(2024) Đề thi thử THPT môn Sinh học trường THPT Đội Cấn lần 2
40 câu hỏi
Theo lý thuyết, bằng phương pháp gây đột biến tự đa bội, từ tế bào thực vật có kiểu gen Aa có thể tạo ra được tế bào tứ bội có kiểu gen là
AAAA
Aaaa
AAaa
aaaa
Chọn đáp án C
Phương pháp:
Phương pháp gây đột biến tự đa bội là phương pháp dùng cônsixin để ngăn cản sự tổng hợp thoi vô sắc trong quá trình nguyên phân, tạo ra cơ thể 4n từ thể lưỡng bội 2n.
Cách giải:
Cơ thể ban đầu có kiểu gen Aa.
Sau khi đột biến tự đa bội, kiểu gen của tế bào tứ bội là: AAaa.
Hình vẽ sau mô tả dạng đột biến cấu trúc nhiễm sắc thể nào?
Đảo đoạn.
Lặp đoạn.
Chuyển đoạn.
Mất đoạn.
Chọn đáp án A
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về đặc điểm của các dạng đột biến cấu trúc NST để giải bài tập.
Cách giải:
Dựa vào hình vẽ, dạng đột biến cấu trúc NST đó là đột biến đảo đoạn.
Khi nói về thể đột biến tam bội ở thực vật, phát biểu nào sau đây đúng?
Trong tế bào sinh dưỡng, một số cặp NST chứa 3 chiếc NST
Cơ quan sinh dưỡng sinh trưởng mạnh, kích thước lớn hơn so với thể tứ bội.
Không có khả năng sinh trưởng, chống chịu các điều kiện bất lợi từ môi trường.
Hầu như không có khả năng sinh giao tử bình thường.
Phương pháp:
Dựa vào đặc điểm của thể tam bội ở thực vật để trả lời câu hỏi.
Cách giải:
Phát biểu đúng là đáp án D.
A sai, vì ở thể tam bội, tất cả các cặp NST trong tất cả các tế bào của cơ thể đều chứa 3 chiếc NST.
B sai, vì kích thước của các cơ quan sinh dưỡng ở thể tứ bội lớn hơn so với thể tam bội.
C sai, vì thể tam bội có khả năng sinh trưởng, chống chịu với các điều kiện bất lợi từ môi trường.
Chọn D.
Xét một Operon Lac ở E.coli, khi môi trường không có lactozo nhưng enzim chuyển hóa
lactozo vẫn được tạo ra. Một học sinh đã được ra một số giải thích cho hiện tượng trên như sau:
(1). Do vùng khởi động (P) bị bất hoạt nên enzim ARN polimeraza có thể bám vào và khởi động quá trình phiên mã.
(2). Do gen điều hòa (R) đột biến nên không tạo được protein ức chế.
(3). Do vùng vận hành (O) bị đột biến nên không liên kết được với protein ức chế.
(4). Do gen cấu trúc (Z, Y, A) bị đột biến làm tăng khả năng biểu hiện của gen.
Những giải thích đúng là
(2), (3) và (4).
(2) và (3).
(2) và (4).
(1), (2) và (3).
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về điều hòa hoạt động gen của Operon Lac ở vi khuẩn E.coli để trả lời câu hỏi.
Cách giải:
Các phát biểu giải thích đúng về hiện tượng trên là: (2) và (3).
(2) đúng vì gen điều hòa có nhiệm vụ tổng hợp protein ức chế, protein ức chế sẽ tới gắn vào vùng vận hành
(O) để ngăn cả quá trình phiên mã khi môi trường không có lactozo.9
Vì vậy nếu gen điều hòa bị đột biến và không còn khả năng tổng hợp protein ức chế thì quá trình tổng hợp enzim lactaza sẽ diễn ra.
(3) đúng vì vùng vận hành (O) là nơi gắn của protein ức chế. Nếu vùng O bị đột biến không liên kết được với protein ức chế thì quá trình phiên mã sẽ diễn ra ngay cả khi môi trường không có lactozo.
Chọn B.
Đột biến gen là gì?
Là những biến đổi trong cấu trúc của gen liên quan đến một hoặc một số cặp nucleotit.
Là sự biến đổi xảy ra trong phân tử ADN liên quan đến một hoặc một số cặp NST.
Là sự biến đổi vật chất di truyền xảy ra trong cấu trúc phân tử NST.
Là sự biến đổi kiểu hình thích nghi với môi trường.
Phương pháp:
Dựa vào kiến thức đã học về khái niệm của đột biến gen.
Cách giải:
Đột biến gen là những biến đổi trong cấu trúc của gen liên quan đến một hoặc một số cặp nucleotit.
