(2023) Đề thi thử Sinh học THPT Hàn Thuyên, Bắc Ninh có đáp án

Cách giải:

Cơ thể có kiểu gen AaBbddEe tạo giao tử abde với tỉ lệ $=\frac{1}{2}.\frac{1}{2}\mathrm{.1.}\frac{1}{2}=\frac{1}{8}$ 

Chọn A.

Cách giải:

Chọn B.

Phương pháp:

Gen là một đoạn phân tử ADN mang thông tin mã hóa cho một chuỗi polipeptit hay ARN.

Cách giải:

Một đoạn của phân tử ADN mang thông tin mã hoá cho một chuỗi polipeptit hay một phân tử ARN được gọi là gen.

Chọn A.

Phương pháp:

Các bằng chứng tiến hóa

Cách giải:

Ý sai là D, vì cấu tạo và chức năng của các NST ở các loài là khác nhau.

Chọn D.

Phương pháp:

Động lực của CLTN là quá trình đấu tranh sinh tồn hiểu theo nghĩa rộng. Cạnh tranh cùng loài là động lực chủ yếu trong sự tiến hoá của loài làm cho loài được chọn lọc theo hướng ngày càng thích nghi với điều kiện sống.

Cách giải:

Theo Đacuyn, động lực của chọn lọc tự nhiên là cuộc đấu tranh sinh tồn của sinh vật.

Chọn D.

Phương pháp:

Để thu được nhiều dòng thuần nhất thì cơ thể P phải mang nhiều cặp gen dị hợp nhất.

Cách giải:

Để thu được nhiều dòng thuần nhất nên chọn cây có kiểu gen AaBbDdEe để thực hiện

Chọn D.

Phương pháp:

Tăng số lượng cá thể trưởng thành

Cách giải:

Một trong số nguyên nhân dẫn đến hiện tượng này là tăng số lượng nhập cư

Chọn B.

Phương pháp:

Xác định giao tử của P có thể tạo ra → Xác định nhóm máu đời con có thể tạo ra

Cách giải:

Ta thấy con có nhóm máu O nhận từ mỗi cơ thể một giao tử IO mà mẹ không thể cho IO

→ Đời con không thể có nhóm máu O

Chọn D.

Phương pháp:

Alen là các trạng thái biểu hiện khác nhau của cùng một Gen. Đôi khi Alen cũng được gọi là Gen bởi Alen

cũng là một đoạn DNA mang chức năng di truyền nhất định. Alen được truyền đạt nguyên vẹn từ đời bố mẹ

cho đời con.

Cách giải:

Alen sẽ được truyền đạt nguyên vẹn từ đời bố mẹ cho đời con.

Chọn C

Phương pháp:

Những con muỗi còn sống sót từ lần xịt muỗi trước đó đã sinh ra thế hệ sau cũng có khả năng kháng thuốc như bố mẹ.

Cách giải:

Trong quần thể muỗi có nhiều biến dị có những biến dị có khả năng tồn tại được khi bị xịt muỗi và những cá thể phát triển bình thường.

Việc xịt muỗi gây ra sự chọn lọc, phân hóa khả năng sống sót và sinh sản của các đột biến, từ đó làm tăng tần số alen kháng thuốc trong quần thể

Chọn B.

Phương pháp:

Gen chỉ tồn tại thành cặp alen khi gen trên NST thường hoặc gen trên NST giới X ở giới XX hoặc gen ở vùng tương đồng của NST giới tính X và Y.

Cách giải:

Ở người bình thường,gen nằm ở trên NST thường sẽ luôn tồn tại thành từng cặp alen

Chọn B.

Phương pháp:

Ở người, người nam mang bộ NST giới tính XY

Cách giải:

Kiểu gen X^aY là người nam bị mù màu

Chọn B.

Phương pháp:

Lí thuyết về đột biến NST

Cách giải:

Những dạng đột biến dùng để xác định vị trí của gen trên NST: Mất đoạn và lệch bội

Chọn C.

Phương pháp:

Cây phát sinh chủng loại miêu tả lịch sử tiến hóa của một nhóm các loài với những đặc tính khác nhau nhưng cùng có mối quan hệ họ hàng với nhau và cùng hình thành từ một tổ tiên chung trong quá khứ

Cách giải:

Dựa vào cây phát sinh chủng loại ta thấy loài 4 và 5 có mối quan hệ gần gũi nhất

Chọn D

Phương pháp:

Khi không có hoán vị thì cơ thể có kiểu gen $\frac{BD}{bd}$ giảm phân sẽ tạo ra 2 loại giao tử với tỉ lệ bằng nhau.

