Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 THPT Cẩm Xuyên (Hà Tĩnh) lần 2 có đáp án

Đáp án đúng là C

Tia \(\alpha \) bản chất là dòng các hạt nhân nguyên tử Hêli (\(\;_2^4{\rm{He}}\)). Tia \(\alpha \) mang điện dương nên bị lệch trong điện trường và từ trường, khả năng đâm xuyên của nó yếu nhất (yếu hơn \(\beta \) và \(\gamma \)). Do đó phát biểu C là đúng.

Đáp án đúng là B

Sự thăng hoa là quá trình một chất chuyển trực tiếp từ thể rắn sang thể khí (hoặc hơi) mà không qua thể lỏng.

Đáp án đúng là C

Khi vật chuyển động, vật có cơ năng (động năng). Khi va chạm vào tường, lực cản của tường đã thực hiện công làm vật dừng lại, toàn bộ động năng của vật chuyển hóa thành nội năng làm vật nóng lên. Quá trình này có sự chuyển hóa từ cơ năng sang nội năng nên là quá trình thay đổi nội năng bằng cách thực hiện công.

Đáp án đúng là D

Số phân tử khí có trong \(1{\rm{\;}}{{\rm{m}}^3}\) thể tích là:

\(n = \frac{p}{{k.T}} = \frac{{{{4.10}^{ - 5}}}}{{1,{{38.10}^{ - 23}}.300}} \approx 0,{966.10^{16}} \approx {10^{16}}\) (phân tử/m³)

Đổi ra số lượng phân tử trên mỗi \({\rm{c}}{{\rm{m}}^3}\):

\(n' = \frac{n}{{{{10}^6}}} = \frac{{{{10}^{16}}}}{{{{10}^6}}} = {10^{10}}\) (phân tử/m³)

Đáp án đúng là A

Định luật Boyle-Mariotte phát biểu rằng: Trong quá trình đẳng nhiệt của một khối lượng khí xác định, áp suất tỉ lệ nghịch với thể tích (\(p \sim \frac{1}{V}\) hay \(pV = {\rm{const}}\)).

Đáp án đúng là C

Áp dụng định luật bảo toàn điện tích, ta có phương trình:

\(0 + 92 = Z + 55 + 4.0 \Rightarrow Z = 92 - 55 = 37\)

Hạt nhân Rubidi \(\left( {{\rm{Rb}}} \right)\) có 37 prôtôn, do đó điện tích của hạt nhân này là \( + 37e\) (với \(e\) là điện tích nguyên tố).

Đáp án đúng là D

Áp dụng quy tắc nắm bàn tay phải: Nắm bàn tay phải sao cho ngón cái choãi ra hướng theo chiều dòng điện \(I\) (hướng từ dưới lên trên), các ngón tay còn lại khum vào chỉ chiều của đường sức từ.

Xét trên mặt phẳng hình vẽ chứa dây dẫn: phía bên phải dây dẫn, chiều khum của các ngón tay hướng đâm vào mặt phẳng (ký hiệu \( \otimes \)); phía bên trái dây dẫn, chiều khum của các ngón tay hướng đâm ra khỏi mặt phẳng (ký hiệu ⊙).

Đối chiếu với các hình, ta thấy Hình 3 mô tả đúng.

Đáp án đúng là D

Độ lớn cảm ứng từ \(B\) do dòng điện sinh ra tại một điểm luôn tỉ lệ thuận với cường độ dòng điện \(I\) chạy trong dây dẫn đó. Do vậy, phát biểu "không phụ thuộc vào cường độ dòng điện" là sai.

Đáp án đúng là D

Hạt nhân \(\;_Z^A{\rm{X}}\) được cấu tạo từ \(Z\) prôtôn và \(N = \left( {A - Z} \right)\) nơtron.

Độ hụt khối (\({\rm{\Delta }}m\)) của hạt nhân là độ chênh lệch giữa tổng khối lượng của các nuclôn tạo thành hạt nhân khi ở trạng thái riêng rẽ và khối lượng \({M_X}\) của chính hạt nhân đó:

\({\rm{\Delta }}m = Z.{m_p} + \left( {A - Z} \right).{m_n} - {M_X}\)

a) Đề bài nêu rõ "thể tích của khí trong bình được giữ cố định" bằng cách điều chỉnh mực nước ở bình B sao cho "mực nước bình A luôn ở vạch số 0 ". Điều này có nghĩa là thể tích khí không đổi trong suốt quá trình thực hiện thí nghiệm. Do đó, đây là quá trình biến đổi đẳng tích

⇒ Đúng.

b) Ở trạng thái ban đầu (trạng thái 1), mực nước ở hai nhánh A và B ngang nhau (cùng ở vạch số 0). Khi đó, áp suất của khối lượng khí trong bình cân bằng với áp suất khí quyển tác dụng lên nhánh B.