Chọn A.
Nồng độ Ca2+ trong cây là 0,3%, trong đất là 0,1%. Cây sẽ nhận Ca2+ bằng cách nào?
Thẩm thấu.
Hấp thụ chủ động.
Khuếch tán.
Hấp thụ thụ động.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về nguyên lý của các con đường vận chuyển qua màng sinh chất.
Cách giải:
Dựa vào nồng độ Ca2+ trong cây và trong đất, ta thấy nồng độ Ca2+ trong cây cao hơn so với nồng độ Ca2+ trong đất.
→ Ca2+ được vận chuyển nhờ hình thức vận chuyển chủ động (hấp thụ chủ động).
Chọn B.
Một loài thực vật có bốn cặp NST được kí hiệu là Aa, Bb, Dd và Ee. Trong các cơ thể có bộ nhiễm sắc thể sau đây, có bao nhiêu thể ba?
I. AaaBbDdEe II. AbbDdEe III. AaBBbDdEe IV. AaBbDdEe
1
2
3
4
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về thể ba: Thể ba là cơ thể có đột biến lệch bội, trong đó một cặp NST nào đó có 3 chiếc NST, các cặp NST còn lại bình thường.
Cách giải:
Các dạng thể ba là: I, III.
II là thể một.
IV là thể lưỡng bội.
Chọn B.
Động vật nào sau đây hô hấp bằng hệ thống ống khí?
Châu chấu.
Rắn.
Giun đất.
Cá.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về các hình thức hô hấp ở động vật.
Cách giải:
Động vật hô hấp bằng hệ thống ống khí đó là côn trùng, ví dụ như châu chấu.
Chọn A.
Ở sinh vật nhân thực bộ ba 5’ AUG 3’ chỉ mã hóa cho axit amin Methionin, điều này thể hiện đặc điểm nào của mã di truyền?
Mã di truyền có tính thoái hóa.
Mã di truyền là mã bộ ba.
Mã di truyền có tính phổ biến.
Mã di truyền có tính đặc hiệu.
Phương pháp:
Dựa vào kiến thức đã học về các đặc trưng của mã di truyền.
Cách giải:
Bộ ba 5’ AUG 3’ chỉ mã hóa cho axit amin Methionin, điều này thể hiện tính đặc hiệu của mã di truyền.
Tính đặc hiệu của mã di truyền là hiện tượng mỗi bộ ba chỉ mã hóa một loại axit amin.
Chọn D.
Ở thực vật, bào quan thực hiện chức năng quang hợp là?
lục lạp.
riboxom.
bộ máy Gongi.
ti thể.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về quá trình quang hợp ở thực vật.
Cách giải:
Ở tế bào thực vật, bào quan thực hiện chức năng quang hợp là lục lạp.
Chọn A.
Một quần thể thực vật có alen A bị đột biến thành alen a, alen B bị đột biến thành alen b. Biết các cặp gen tác động riêng rẽ và alen trội là trội hoàn toàn. Các kiểu gen nào sau đây là của thể đột biến?
AABb và AaBb.
AABB và AABb.
aaBb và Aabb.
AaBb và AABb.
Phương pháp:
Dựa vào kiến thức đã học về thể đột biến. Thể đột biến là cơ thể mang đột biến và đã biểu hiện ra kiểu hình.
Cách giải:
Dựa vào đề bài, 2 alen đột biến là alen a và alen b → Kiểu gen của thể đột biến phải có mặt: aa hoặc bb hoặc cả aa và bb.
Các kiểu gen của thể đột biến là aaBb và Aabb.
Chọn C.
Trong vòng tuần hoàn nhỏ của hệ tuần hoàn kép, máu theo tĩnh mạch phổi trở về tim là máu
giàu CO2.
giàu O2.
nghèo dinh dưỡng.
nghèo O2.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về đặc điểm của dòng máu chảy trong hai vòng tuần hoàn của cơ thể động vật có hệ tuần hoàn kép.
Vòng tuần hoàn nhỏ là vòng tuần hoàn đi tới cơ quan hô hấp (phổi) để lấy O2.
Cách giải:
Trong vòng tuần hoàn nhỏ của hệ tuần hoàn kép, máu theo tĩnh mạch phổi trở về tim là máu giàu O2.
Chọn B.
Khi nói về hệ tuần hoàn, phát biểu nào sau đây đúng?
Ở tất cả các loài, hệ tuần hoàn đều làm nhiệm vụ vận chuyển O2 và CO2.
Tim có tính tự động là do hệ dẫn truyền tim.