Cách giải:

Khi không có hoán vị thì cơ thể có kiểu gen $\frac{BD}{bd}$giảm phân sẽ tạo ra 2 loại giao tử với tỉ lệ bằng nhau

→ Tỉ lệ 3:1 là không thể xảy ra

Chọn C.

Phương pháp:

Đại diện hệ tuần hoàn đơn: lớp cá

Cách giải:

Cá heo có hệ tuần hoàn kép

Chọn D.

Phương pháp:

Ánh sáng đặc biệt cần cho sự sinh trưởng của cây

Cách giải:

Ánh sáng ít tác động đến quá trình ra hoa nhất

Chọn D.

Phương pháp:

Khái niệm tiến hóa nhỏ

Cách giải:

Tiến hoá nhỏ là quá trình biến đổi cấu trúc di truyền của quần thể (biến đổi về tần số alen và thành phần kiểu gen của quần thể)

Chọn B.

Phương pháp:

Hệ mạch gỗ là các tế bào chết, rỗng, còn hệ mạch rây là các tế bào sống

Cách giải:

Ý C sai vì vận chuyển trong mạch rây là chủ động

Ý A sai vì dòng mạch gỗ cũng có thể mang theo các chất hữu cơ, đó là các chất được rễ tổng hợp vận chuyển lên cho thân cây, lá cây. Ngoài ra, ở những cây như củ cải đường, đến giai đoạn ra hoa thì chất dinh dưỡng được vận chuyển từ củ theo mạch gỗ lên để nuôi hoa, hạt.

Ý D sai vì mạch gỗ chủ yếu vận chuyển nước và ion khoáng, hầu như không vận chuyển đường glucôzơ.

Chọn B.

Phương pháp:

Đột biến thay thế một cặp nuclêôtit xảy ra vùng khởi động của Operon Lac ở vi khuẩn E Coli → enzyme ARN pol không gắn được vào vùng khởi động

Cách giải:

Đột biến thay thế một cặp nuclêôtit xảy ra vùng khởi động của Operon Lac ở vi khuẩn E Coli thì không xảy ra khả năng tăng sự biểu hiện của các gen cấu trúc.

Chọn C.

Phương pháp:

Lí thuyết về hệ tuần hoàn

Cách giải:

Thực chất của tương tác gen là sản phẩm của các gen tác động lại với nhau trong sự hình thành tính trạng.

Chọn A.

Phương pháp:

Chức năng chính của hệ thống tuần hoàn là vận chuyển các chất dinh dưỡng và khí đến các tế bào và mô trên khắp cơ thể.

Cách giải:

Chức năng chính của hệ tuần hoàn là: vận chuyển các chất đến các bộ phận trong cơ thể.

Chọn D.

Cách giải:

Một nucleoxome gồm một đoạn ADN dài 146 cặp nucleotide quấn $1\frac{3}{4}$ vòng quanh 1 khối cầu gồm 8 phân tử protein loại histon.

Chọn B.

Phương pháp:

Lí thuyết về các nhân tố sinh thái trong hệ sinh thái

Cách giải:

Ánh sáng, nhiệt độ, độ pH, đất, nước là các nhân tố sinh thái vô sinh

Chọn A.

Phương pháp:

Cac loại đột biến số lượng NST: đột biến dị bội và đột biến đa bội

Cách giải:

Đột biến đa bội làm thay đổi số lượng NST trong tế bào

Chọn D.

Phương pháp:

Hóa thạch là những di tích và di thể (xác chết, vết chân, bộ xương, lớp vỏ cứng...) của sinh vật được bảo tồn trong các lớp đá.

Cách giải:

Mũi tên đồng, trống đồng Đông Sơn không phải là hóa thạch

Chọn C.

Phương pháp:

Tính tổng số nucleotit của gen → Lập PT và giải PT để tìm số liên kết hidro của gen đột biến

Cách giải:

Tổng nucleotit của gen: 3060:3,4 × 2 = 1800

Ta có A:G =3:7= 42,86% và A + G = 900 → A = 270, G=630

Số liên kết hidro của gen đột biến: 270 × 2 + 630 × 3 =2430

Chọn A.

Phương pháp:

Lí thuyết các nhân tố tiến hóa

Cách giải:

(1) Đúng. Biến động di truyền (các yếu tố ngẫu nhiên) gây chết hàng loạt, làm giảm hoặc mất hẳn một hay

nhiều loại alen nào đó. Qua đó làm nghèo vốn gen của quần thể.

(2) Sai. Đột biến gen luôn làm tăng tính đa dạng của quần thể.

(3) Đúng. Giao phối không ngẫu nhiên làm tăng tỉ lệ đồng hợp, giảm tỉ lệ dị hợp qua đó làm nghèo vốn gen của quần thể.