Suy ra: \({p_1} = {p_0} = {10^5}{\rm{Pa}}\)

\( \Rightarrow \) Đúng.

c) Ở trạng thái sau (trạng thái 2), mực nước ở nhánh B cao hơn nhánh A một đoạn \(h = 50{\rm{\;cm}} = 0,5{\rm{\;m}}\).

Áp suất của khối khí lúc này bằng áp suất khí quyển cộng với áp suất do trọng lượng của cột nước chênh lệch gây ra:

\({p_2} = {p_0} + D.g.h = {10^5} + 1000.10.0,5 = 1,{05.10^5}{\rm{\;Pa}}\)

\( \Rightarrow \) Sai.

d) Vì khối khí trải qua quá trình đẳng tích, ta áp dụng định luật Sác-lơ giữa trạng thái 1 và trạng thái 2:

\(\frac{{{p_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_2}}}{{{T_2}}} \Rightarrow {T_2} = \frac{{{p_2}.{T_1}}}{{{p_1}}} \Rightarrow {T_2} = \frac{{1,{{05.10}^5}.300}}{{{{10}^5}}} = 315{\rm{K}}\)

\( \Rightarrow \) Sai.

a) Khi cho nam châm đứng yên và dịch chuyển mạch (C) ra xa, số đường sức từ xuyên qua tiết diện của mạch (C) giảm đi, làm từ thông qua mạch biến thiên (giảm). Theo hiện tượng cảm ứng điện từ, trong mạch kín sẽ xuất hiện dòng điện cảm ứng, do đó kim điện kế bị lệch khỏi vạch số \(0 \Rightarrow \) Đúng.

b) Khi nam châm dịch chuyển lại gần mạch (C), từ thông qua mạch biến thiên (tăng lên) nên xuất hiện dòng điện cảm ứng làm kim điện kế lệch. Khi nam châm ngừng chuyển động, từ trường xuyên qua mạch \(\left( {\rm{C}} \right)\) không đổi, từ thông qua mạch không biến thiên (\({\rm{\Delta \Phi }} = 0\)) nên dòng điện cảm ứng mất đi, kim điện kế trở về lại vạch số \(0 \Rightarrow \) Đúng.

c) Các đường sức từ của nam châm đi ra từ cực Bắc \(\left( {\rm{N}} \right)\), xuyên qua vòng dây \(\left( {\rm{C}} \right)\) từ trái sang phải. Khi nam châm dịch chuyển ra xa, từ thông qua mạch (C) giảm. Theo định luật Len-xơ, từ trường cảm ứng sinh ra phải chống lại sự giảm này, nên vectơ cảm ứng từ do dòng điện cảm ứng sinh ra (\({\vec B_{cu}}\)) phải cùng chiều với từ trường ban đầu (tức là hướng từ trái sang phải). Áp dụng quy tắc nắm bàn tay phải: Đặt ngón cái hướng từ trái sang phải, các ngón tay khum lại chỉ chiều dòng điện cảm ứng. Ta thấy dòng điện đi lên ở nửa vòng dây phía trước (giống chiều mũi tên \(i\) trên hình). Nếu nhìn từ phía nam châm sang, đây là chiều ngược chiều kim đồng hồ

⇒ Sai.

d) Tốc độ biến thiên từ thông chính là độ lớn suất điện động cảm ứng:

\(\left| {{e_c}} \right| = \left| {\frac{{{\rm{\Delta \Phi }}}}{{{\rm{\Delta }}t}}} \right| = {6.10^{ - 2}}{\rm{\;V}}\)

Cường độ dòng điện trong mạch \(\left( {\rm{C}} \right)\) là:

\(I = \frac{{\left| {{e_c}} \right|}}{R} = \frac{{{{6.10}^{ - 2}}}}{5} = 0,012{\rm{\;A}}\).

⇒ Sai.

a) Phương trình phản ứng: \(\;_0^1{\rm{n}} + \;_{92}^{235}{\rm{U}} \to \;_{56}^{141}{\rm{Ba}} + \;_{36}^{93}{\rm{Kr}} + k.\;_0^1{\rm{n}}\)

Áp dụng định luật bảo toàn số khối: \(1 + 235 = 141 + 93 + k.1 \Rightarrow 236 = 234 + k \Rightarrow k = 2\).