Nhịp tim của trẻ em thường thấp hơn người bình thường.
Ở hệ tuần hoàn của lưỡng cư, áp lực máu ở động mạch đi nuôi cơ thể thấp.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về đặc điểm của hệ tuần hoàn.
Cách giải:
Phát biểu đúng là đáp án B.
A sai, vì ở các loài côn trùng, hệ tuần hoàn chỉ có nhiệm vụ vận chuyển chất dinh dưỡng đi nuôi cơ thể. Hệ thống ống khí đảm nhận nhiệm vụ vận chuyển O2 và CO2 trong cơ thể.11
C sai, vì nhịp tim của trẻ em thường nhanh hơn người trưởng thành, do các quá trình trao đổi chất và chuyển hóa trong cơ thể trẻ diễn ra rất mạnh.
D sai, vì ở các loài lưỡng cư có hệ tuần hoàn kín, áp lực máu chảy trong động mạch có áp lực cao.
Chọn B.
Nhà khoa học nào sau đây đưa ra giả thuyết cho nhân tố di truyền của bố và mẹ tồn tại trong tế bào của cơ thể con một cách riêng rẽ, không hòa trộn vào nhau?
K. Coren.
G.J. Menđen.
Jacop.
T.H. Moocgan.
Phương pháp:
Dựa vào kiến thức đã học về các quy luật di truyền đã học.
Cách giải:
Giả thuyết cho nhân tố di truyền của bố và mẹ tồn tại trong tế bào của cơ thể con một cách riêng rẽ, không hòa trộn vào nhau được Menđen đưa ra để giải thích cho quy luật phân li.
Chọn B.
Trong tế bào, phân tử nào sau đây được dùng làm khuôn cho quá trình dịch mã ở riboxom?
mARN.
tARN.
rARN.
ADN.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về vai trò của các thành phần tham gia quá trình dịch mã ở riboxom.
Cách giải:
Trong quá trình dịch mã ở riboxom, phân tử mARN được dùng làm khuôn để tổng hợp protein.
Chọn A.
Tác hại của đột biến thay thế cặp nucleotit có thể được giảm bớt nhờ vào đặc tính nào của mã di truyền?
Tính đặc trưng.
Tính phổ biến.
Tính thoái hóa.
Là mã bộ ba.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về các đặc trưng của mã di truyền.
Cách giải:
Nhờ có đặc tính thoái hóa của mã di truyền (mỗi axit amin được mã hóa bởi nhiều bộ ba khác nhau), nên khi đột biến thay thế cặp nuclêôtit xảy ra ở nucleotit thứ ba trong mã di truyền thì có thể không làm thay đổi loại axit amin (đột biến vô nghĩa).
Chọn C.
Trong cơ chế điều hòa hoạt động Operon Lac của vi khuẩn E.coli, giả sử gen Z nhân đôi 1 lần và phiên mã 20 lần. Theo lí thuyết, phát biểu nào sau đây đúng?
Gen điều hòa phiên mã 20 lần.
Gen điều hòa nhân đôi 2 lần.
Gen Y phiên mã 20 lần.
Gen A phiên mã 10 lần.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về quá trình điều hòa hoạt động gen ở E.coli.
Cách giải:
Vì 3 gen cấu trúc Z, Y, A thuộc cùng 1 Operon nên số lần nhân đôi và số lần phiên mã của 2 gen cấu trúc này sẽ luôn bằng nhau.
Chọn C.
Khi nói về quá trình quang hợp, phát biểu nào sau đây đúng?
Pha tối của quang hợp không phụ thuộc vào nhiệt độ của môi trường.
Quá trình quang hợp xảy ra ở tất cả các tế bào của cây xanh.
Quang hợp là một quá trình phân giải chất hữu cơ thành chất vô cơ dưới tác dụng của ánh sáng.
Quá trình quang hợp ở cây luôn có pha sáng và pha tối.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về quá trình quang hợp ở thực vật.
Cách giải:
Quá trình quang hợp ở thực vật luôn bao gồm 2 giai đoạn: pha sáng và pha tối → D đúng.
A sai, vì pha tối của quang hợp chịu ảnh hưởng của nhiệt độ môi trường.
B sai, vì quá trình quang hợp chỉ xảy ra ở các tế bào chứa bào quan lục lạp ở cơ thể thực vật.
C sai, vì quang hợp là quá trình tổng hợp chất hữu cơ từ các chất vô cơ dưới tác dụng ánh sáng.
Chọn D.
