Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 THPT Tĩnh Gia I (Thanh Hóa) có đáp án

Đáp án đúng là D

Nếu khí lí tưởng thì chỉ tương tác khi va chạm.

Đáp án đúng là B

Theo quy tắc tam diện thuận

Đáp án đúng là A

\({m}_{n}{c}_{n}ΔT={m}_{d}λ⇒70.3480.\left. (37-32) \right.={m}_{d}.334.{10}^{3}⇒{m}_{d}≈3,6kg\).

Đáp án đúng là C

Thể tích không đổi.

Đáp án đúng là D

A. Sai. Sóng điện từ mang theo năng lượng.

B. Sai. Sóng điện từ luôn là sóng ngang.

C. Sai. Trong chân không, sóng điện từ truyền với tốc độ \(c={3.10}^{8}m/s\).

Trong môi trường có chiết suất n, tốc độ lan truyền lúc này là \(v=\frac{c}{n}\)

Đáp án đúng là D

Đáp án đúng là A

\(\frac{{N}_{1}}{{N}_{2}}=\frac{{U}_{1}}{{U}_{2}}=\frac{220}{{U}_{2}}\). Để \(\frac{{N}_{1}}{{N}_{2}}\) lớn nhất thì \({U}_{2}\) nhỏ nhất \(=3V⇒\frac{{N}_{1}}{{N}_{2}}=\frac{220}{3}\).

Đáp án đúng là A

Khi làm nóng hay nguội chậm bình cầu chứa khí, giọt thủy ngân ngăn cách với khí quyển đóng vai trò giữ cho áp suất của khối khí trong bình luôn bằng áp suất khí quyển bên ngoài.

Đáp án đúng là A

$\omega =2\pi f=2\pi .\frac{150}{60}=5\pi$ (rad/s)

Do \(Φ\) và e luôn vuông pha với nhau tại cùng một thời điểm nên

\({\left. (\frac{Φ}{{Φ}_{0}}) \right.}^{2}+{\left. (\frac{e}{{E}_{0}}) \right.}^{2}=1 \) $\stackrel{E_0=\omega {\varphi }_0}{\to }$ \({\left. (\frac{4}{{Φ}_{0}} )\right.}^{2}+{\left. (\frac{15π}{5π.{Φ}_{0}}) \right.}^{2}=1⇒{Φ}_{0}=5Wb\).

a) Sai. Trên hệ trục pOT, đường đẳng tích là đường thẳng có đường kéo dài đi qua gốc tọa độ.

b) Đúng. Từ (2) → (3): đẳng áp \(\frac{{V}_{2}}{{T}_{2}}=\) \(\frac{{V}_{3}}{{T}_{3}}\), do \({T}_{2}<{T}_{3}\) ⇒ \({V}_{2}<{V}_{3}⇒\) khí dãn nở.

c) Đúng. Từ (1) → (2), đẳng tích nên \(\frac{{p}_{1}}{{T}_{1}}=\frac{{p}_{2}}{{T}_{2}}⇒\frac{1}{290}=\frac{1,8}{{T}_{2}}⇒{T}_{2}=522K\).

d) Sai. Hình bình hành ⇒ \({T}_{3}-{T}_{2}={T}_{4}-{T}_{1}\) ⇒ \({T}_{3}-522=870-290\) ⇒ \({T}_{3}=1102\) K

\(\frac{{V}_{2}}{{T}_{2}}=\) \(\frac{{V}_{3}}{{T}_{3}}\) ⇒ \(\frac{400}{522}=\frac{{V}_{3}}{1102}\) ⇒ \({V}_{3}≈844c{m}^{3}\)

a) Đúng. ${}_{15}{}^{32}P\to {}_{16}{}^{32}S+{}_{-1}{}^{0}e$

b) Đúng. $H_0=\lambda N_0=\frac{ln2}{T}.N_0\Rightarrow 3,41.10^{12}=\frac{ln2}{14,26.24.60.60}.N_0\Rightarrow N_0\approx 6,06.10^{18}$

$n_0=\frac{N_0}{N_A}=\frac{6,06.10^{18}}{6,02.10^{23}}\approx 10^{-5}mol$

m_0=n_{0}M=10^{-5}.32=32.10^{-5}g=0,32mg\Rightarrow \frac{0,32}{215}\approx 0,15\mathrm{\%}

c) Sai. $H=H_0.2^{\frac{-t}{T}}=3,41.10^{12}.2^{\frac{-1,5}{14,26}}\approx 3,17.10^{12}Bq$

d) Sai. $\Delta N=N_0\left(1-2^{\frac{-t}{T}}\right)=6,06.10^{18}.\left(1-2^{\frac{-1,5}{14,26}}\right)\approx 4,26.10^{17}$

a) Sai. Nhiệt nóng chảy riêng là nhiệt lượng cần thiết để 1 kg chất đó chuyển hoàn toàn từ thể rắn sang thể lỏng tại nhiệt độ nóng chảy.

b) Sai. \({C=m}_{1}{c}_{1}+{m}_{2}{c}_{2}=1,26.896+0,18.385=1198,26\) J/kg

\(Q=C.Δt=1198,26.(100-30)=83878,2J\).

c) Sai. \({c}_{hk}=\frac{C}{{m}_{1}+{m}_{2}}=\frac{1198,26}{1,26+0,18}=832,125 (J/g.K)\).

d) Sai. \(Q={m}_{1}{c}_{1}Δ{t}_{1}+{m}_{1}{λ}_{1}=1,26.896.\left. (660-20) \right.+1,26.{390.10}^{3}=1213934,4J\).