Vậy phản ứng sinh ra 2 hạt neutron mới, không phải 3 ⇒ Sai.

b) Nguồn gốc năng lượng của các ngôi sao là do các phản ứng nhiệt hạch (tổng hợp các hạt nhân nhẹ thành hạt nhân nặng hơn), không phải phản ứng phân hạch ⇒ Sai.

c) Năng lượng tỏa ra của một phản ứng phân hạch là:

\({\rm{\Delta }}E = {\rm{\Delta }}m.{c^2} = 0,2147.931,5 \approx 199,99{\rm{MeV}} \approx 200{\rm{MeV}}\)

⇒ Đúng.

d) Điện năng nhà máy phát ra trong 1 năm (365 ngày) là:

\(A = P.t = {1000.10^6}.\left( {365.24.3600} \right) = 3,{1536.10^{16}}{\rm{\;J}}\)

Năng lượng nhiệt từ phản ứng phân hạch cần cung cấp (năng lượng toàn phần) là:

\(W = \frac{A}{H} = \frac{{3,{{1536.10}^{16}}}}{{0,3}} = 1,{0512.10^{17}}{\rm{\;J}}\)

Năng lượng tỏa ra của 1 phân hạch: \({\rm{\Delta }}E = 200{\rm{MeV}} = {200.10^6}.1,{6.10^{ - 19}}{\rm{\;J}} = 3,{2.10^{ - 11}}{\rm{\;J}}\).

Số hạt nhân U235 cần dùng (chính là số phân hạch):

\(N = \frac{W}{{{\rm{\Delta }}E}} = \frac{{1,{{0512.10}^{17}}}}{{3,{{2.10}^{ - 11}}}} = 3,{285.10^{27}}\) hạt

Khối lượng U235 tiêu thụ là:

\(m = \frac{N}{{{N_A}}}.M = \frac{{3,{{285.10}^{27}}}}{{6,{{02.10}^{23}}}}.235 \approx 1282350{\rm{\;g}} \approx 1282,35{\rm{\;kg}}\)

Phát biểu d ⇒ Sai.

a) Độ biến thiên nhiệt độ của không khí theo thang Celsius là: \({\rm{\Delta }}t = 35 - 27 = {8^{\rm{o}}}{\rm{C}}\).

Độ biến thiên nhiệt độ theo thang Fahrenheit là: \({\rm{\Delta }}T\left( {{\;^{\rm{o}}}{\rm{\;F}}} \right) = 1,8.{\rm{\Delta }}t\left( {{\;^{\rm{o}}}{\rm{C}}} \right) = 1,8.8 = 14,{4^{\rm{o}}}{\rm{F}}\) ⇒ Sai.

b) Theo nguyên lý hoạt động của quạt điều hòa được mô tả, nước bay hơi sẽ thu nhiệt lượng từ luồng không khí nóng thổi qua, từ đó làm giảm nhiệt độ của không khí ⇒ Đúng.

c) Khối lượng không khí đi qua quạt trong 1 giây (1 đơn vị thời gian) là:

\({m_{kk}} = \frac{{400}}{{3600}}.1,12 = \frac{{1,12}}{9}\left( {{\rm{kg}}/{\rm{s}}} \right)\)

Nhiệt lượng không khí tỏa ra trong 1 giây để hạ từ \({35^ \circ }{\rm{C}}\) xuống \({27^ \circ }{\rm{C}}\) cũng chính là nhiệt lượng nước thu vào để hóa hơi trong 1 giây:

\({Q_{1s}} = {m_{kk}}.{c_{kk}}.{\rm{\Delta }}t = \frac{{1,12}}{9}.1005.\left( {35 - 27} \right) = \frac{{1,12.1005.8}}{9} \approx 1000,53{\rm{\;J}} \Rightarrow \) Sai.

d) Thể tích nước tối đa trong bình là \(V = 8\) lít \( = {8.10^{ - 3}}{\rm{\;}}{{\rm{m}}^3}\).

Khối lượng nước trong bình: \({m_n} = V.{D_n} = {8.10^{ - 3}}.1000 = 8{\rm{\;kg}}\).

Tổng nhiệt lượng cần cung cấp để toàn bộ 8 kg nước này hóa hơi là:

\({Q_{{\rm{tong\;}}}} = {m_n}.L = 8.2,{26.10^6} = 18,{08.10^6}{\rm{\;J}}\)

Thời gian để quạt sử dụng hết lượng nước này là:

\(t = \frac{{{Q_{{\rm{tong\;}}}}}}{{{Q_{1s}}}} = \frac{{18,{{08.10}^6}}}{{1000,533}} \approx 18070,36{\rm{\;s}} \approx 5,02\) giờ \( \Rightarrow \) Đúng

Năng lượng liên kết của hạt nhân Li là \({W_{lk}}\left( {{\rm{Li}}} \right) = 7.5,58 = 39,06{\rm{MeV}}\).