Thể dị bội (thể lệch bội) là thể có
tất cả các cặp nhiễm sắc thể tương đồng trong tất cả các tế bào sinh dưỡng của cơ thể đều tăng lên hoặc giảm đi.
số lượng NST ở một hoặc một số cặp NST tương đồng nào đó trong tất cả các tế bào sinh dưỡng của cơ thể tăng lên hoặc giảm đi.
một số gen trong một số tế bào sinh dưỡng của cơ thể bị đột biến.
một số NST trong một số tế bào sinh dưỡng bị đột biến cấu trúc.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về thể dị bội.
Cách giải:
Thể dị bội (thể lệch bội) là thể có số lượng NST ở một hoặc một số cặp NST tương đồng nào đó trong tất cả các tế bào sinh dưỡng của cơ thể tăng lên hoặc giảm đi.
Chọn B.
Một loài thực vật có bộ NST 2n = 16, một loài thực vật khác có bộ NST 2n = 18. Thể song nhị bội được hình thành từ hai loài trên có số lượng NST là
18
17
34
36
Phương pháp:
Thể song nhị bội (2nA +2nB) là cơ thể được tạo thành mang bộ NST lưỡng bội của cả hai loài sinh vật.
Cách giải:
Thể song nhị bội được hình thành từ hai loài trên có số lượng NST là: 16 + 18 = 34 (NST).
Chọn C.
Hai cặp gen (A, a) và (B, b) phân li độc lập trong quá trình hình thành giao tử. Cách viết kiểu gen nào sau đây đúng?
aABb.
AB/ab.
AaBb.
ABab.
Phương pháp:
Dựa vào kiến thức đã học về quy luật phân li độc lập.
Cách giải:
Kiểu gen đúng là: AaBb.
Chọn C.
Theo lí thuyết, phép lai cho đời con có 50% kiểu gen đồng hợp tử trội là?
AA × AA.
Aa × Aa.
Aa × aa.
Aa × AA.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về quy luật phân li để tìm phép lai chính xác.
Cách giải:
Theo lí thuyết, phép lai cho đời con có 50% kiểu gen đồng hợp tử trội là: Aa × AA.
P: AA × Aa → F1: 50% AA : 50% Aa.
Chọn D.
Nhận định nào sau đây không đúng khi nói về cơ chế di truyền phân tử được mô tả ở Hình 2?
Quá trình này dựa trên nguyên tắc bổ sung.
ARN polimeraza vừa tổng hợp mạch mới vừa tháo xoắn.
Có sử dụng nucleotit loại Timin tự do của môi trường.
Hình 2 thể hiện quá trình phiên mã.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về quá trình phiên mã ở tế bào nhân thực.
Cách giải:
Phát biểu không đúng là đáp án C. Quá trình phiên mã không sử dụng nucleotit loại timin làm nguyên liệu tổng hợp mARN.
Chọn C.
Ở một loài côn trùng, gen A nằm trên NST thường quy định tính trạng màu mắt có 3 alen. Tiến hành 2 phép lai:
Phép lai 1: đỏ × đỏ → F1: 75% đỏ : 25% nâu
Phép lai 2: vàng × nâu → F1: 100% vàng. Kết luận về thứ tự các alen từ lặn đến trội là:
đỏ → nâu → vàng.
nâu → đỏ → vàng.
nâu → vàng → đỏ.
vàng → nâu → đỏ.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về quy luật đồng trội để giải bài tập.
Cách giải:
Từ phép lai 1, P: đỏ x đỏ → F1 cho 3 đỏ : 1 nâu
→ Tính trạng mắt đỏ trội so với tính trạng mắt nâu.
Từ phép lai 2, P: vàng x nâu → F1 cho 100% vàng
→ Tính trạng mắt vàng trội hơn so với mắt nâu.
Ở F1 không xuất hiện kiểu hình mắt đỏ → Tính trạng mắt vàng trội hơn so với mắt đỏ.
Chọn B.
Ở sinh vật nhân thực, cấu trúc được tạo ra từ sự liên kết giữa phân tử ADN và protein histon được gọi là?
gen.
mARN.
nhiễm sắc thể.
tARN.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về thành phần cấu tạo nhiễm sắc thể.
Cách giải:
Ở sinh vật nhân thực, cấu trúc được tạo ra từ sự liên kết giữa phân tử ADN và protein histon được gọi là nhiễm sắc thể.
Chọn C.
Theo mô hình operon Lac, vì sao protein ức chế bị mất tác dụng?
Vì lactozo làm mất cấu hình của protein ức chế.
vì protein ức chế bị phân hủy khi có lactozo.
Vì gen cấu trúc làm gen điều hòa bị bất hoạt.
Vì lactozo làm gen điều hòa không hoạt động.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về quá trình điều hoạt động của Operon Lac ở vi khuẩn E.coli.