(4) Sai. Giao phối ngẫu nhiên tạo ra nhiều tổ hợp gen qua đó làm giàu vốn gen của quần thể.

(5) Đúng. Di gen có thể làm nghèo vốn gen của quần thể

Chọn B.

Phương pháp:

1 ADN nguyên phân n lần tạo ra 2 ADN vẫn mang mạch của ADN mẹ

Cách giải:

Tổng số tế bào được tách chiết ADN là: 2 $\times$ 9 : 3,125% = 576 tế bào

Số tế bào con được tạo ra là: 576:9 = 64 = 2⁶

Vậy tế bào phân chia 6 lần

Chọn C.

Phương pháp:

Xác định số lượng alen trội của các kiểu hình đề bài yêu cầu → xác định tỉ lệ của kiểu gen đó

Cách giải:

+ Cây cao nhất có có kiểu gen đồng hợp lặn (aa, bb)

+ Cây thấp nhất có kiểu gen đồng hợp trội (AA, BB)

+ (P): $\text{ Aa}\frac{Bd}{Bd}\times \text{ Aa }\frac{Bd}{bD}$ 

+ Cây cao 180cm, quả tròn AA(BB,D_) = 4,937%

→BB,D_ = 4,9375%:0,25=0,1975

+ Giả sử BD/bd cho giao tử: BD = bd = m

→ bD = Bd = 0,5-m

→Bd/bD cho giao tử: BD = bd = 0,5-m

→ bD = Bd = m

→0,1975 (BB,D-) = BD

$\to 0,1975(\text{BB},\text{D}-)=\frac{BD}{BD}+\frac{Bd}{Bd}$ 

$=m(0,5-m)+m^2+{(0,5-m)}^2\to m=0,15;m=0,35$

→f = 30%→ Ý I đúng

+ Tỉ lệ cây cao 180 cm, quả dài là F₁: $\text{AA}\frac{Bd}{Bd}$ 

$=\frac{1}{4}\times 0,15\times 0,35=0,013125$ 

→ Ý II sai

+ Tỉ lệ cây cao 190 cm, quả tròn ở F₁:

$\text{AA}\left(\text{bb},\text{D\_}\right)=\frac{1}{4}\times \left(0,15\times 0,35+\frac{0,15}{2}+\frac{0,35}{2}\right)=0,049375$

$\text{aa}\left(\text{BB},{\text{D}}_{-}\right)=\frac{1}{4}\times 0,1975=0,049375$

$\text{Aa}\left(\text{Bb},{\text{D}}_{-}\right)=\frac{1}{2}\times \left(\frac{BD}{bD}+\frac{BD}{bd}+\frac{Bd}{bD}\right)=\frac{1}{2}\times (0,152+0,35+0,15\times 0,35\times 2+0,15\times 0,35\times 2)=0,1775$ 

→ Tỉ lệ cây cao 190cm, quả tròn ở F₁ = 0,049375 + 0,049375 + 0,1775 = 0,27625

→ Ý III sai

→ Có 7 kiểu gen quy định cây cao 190cm, quả tròn

→ Ý IV đúng

Chọn C.

Phương pháp:

Xác định quy luật di truyền → Muốn F₃ không phân tính thì F₂ phải đồng hợp

Cách giải:

3 cây hoa trắng: 1 cây hoa đỏ tương tác bổ sung

F₁: 100% đỏ đỏ trội (A: đỏ; a: trắng)

P: AA × aa

F₁: Aa

F₁ lai với cơ thể đồng hợp lặn cho ra 4 loại tổ hợp ⇒ F₁ dị hợp hai cặp gen AaBb (hoa đỏ). AaBb × aabb ⇒

3 trắng : 1 đỏ.

Quy ước gen: A_B_ : hoa đỏ; A_bb + aaB_ + aabb : hoa trắng

F₁ tự thụ: AaBb × AaBb KH: 9 đỏ : 7 trắng

Muốn F₃ không phân tính khi đem F₂ tự thụ thì: F₂ có KG đồng hợp

AABB = $\frac{1}{16}$ 

AAbb = $\frac{1}{16}$

aaBB = $\frac{1}{16}$

aabb =$\frac{1}{16}$

Tổng số = $\frac{4}{16}$

Chọn A.

Phương pháp:

Tìm tần số alen của từng giới → Tần số alen của quần thể → Viết cấu trúc di truyền khi cân bằng của quần thể

Cách giải:

Giới cái: q_a = 1.

Giới đực: q_a =300:2x(200+300) = 0,3 → p_A = 0,7.

→ Khi cân bằng: p_A =0,7/2 = 0,35; q_a = 0,65

→ Thành phần kiểu gen khi cân bằng: AA = 0,35.0,35 = 0,1225; aa = 0,65.0,65 = 0,4225; Aa = 0,455

Chọn B.

