 (g)

Vậy$\frac{a}{\mathrm{0,105}}=\frac{\mathrm{63,40}}{\mathrm{88,76}}\Rightarrow a=\mathrm{0,075.}$

Chọn đáp án A.

(b) Sai. Glucozơ bị oxi hóa.

(c) Sai. Amilopectin có cấu trúc mạch phân nhánh.

(d) Sai. Thành phần chính của cồn 70^o là etanol (C₂H₅OH).

(e) Sai. Hiện tượng đông tụ protein.

Chọn đáp án C.

Quy đổi hỗn hợp ban đầu thành Na: x mol, K: y mol, O: z mol.

Vì pH < 1 Þ HCl còn dư. Khi cô cạn thì HCl bay hơi còn lại hai muối NaCl và KCl

$\left\{\begin{array}{l}BTe:x+y=2z+\mathrm{2.0,02}\\ BT\left(Cl\right):x+y=\mathrm{0,15}-\mathrm{0,01}=\mathrm{0,14}\\ m_{r\mathrm{¾}n}=\mathrm{58,5}x+\mathrm{74,5}y=\mathrm{9,15}\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}x=\mathrm{0,08}\\ y=\mathrm{0,06}\\ z=\mathrm{0,05}\end{array}\right.\Rightarrow m=\mathrm{4,98}gam.$

Chọn đáp án B.

Đặt x, y, z lần lượt là số mol của etyl axetat, metyl acrylate và 2 hiđrocacbon.

$\left\{\begin{array}{l}{n}_X=x+y+z=\mathrm{0,26}\\ BT\left(H\right)\Rightarrow n_{H_{2}O}=4x+3y+(n+1-k)z=\mathrm{0,58}\\ BT(C,O):2x+2y+\mathrm{2.0,79}=2\underset{n_{C{O}_2}}{\underbracket{(4x+4y+nz)}}+\mathrm{0,58}\end{array}\right.\iff \left\{\begin{array}{l}x+y+z=\mathrm{0,26}\\ 4x+3y+nz+z-kz=\mathrm{0,58}\\ 6x+6y+2nz=1hay3x+3y+nz=\mathrm{0,5}\end{array}\right.$

$\iff \left\{\begin{array}{l}x+y+z=26\\ x+z-kz=\mathrm{0,08}\end{array}\right.\Rightarrow n_{B{r}_2}=n_{{\pi }_{(C=C)}}=y+kz=\mathrm{0,18}mol$

Chọn đáp án A.

Gọi 6x, x, 2x lần lượt là số mol của Fe, Fe₃O₄ và FeCO₃ $\to$ m = 800x (1)

Khi cho Y tác dụng với Cu thì muối thu được là FeSO₄, CuSO₄

Bảo toàn e cho cả quá trình: 6x.2 – 2x + $2.\frac{\mathrm{0,2}m}{64}$ =$2n_{S{O}_2}\Rightarrow 10x+\frac{m}{160}=2.(\mathrm{0,095}-2x)$ (2)

Từ (1), (2) suy ra: m = 8 gam ; x = 0,01 mol Þ SO₂: 0,075 mol

Hấp thụ hỗn hợp khí Z vào Ca(OH)₂ dư thu được CaCO₃ và CaSO₃ $\to$ a = 11 (g).

Chọn đáp án C.

$\underset{\mathrm{0,09}mol;x>y}{\underbracket{E\left\{\begin{array}{l}X:C_n{H}_{2n+2+a}{N}_a:xmol\\ Y:C_m{H}_{2m+2}:ymol\end{array}\right.}}+\underset{\mathrm{0,67}mol}{\underbracket{O_2}}\stackrel{}{\to }C{O}_2+N_2+\underset{\mathrm{0,54}mol}{\underbracket{H_{2}O}}$

BT (O) ⇒$n_{C{O}_2}=\frac{\mathrm{0,67.2}-\mathrm{0,54}}{2}=\mathrm{0,4}mol.$

$n_{H_{2}O}-n_{C{O}_2}=\frac{n_H}{2}-n_C\iff (1+\mathrm{0,5}a)x+y=\mathrm{0,14}\iff x+y+\mathrm{0,5}ax=\mathrm{0,14}\stackrel{x+y=\mathrm{0,09}}{\to }\text{\hspace{0.17em}ax}=\mathrm{0,1}$

BT(C):$n_{C{O}_2}=\mathrm{0,05}n+\mathrm{0,04}m=\mathrm{0,4}\iff 5n+4m=40\stackrel{n,m\in N^{*}}{\to }\left\{\begin{array}{l}n=4\Rightarrow C_4{H}_{12}{N}_2:\mathrm{0,05}\\ m=5\Rightarrow C_5{H}_{12}:\mathrm{0,04}\end{array}\right.\Rightarrow m_X=\mathrm{7,28}g.$

Ta có:$\frac{\mathrm{14,56}}{\mathrm{7,28}}=2\Rightarrow m_{X\left(\mathrm{14,56}gE\right)}=\mathrm{8,8}gam.$

Chọn đáp án B.

Đặt x, y, z lần lượt là số mol của X, Y, Z

Khi cho E tác dụng với NaOH thì: $x+2z=n_{NaOH}=\mathrm{0,1}$(1) và $x+y+z=\mathrm{0,09}$ $\to$ z – y = 0,01 (2)

Khi đốt cháy E thì:$\left\{\begin{array}{l}{n}_{C{O}_2}-n_{H_{2}O}=-y+z=\mathrm{0,01}\\ 44n_{C{O}_2}-18n_{H_{2}O}=\mathrm{10,84}\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{n}_{C{O}_2}=\mathrm{0,41}\\ n_{H_{2}O}=\mathrm{0,4}\end{array}\right.$

$\stackrel{BT:O}{\to }2x+2y+4z+\mathrm{0,48.2}=2n_{C{O}_2}+n_{H_{2}O}\Rightarrow y=\mathrm{0,03}$

Từ (1), (2) suy ra: x = 0,02 ; z = 0,04. BTKL cho phản ứng cháy: m_E = 9,88 (g)

Khi cho 14,82g E (gấp 1,5 so với ban đầu) tác dụng với KOH thì:

$\stackrel{BTKL}{\to }\mathrm{14,82}+\mathrm{56.1,5.}(x+2z)=m+\mathrm{62.1,5.}(y+z)+\mathrm{18.1,5.}x\Rightarrow m=\mathrm{16,17}\left(g\right).$

Chọn đáp án C.

Ống nghiệm thứ nhất: tách lớp (anilin ở dưới lớp nước) do anilin ít tan trong nước.

Ống nghiệm thứ hai: tạo dung dịch đồng nhất do C₆H₅NH₂ + HCl $\stackrel{}{\to }$ C₆H₅NH₃Cl

Ông nghiệm thứ ba: có xuất hiện kết tủa trắng do C₆H₅NH₂ + 3Br₂ $\stackrel{}{\to }$ C₆H₂Br₃NH₂ + 3HBr

Các ý đúng là b, c, d, e.