Cách giải:
Theo mô hình operon Lac, protein ức chế bị mất tác dụng vì lactozo trong môi trường liên kết với protein ức chế làm mất cấu hình của protein ức chế.
Chọn A.
Một đoạn ADN nằm ở khoảng giữa 1 đơn vị nhân đôi như hình vẽ (O là điểm khởi đầu sao chép; I, II, III, IV chỉ các đoạn mạch đơn của ADN). Trong các phát biểu sau đây, phát biểu nào sai?
Đoạn mạch IV được sử dụng làm khuôn để tổng hợp mạch mới một cách liên tục.
Đoạn mạch I được sử dụng làm khuôn để tổng hợp mạch mới một cách gián đoạn.
Enzim ADN polimeraza tác động trên cả 2 đoạn mạch I và III.
Trên đoạn mạch II, enzim ADN polimeraza xúc tác tổng hợp mạch mới theo chiều 3’ - 5’.
Phương pháp:
Dựa vào kiến thức đã học về quá trình nhân đôi ADN ở sinh vật nhân thực để giải bài tập.14
Cách giải:
Phát biểu sai là đáp án D. Vì tính theo chiều tháo xoắn, đoạn mạch II có chiều từ 3’ đến 5’. Enzim ADN polimeraza luôn tổng hợp mạch mới theo chiều 5’ - 3’.
Chọn D.
Ở vi khuẩn E.coli, tổng hợp protein ức chế là vai trò của?
vùng vận hành.
các gen cấu trúc.
vùng khởi động.
gen điều hòa.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về quá trình điều hòa hoạt động gen ở E.coli.
Cách giải:
Ở vi khuẩn E.coli, tổng hợp protein ức chế là vai trò của gen điều hòa.
Chọn D.
Xét 4 tế bào sinh tinh có kiểu gen AaBbDd, 4 tế bào này thực hiện giảm phân tạo giao tử. Trong đó có 1 tế bào không phân li cặp NST mang gen Aa trong giảm phân I, giảm phân II diễn ra bình thường. Theo lí thuyết, trong các trường hợp phát sinh tỉ lệ giao tử sau, trường hợp nào không thể xảy ra?
2:2:1:1:1:1.
3:3:1:1.
1:1:1:1.
1:1:1:1:1:1:1:1.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về quá trình phân li NST trong giảm phân để giải bài tập.
Cách giải:
Trong 4 tế bào tiến hành giảm phân:
3 tế bào giảm phân bình thường tạo ra 12 giao tử với tỉ lệ có thể là: 6:6 hoặc 4:4:2:2 hoặc 2:2:2:2:2:2.
1 tế bào giảm phân có rối loạn phân li cặp NST mang gen Aa trong giảm phân I, giảm phân II diễn ra bình thường cho 2 loại giao tử với tỉ lệ 2:2.
→ Các tỉ lệ giao tử được tạo ra từ 4 TB sinh tinh là: 3:3:1:1 hoặc 2:2:1:1:1:1 hoặc 1:1:1:1:1:1:1:1.
Chọn C.
Một cơ thể đực có kiểu gen AaBb tiến hành giảm phân tạo giao tử. Biết không xảy ra đột biến. Theo lý thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?
I. Nếu chỉ có 1 tế bào giảm phân không có hoán vị thì chỉ sinh ra 2 loại giao tử.
II. Nếu chỉ có 2 tế bào giảm phân thì tối thiểu sẽ cho 2 loại giao tử.
III. Nếu chỉ có 3 tế bào giảm phân thì có thể sẽ sinh ra 4 loai loại giao tử với tỉ lệ 2:2:1:1.
IV. Nếu chỉ có 4 tế bào giảm phân tạo ra 4 loại giao tử thì mỗi loại giao tử chiếm tỉ lệ 25%.
4.
2.
1.
3.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về quá trình phân li NST trong giảm phân để giải bài tập.
Cách giải:
I đúng, vì một tế bào sinh tinh giảm phân không có hoán vị sinh 2 loại giao tử.
II đúng, vì khi 2 tế bào sinh tinh giảm phân thì tối thiểu cho 2 loại giao tử, tối đa cho 4 loại giao tử.
III đúng, vì trong trường hợp 2 trong 3 tế bào giảm phân cùng 1 cách, tế bào còn lại giảm phân theo cách khác sẽ tạo ra 4 loại giao tử với tỉ lệ 2:2:1:1.