Năng lượng liên kết của hạt nhân He là \({W_{lk}}\left( {{\rm{He}}} \right) = 4.7,06 = 28,24{\rm{MeV}}\).

Năng lượng liên kết của hạt prôtôn \(\left( {\rm{H}} \right)\) bằng 0.

Năng lượng giải phóng của phản ứng là \(Q = 2.28,24 - 39,06 \approx 17,42{\rm{MeV}}\).

Đáp án: 17,4

Từ biểu thức dòng điện \(i = 2\sqrt 2 {\rm{cos}}\left( {100\pi t + \frac{\pi }{3}} \right)\) (A) ta xác định được cường độ dòng điện cực đại là \({I_0} = 2\sqrt 2 {\rm{\;A}}\).

\( \Rightarrow I = \frac{{{I_0}}}{{\sqrt 2 }} = \frac{{2\sqrt 2 }}{{\sqrt 2 }} = 2{\rm{A}}\).

Vì ampe kế đo giá trị hiệu dụng không đổi nên tại thời điểm \(t = 2{\rm{s}}\) số chỉ của nó vẫn là 2 A.

Đáp án: 2

Chu kì quay của vệ tinh là \(T = 24h = 86400{\rm{s}}\).

Bán kính quỹ đạo của vệ tinh là \(r = \frac{{v.T}}{{2\pi }} = \frac{{3,07.86400}}{{2\pi }} \approx 42215,53{\rm{\;km}}\).

Khoảng cách ngắn nhất từ vệ tinh đến mặt đất là \({d_{{\rm{min}}}} = r - R = 42215,53 - 6378 = 35837,53{\rm{\;km}}\).

Khoảng cách xa nhất từ vệ tinh đến mặt đất là đoạn tiếp tuyến

\({d_{{\rm{max\;}}}} = \sqrt {{r^2} - {R^2}} = \sqrt {42215,{{53}^2} - {{6378}^2}} \approx 41731,04{\rm{\;km}}\).

Tỉ số giữa thời gian dài nhất và ngắn nhất sóng truyền tới Trái Đất là

\(\frac{{{t_{{\rm{max\;}}}}}}{{{t_{{\rm{min\;}}}}}} = \frac{{{d_{{\rm{max\;}}}}}}{{{d_{{\rm{min\;}}}}}} = \frac{{41731,04}}{{35837,53}} \approx 1,16\).

Đáp án: 1,16

Khối lượng nước đá tan do nhận nhiệt từ môi trường trong 6 phút đầu là \({m_1} = 4,5{\rm{\;g}}\).

Khối lượng nước đá tan thêm trong 6 phút tiếp theo khi bật dây nung là \({m_2} = 34 - 4,5 = 29,5{\rm{\;g}}\).

Lượng nước đá tan do phần nhiệt lượng từ dây nung cung cấp là

\(m' = {m_2} - {m_1} = 29,5 - 4,5 = 25{\rm{\;g}} = 0,025{\rm{\;kg}}\).

Nhiệt lượng do dây nung tỏa ra trong 6 phút là \(Q = P.t = 24.6.60 = 8640{\rm{\;J}}\).

Nhiệt nóng chảy riêng của nước đá là

\(\lambda = \frac{Q}{{m'}} = \frac{{8640}}{{0,025}} = 345600{\rm{\;J}}/{\rm{kg}} \approx 3,{46.10^5}{\rm{\;J}}/{\rm{kg}} \Rightarrow x = 3,46\).

Đáp án: 3,46

Áp suất của khí trong bình là \(p = \frac{{{{2.10}^{ - 3}}{{.150}^2}}}{{{{3.3.10}^{ - 3}}}} = 5000{\rm{\;Pa}} = 5{\rm{kPa}}\).

Đáp án: 5

Đổi đơn vị chu kì bán rã \(T = 14,28.24.3600 = 1233792{\rm{\;s}}\).

Lấy hằng số Avogadro \({N_A} \approx 6,{02.10^{23}}{\rm{\;mo}}{{\rm{l}}^{ - 1}}\), số hạt nhân \(\;_{15}^{32}{\rm{P}}\) có trong mẫu là

\(N = \frac{{0,{{2.10}^{ - 6}}}}{{32}}.6,{02.10^{23}} = 3,{7625.10^{15}}\) hạt.

Độ phóng xạ của mẫu phân bón là \(H = \frac{{{\rm{ln}}2}}{{1233792}}.3,{7625.10^{15}} \approx 2,{114.10^9}{\rm{\;Bq}}\).

Đổi sang đơn vị mCi ta được \(H = \frac{{2,{{114.10}^9}}}{{3,{{7.10}^{10}}}}.1000 \approx 57{\rm{mCi}}\).

Đáp án: 57