a) Sai. \(Δt=\frac{AB}{v}=\frac{0,1}{1,5}=\frac{1}{15}s≈0,067s\).

b) Đúng. \(\left| {e}_{c} \right|=\left| \frac{ΔΦ}{Δt} \right|=\frac{N.B.ΔS}{Δt}=\frac{500.{5.10}^{-3}.{0,1}^{2}}{\frac{1}{15}}=0,375V=375mV\).

c) Sai. I \(=\frac{\left| {e}_{c} \right|}{R}=\frac{0,375}{3}=0,125\) A

d) Đúng. Từ thông \(Φ\) tăng \(⇒\vec {B}_{c}\) ngược chiều với \(\vec B⇒\) áp dụng quy tắc nắm tay phải, dòng điện có chiều ABCDA.

Dòng điện đổi chiều khi \(i=0\)

Từ $i=-1=-\frac{I_0}{2}$ đến $i=0$ thì $\alpha =\frac{\pi }{6}\Rightarrow t=\frac{T}{12}=\frac{20}{12}\approx 1,67ms$

Đáp án: 1,7

$Q=mc\Delta t=0,2.10^{-3}.130.\left(327-27,5\right)=7,787J$

$I=\frac{E}{R+r}=\frac{12}{11,75+0,25}=1A$

$Q=I^{2}Rt\Rightarrow 7,787=1^2.11,75.t\Rightarrow t\approx 0,66s$

Đáp án: 0,66

$\Delta E=\left(m_t-m_s\right)c^2=\left(234,99+1,0087-94,88-138,87-2.1,0087\right).931,5\approx 215MeV$

$A=Pt=550.10^6.25.365.24.60.60=4,3362.10^{17}J$

$Q=\frac{A}{H}=\frac{4,3362.10^{17}}{0,3}=1,4454.10^{18}J$

$N=\frac{Q}{\Delta E}=\frac{1,4454.10^{18}}{215.1,6.10^{-13}}\approx 4,2.10^{28}$

$n=\frac{N}{N_A}=\frac{4,2.10^{28}}{6,02.10^{23}}\approx 7.10^{4}mol$

$m=nM=7.10^4.235\approx 16.10^{6}g=16$ tấn

Đáp án: 16

Nhiệt lượng nước đá thu vào để tăng nhiệt độ từ \(-{20}^{∘}C\) lên \({0}^{∘}C\) là

$Q_d=m_d{c}_d\Delta t_d=20.2,1.20=840J$

Nhiệt nóng chảy hoàn toàn $Q_{nc}=m_d\lambda =20.330=6600J$

Nhiệt lượng nước đá thu vào nếu hạ xuống \({0}^{o}\)C là

$Q_n=m_n{c}_n\Delta t_n=100.4,2.20=8400J$

Vì $Q_n>Q_d+Q_{nc}$ nên nước đá tan hoàn toàn và nhiệt độ cân bằng lớn hơn \({0}^{o}\)C

$Q_d+Q_{nc}+m_d{c}_{n}t=m_n{c}_n\left(t_n-t\right)\Rightarrow 840+6600+20.4,2.t=100.4,2.\left(20-t\right)\Rightarrow t\approx 1,9^{o}C$

Đáp án: 1,9.

$p=\frac{1}{3}D\overline{v^2}=\frac{1}{3}.\frac{m}{V}.\overline{v^2}=\frac{1}{3}.\frac{nM}{V}.\overline{v^2}\Rightarrow \overline{v^2}=\frac{3pV}{nM}\Rightarrow \frac{\overline{v_{H_2}^2}}{\overline{v_{O_2}^2}}=\frac{V_{H_2}}{V_{O_2}}.\frac{M_{O_2}}{M_{H_2}}=\frac{22,4}{44,8}.\frac{32}{2}=8$

Đáp án: 8

Xét bình 1 lúc ban đầu và khi đạt áp suất \({10}^{5}\)Pa để khóa K mở lần 1

Đẳng tích $\Rightarrow \frac{p}{T}=const\Rightarrow \frac{0,9.10^5}{300}=\frac{10^5}{T_1}\Rightarrow T_1=\frac{1000}{3}K$

Khóa mở, một ít khí lọt sang bình 2 làm cho áp suất bình 1 tụt xuống 1 ít nên \(Δp={p}_{1}-{p}_{2}\) nhỏ hơn \(1{0}^{5}Pa\) một ít và khóa lại đóng lại. Nhưng tiếp tục nung (T tăng) thì \({p}_{1}\) lại tăng, khóa lại mở. Có thể coi như khóa luôn giữ cho chêch lệch áp suất là \(Δp=1{0}^{5}Pa\).

Tới nhiệt độ \(T=500K\) thì áp suất trong bình 1 là p, trong bình 2 là \(\left. p-{10}^{5} \right.\) Pa

Gọi n là tổng số mol khí, \({n}_{1}\) và \({n}_{2}\) là số mol khí trong hai bình lúc đó

Lúc đầu, số mol khí trong bình 1 là n; số mol khí trong bình 2 bằng 0

$\frac{pV}{T}=nR\Rightarrow n=\frac{pV}{RT}\stackrel{n=n_1+n_2}{\to }\frac{10^5.40}{1000/3}=\frac{p.40}{500}+\frac{\left(p-10^5\right).10}{500}\Rightarrow p=140000Pa$

Vậy $\frac{p}{T_1}=\frac{140000}{1000/3}=420$ Pa/K

Đáp án: 420