IV sai, vì khi 4 tế bào tạo 4 loại giao tử có thể là 2 trường hợp:
TH1: 2 TB giảm phân 1 cách (tạo ra 4 AB : 4 ab) và 2 TB giảm phân cách khác (4 Ab : 4 aB)
→ Tỉ lệ giao tử tạo ra là: 1:1:1:1 và mỗi loại giao tử chiếm 25%.
TH1: 3 TB giảm phân 1 cách (tạo ra 6 AB : 6 ab) và 1 TB giảm phân cách khác (2 Ab : 2aB)
→ Tỉ lệ giao tử tạo ra là: 3:3:1:1.
Chọn D.
Ở một loài thực vật, alen A quy định quả đỏ trội không hoàn toàn so với alen a quy định quả xanh, Aa quy định quả vàng. Cho cây quả đỏ giao phấn với cây quả xanh (P), thu được F1.Tiếp tục cho F1 giao phấn ngẫu nhiên, thu được F2. Biết không xảy ra đột biến. Theo lý thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?
I. Ở F2 có 3 loại kiểu gen, 3 loại kiểu hình.
II. Cho 2 cây có kiểu hình khác nhau giao phấn với nhau, thu được F1 có 2 loại kiểu hình. Sẽ có tối đa 2 phép lai cho kết quả như vậy.
III. Lấy ngẫu nhiên 2 cây ở F2 cho giao phấn với nhau, thu được F3 có 1 loại kiểu hình. Có tối đa 3 phép lai cho kết quả như vậy.
IV. Cho cây quả vàng tự thụ phấn sẽ thu được đời con có 3 loại kiểu gen và 2 loại kiểu hình.
1.
3.
2.
4.
Phương pháp:
Dựa vào kiến thức đã học về quy luật phân li để giải bài tập.
Cách giải:
P: AA × aa
→ F1: 100% Aa (quả vàng)
F1 giao phấn ngẫu nhiên: Aa × Aa
F2: 1AA : 2Aa : 1 aa (1 quả đỏ : 2 quả vàng : 1 quả xanh) → I đúng.
II đúng, có 2 phép lai thỏa mãn, đó là:
P1: Aa × aa
P2: AA × Aa
III đúng, vì chỉ có 3 phép lai cho F3 có 1 loại kiểu hình, đó là: AA × Aa và Aa × aa và aa × aa.
IV sai, vì khi cho cây quả vàng tự thụ: Aa × Aa → F1 có 3 loại kiểu gen và 3 loại kiểu hình.
Chọn B.
Bảng dưới đây cho biết trình tự nuclêôtit trên một đoạn mạch gốc ở vùng mã hóa trên gen quy định protein ở sinh vật nhân sơ và các alen được tạo ra từ gen này do đột biến điểm:
Alen A (alen ban đầu) Mạch gốc: 3’ … TAX TTX AAA XXG XXX … 5’ | Alen A1 (alen đột biến) Mạch gốc: 3’ … TAX TTX AAA XXA XXX … 5’ |
Alen A2 (alen đột biến) Mạch gốc: 3’ … TAX ATX AAA XXG XXX … 5’ | Alen A3 (alen đột biến) Mạch gốc: 3’ … TAX TTX AAA TXG XXX … 5’ |
Biết rằng các codon mã hóa các axit amin tương ứng: 5’AUG3’ quy định Met; 5’AAG3’ quy định Lys; 5’UUU3’ quy định Phe; 5’GGX3’; 5’GGG3’ và 5’GGU3’ quy định Gly; 5’AGX3’ quy định Ser. Phân tích các dữ liệu trên, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?
I. Chuỗi polipeptit do alen A1 mã hóa không thay đổi so với chuỗi polipeptit do gen ban đầu mã hóa.
II. Các phân tử mARN được tổng hợp từ alen A2 và alen A3 có các codon bị thay đổi kể từ điểm xảy ra đột biến.
III. Chuỗi polipeptit do alen A2 quy định có số axit amin ít hơn so với ban đầu.
IV. Alen A3 được hình thành do gen ban đầu bị đột biến thay thế 1 cặp nucleotit.
2.
3.
1.
4.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về quá trình dịch mã và đột biến gen để giải bài tập.
Cách giải:
I đúng, vì đột biến điểm làm thay đổi bộ ba từ: 5’GGX3’ thành 5’GGU3’ trên alen A1 nhưng cả 2 bộ ba đều mã hóa axit amin Gly.
II sai, vì đột biến điểm làm thay đổi bộ ba từ: 5’AAG3’ thành 5’ UAG3’ trên alen A2 → kết thúc sớm quá trình dịch mã. Nhưng đột biến làm thay đổi bộ ba từ 5’GGX3’ thành 5’AGX3’ trên alen A3 chỉ làm thay đổi 1 axit amin.