Phương pháp:

Dựa vào nguyên tắc bổ sung.

Cách giải:

- Trên mARN có 3 loại ribonucleotit A, U, G.

- Trên mạch gốc của gen có 3 loại nucleotit T, A, X.

- Trên mạch bổ sung của gen có 3 loại nucleotit A, T, G.

→ trên mạch bổ sung của gen là (3), (4), (5).

Chọn D.

Phương pháp:

Xác định tỉ lệ từng loại kiểu hình

Cách giải:

Có 1 phát biểu đúng, đó là I.

I đúng. Vì khi giao phối ngẫu nhiên thì kiểu hình A-B- có tỉ lệ = (1-aa)(1-bb)=(1-0,64)(1-0,25)=0,27=27%.

II sai. Vì ở F2, kiểu gen dị hợp 2 cặp gen $=0,4\times \frac{1}{16}=0,025=2,5\%$ 

III sai. Vì ở F3, kiểu hình lặn về 2 tính trạng $=0,4\times {\left(\frac{7}{16}\right)}^2+0,6\times \left(\frac{7}{16}\right)=\frac{217}{640}$ 

IV sai. Vì ở F3, xác suất $={\left(\frac{7}{9}\right)}^2=\frac{49}{81}=0,6$ 

Chọn A.

Phương pháp:

Thành tựu công nghệ gen

Cách giải:

Các thành tựu được tạo ra bằng phương pháp gây đột biến là:

+ Tạo giống dâu tằm tứ bội (4n)

+ Tạo giống dưa hấu đa bội (3n, 4n).

Chọn A.

Cách giải:

Do không có HVG: Người 9 sinh con bị bệnh N → mang X^Mn ; có bố (4) bị bệnh M nên phải mang  X^mN

→ người 9: X^MNX^Mn

(1) sai, người 1 sinh con trai bị bệnh N và con trai bình thường nên phải có kiểu gen: X^MNX^Mn

(2) đúng, cặp vợ chồng 9 – 10 luôn sinh con trai bị bệnh → luôn sinh con gái bình thường → Xác suất sinh con bình thường là  

(3) sai, chỉ có người 7 chưa xác định được kiểu gen.

(4) sai. Xét cặp vợ chồng 7 – 8:

Người (7) sinh con trai bình thường nên mang X^MN  , có mẹ (1) có kiểu gen X^MNX^Mn

→ nên người 7 có kiểu gen: $\left(1X^{MN}{X}^{Mn}:1X^{MN}{X}^{Mn}\right)$ 

Người 8 bình thường nên có kiểu gen X^MNY

Xác suất họ sinh thêm 2 con trai bị bệnh là: $\frac{1}{2}\times {\left(\frac{1}{2}\times \frac{1}{2}\right)}^2=\frac{1}{32}$ 

Chọn A.

Cách giải:

Nhìn vào số liệu được cho ở bảng quần thể trên giao phấn ngẫu nhiên → loại B,D.

Các kiểu gen AA, Aa vẫn được duy trì qua các thế hệ nên không thể là cây hoa đỏ không có khả năng sinh sản.

Chọn C.

Cách giải:

(1) Sai, nhân sơ chỉ có 1 đơn vị sao chép

(2) Đúng

(3) Đúng

(4) Sai, nhân đôi tạo ra ADN con tạo vật chất di truyền

Chọn A.

Cách giải:

Quan sát các bộ ba, chúng ta thấy đột biến làm cho Pro trở thành Thr là do ở mỗi bộ ba đã thay X bằng A ở

nucleotit đầu tiên.

→ Trên gen, đây là đột biến thay thế cặp G-X bằng cặp T-A. Từ suy luận này, chúng ta tiến hành làm các phát biểu.

I sai. Vì đây là đột biến thay thế nên không làm thay đổi chiều dài.

II đúng.

III đúng. Vì thay cặp G-X bằng cặp T-A cho nên alen a nhiều hơn alen A 1 cặp A-T.

IV sai. Vì giảm 1 cặp G-X nên khi phiên mã thì sẽ giảm 1 nucleotit loại X.

Chọn B.

Phương pháp:

Phân tích tỉ lệ kiểu hình ở đời con

Cách giải:

Ta thấy: (3:3:1:1)=(3:1)(1:1).1

3:1 là kết quả của 1 phép lai Aa $\times$ Aa

1:1 là kết quả của 1 phép lai Bb $\times$ bb

1 là kết quả của phép lai DD $\times$ DD, DD $\times$ Dd; DD $\times$ dd, dd $\times$ dd

Có tổng số phép lai là: 3!.(14+12)=36

Chọn C.