III đúng, vì đột biến thay thế trên alen A2 làm xuất hiện bộ ba kết thúc (5’UAG3’) sớm.
IV đúng, vì đột biến thay thế làm thay đổi bộ ba từ 5’GGX3’ thành 5’AGX3’.
Chọn B.
Alen B dài 0,221 µm và có 1669 liên kết hidro, alen B bị đột biến điểm do một phân tửbao nito guanin dạng hiếm (G*) tạo thành alen b. Theo lí thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?
I. Gen b nhân đôi hai lần liên tiếp cần môi trường nội bào cung cấp 1104 nucleotit loại xitozin.
II. Số nucleotit từng loại của gen B là A = T = 281; G = X = 369.
III. Phân tử protein do gen B và gen b tổng hợp có thể hoàn toàn giống nhau.
IV. Gen b dài bằng gen B nhưng ít hơn gen B một liên kết hidro.
1.
3.
4.
2.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về cấu trúc không gian của ADN theo mô hình của Oatxon và Crick.
Cách giải:
0,221 µm = 2210 Å.
Tổng số nucleotit của alen B là: N = 1300 (nu)
H = 2A + 3G = 1669 → A = T = 281; G = X = 369 → II đúng.
G hiếm tác động vào quá trình nhân đôi ADN gây ra đột biến thay thế cặp G-X thành cặp A-T.
→ Số nucleotit mỗi loại của alen b là: G = X = 368; A = T = 282.
X môi trường cung cấp sau 2 lần nhân đôi là: Xmt = 368 × (22 - 1) = 1104 (nu) → I đúng.
III đúng, vì vị trí xảy ra đột biến thay thế có thể nằm sau mã kết thúc, hoặc nằm ở vị trí nucleotit thứ ba của bộ ba nào đó có tính thoái hóa → axit amin không thay đổi.
IV đúng, gen b có chiều dài bằng gen B vì đột biến thay thế nhưng ít hơn 1 liên kết hidro (vì thay thế G-X bằng A-T).
Chọn C.
Một loài thực vật có bộ NST lưỡng bội 2n = 32. Một cây mang đột biến cấu trúc ở 4 cặp NST, trong đó mỗi cặp chỉ đột biến ở 1 NST. Thể đột biến này tự thụ phấn tạo ra F1. Biết quá trình giảm phân diễn ra bình thường, không xảy ra trao đổi chéo, các giao tử có sức sống ngang nhau. Theo lí thuyết, ở F1 hợp tử không mang đột biến cấu trúc NST chiếm tỉ lệ
3/64.
1/64.
1/256.
27/256.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về quá trình giảm phân và trao đổi chéo để giải bài tập.
Cách giải:
Mỗi cặp NST mang 1 đột biến khi giảm phân sẽ hình thành 0,5 giao tử bình thường: 0,5 giao tử đột biến. Khi thụ tinh sẽ tạo 0,25 hợp tử bình thường.
→ có 4 cặp NST đột biến→ tỉ lệ hợp tử bình thường là (0,25)4 = 1/256.
Chọn C.
Một gen có 1 bazo nitơ Guanin trở thành dạng hiếm (G*) thì sau 4 lần nhân đôi sẽ cho tối đa bao nhiêu gen đột biến dạng thay thế cặp G-X bằng cặp A-T?
8
7
4
16.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về tác động của các tác nhân đột biến trong quá trình nhân đôi ADN.
Cách giải:
Khi có tác động của nucleotit loại hiếm, sau k lần nhân đôi sẽ tạo ra số gen đột biến: 2k : 2 - 1.
→ Sau 4 lần nhân đôi, số gen đột biến là: 7.
Chọn B.
Một gen có 1.200 cặp nucleotit và số nucleotit loại G chiếm 20% tổng số nucleotit của gen. Mạch 1 của gen có 200 nucleotit loại T và số số nucleotit loại X chiếm 15% tổng số nucleotit của mạch. Trong các phát biểu sau, phát biểu nào sai?
Mạch 1 của gen có .
Mạch 2 của gen có .
Mạch 1 của gen có .
Mạch 2 của gen có .
Phương pháp:
Dựa vào kiến thức về cấu trúc không gian của ADN theo mô hình Oatxon và Crick.
Cách giải:
N của gen = 1200 × 2 = 2400 (nu)
G = 2400 × 20% = 480 → A = T = 720.
Mạch 1 của gen có: T1 = A2 = 200; X1 = G2 = 180
→ A1 = T2 = 520; G1 = X1 = 300.
Phát biểu sai là đáp án A. Vì: .
Chọn A.
Ở đậu Hà Lan, hạt vàng là trội so với hạt xanh. Gieo hạt vàng thuần chủng và hạt xanh thuần chủng rồi giao phấn thu được các hạt lai, tiếp tục gieo các hạt F1 và cho chúng tự thụ phấn được các hạt F2. Theo lí thuyết, có bao nhiêu phát biểu sau đây đúng?
I. Ở thế hệ F1 sẽ thu được toàn bộ là các hạt vàng dị hợp.
II. Trong số toàn bộ các hạt thu được trên cây F1, ta sẽ thấy tỉ lệ 3 hạt vàng : 1 hạt xanh.
III. Nếu tiến hành gieo các hạt F2 và cho chúng tự thụ phấn sẽ có những cây chỉ tạo ra hạt xanh.
IV. Trên tất cả các cây F1, chỉ có 1 loại hạt được tạo ra, hoặc hạt vàng hoặc hạt xanh.
2.
1.
3.
4.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về quy luật phân li độc lập để giải bài tập.
Cách giải:
Các phát biểu số I, II, III đúng.
Quy ước A: hạt vàng, a: hạt xanh.
- I đúng: Pt/c: AA × aa
→ F1: 100% hạt vàng (Aa)
- II đúng: Các hạt thu được trên cây F1 là kiểu gen của đời F2.
→ F1 × F1: AaAa
→ 3 hạt vàng (1AA:2Aa) : 1 hạt xanh (aa).-
III đúng: Tiến hành gieo các hạt F2 và cho chúng tự thụ phấn thì những cây có kiểu gen aaaa sẽ chỉ tạo ra hạt xanh (aa)
IV sai: có những cây F1, có cả hạt vàng và hạt xanh (AA; Aa; aa)
Chọn C.
Một loài thực vật 2n = 20 NST, một cây thấy trong tế bào có 3 NST bị đột biến cấu trúc khác loại thuộc 3 cặp NST khác nhau. Nếu cây này tự thụ phấn, khả năng đời con mang 2 NST đột biến nhưng khác loại là bao nhiêu?
23,4375%.
4,6875%
6,25%.
18,75%.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về quy luật phân li độc lập để giải bài tập.
Cách giải:
Gọi 3 cặp NST bị đột biến là AaBbCc (trong đó a, b, c là các NST đột biến)
Tự thụ phấn P: AaBbCc × AaBbCc
Đời con có 2 NST đột biến → Tỷ lệ cá thể mang 2 alen lặn ở đời con là: 6C4 : 26 = 15/64.
Chọn A.
Cho cây lúa hạt tròn lai với cây lúa hạt dài, F1 thu được 100% cây lúa hạt dài. Cho F1tự thụ phấn, được F2. Trong số cây lúa hạt dài F2, theo lí thuyết thì số cây lúa hạt dài khi tự thụ phấn cho F3toàn lúa hạt dài chiếm tỉ lệ
¼.
¾.
⅓.
⅔.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức về quy luật phân ly để giải bài tập.
Cách giải:
Quy ước: A: Hạt tròn, a: hạt dài:
P: AA × aa
F1: Aa
F2: 1AA : 2Aa : 1aa
Hạt dài F2 có 2 kiểu gen với tỉ lệ: 1/3AA : 2/3Aa
cây hạt dài khi tự thụ phấn cho F3 toàn lúa hạt dài phải có kiểu gen đồng hợp chiếm tỉ lệ 1/3
Chọn C.
Một loài thực vật, màu hoa do 2 cặp gen: A, a và B, b phân li độc lập cùng quy định. Kiểu gen có alen trội A và alen trội B quy định hoa đỏ, kiểu gen chỉ có alen trội A quy định hoa hồng, kiểu gen chỉ có alen trội B quy định hoa vàng và kiểu gen aabb quy định hoa trắng. Theo lí thuyết, phép lai nào sau đây tạo ra đời con có tỉ lệ kiểu hình 1:1:1:1?
AaBB × AaBb.
AaBb × AABb.
AaBb × aabb.
AABB × aabb.
Phương pháp:
Vận dụng kiến thức đã học về quy luật phân li độc lập để giải bài tập.
Cách giải:
Một loài thực vật, màu hoa do 2 cặp gen: A, a và B, b phân li độc lập cùng quy định.
Kiều gen có alen trội A và alen trội B quy định hoa đỏ, kiểu gen chỉ có alen trội A quy định hoa hồng, kiểu gen chỉ có alen trội B quy định hoa vàng, kiểu gen aabb quy định hoa trắng.
Theo lí thuyết, phép lai tạo ra đời con có 4 loại kiểu hình là P: AaBb × aabb.
Chọn C.
