Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 THPT Phan Đăng Lưu (Huế) có đáp án

Đáp án đúng là C

Theo định luật Charles, với một lượng khí xác định ở áp suất không đổi, thể tích \(V\) tỉ lệ thuận với nhiệt độ tuyệt đối \(T:V \sim T \Rightarrow \frac{V}{T} = \) hằng số

Đáp án đúng là C

Tại điểm thứ nhất trên đồ thị: \({V_1} = a = 0,4{\rm{\;}}{{\rm{m}}^3}\) ứng với \({p_1} = 0,5{\rm{kN}}/{{\rm{m}}^2}\).

Tại điểm thứ hai trên đồ thị: \({V_2} = b\) ứng với \({p_2} = 1{\rm{kN}}/{{\rm{m}}^2}\).

Ta có: \({p_1}{V_1} = {p_2}{V_2} \Rightarrow 0,5.0,4 = 1.b \Rightarrow b = 0,2\).

Đáp án đúng là B

Nhiệt lượng thu vào của đồng và nước:

\({Q_{{\rm{thu\;}}}} = \left( {{m_{\rm{d}}}{c_{\rm{d}}} + {m_{\rm{n}}}{c_{\rm{n}}}} \right)\left( {{t_{cb}} - {t_1}} \right) = \left( {0,1.380 + 0,4.4180} \right)\left( {36 - 27} \right) = 15390{\rm{\;J}}\).

Nhiệt lượng tỏa ra của miếng kim loại:

\({Q_{{\rm{toa\;}}}} = {m_x}{c_x}\left( {{t_2} - {t_{cb}}} \right) = 0,25.{c_x}.\left( {120 - 36} \right) = 21{c_x}\).

Áp dụng phương trình cân bằng nhiệt:

\({Q_{{\rm{toa\;}}}} = {Q_{{\rm{thu\;}}}} \Rightarrow 21{c_x} = 15390 \Rightarrow {c_x} \approx 732,85{\rm{\;J}}/{\rm{kg}}.{\rm{K}} \approx 0,733{\rm{\;J}}/{\rm{g}}.{\rm{K}}\).

Đáp án đúng là D

Đường \(\left( 1 \right) \to \left( 2 \right)\) là một đường thẳng đi qua gốc tọa độ trong hệ \(\left( {p,T} \right)\). Đây là quá trình đẳng tích.

Nhìn vào chiều mũi tên từ (1) đến (2), ta thấy nhiệt độ \(T\) tăng lên. Quá trình nhiệt độ tăng gọi là nung nóng.

Đáp án đúng là B

1. Đun nước cho bốc hơi → Sự bay hơi.

2. Dẫn hơi nước qua ống làm lạnh để trở lại dạng lỏng → Sự ngưng tụ.

Đáp án đúng là A

Độ biến thiên nội năng của hệ bằng tổng công và nhiệt lượng mà hệ nhận được.

Đáp án đúng là A

Các chất được cấu tạo từ các phân tử \( \Rightarrow \) A đúng.

Nhiệt độ cao thì phân tử chuyển động nhanh ⇒ B sai.

Các phân tử khí chuyển động hỗn loạn không ngừng \( \Rightarrow \) C sai.

Giữa các phân tử có cả lực hút và lực đẩy \( \Rightarrow \) D sai.

Đáp án đúng là C

Đáp án đúng là B

Ta có: \({T_1} = 177 + 273 = 450{\rm{\;K}}\).

Nhiệt độ giảm một lượng \({150^ \circ }{\rm{C}}\) (cũng là giảm 150 K): \({T_2} = 450 - 150 = 300{\rm{\;K}}\).

Áp dụnh định luật Charles: \(\frac{{{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{V_2}}}{{{T_2}}}\).

Ta có: \(\frac{{15}}{{450}} = \frac{{{V_2}}}{{300}} \Rightarrow {V_2} = \frac{{15.300}}{{450}} = 10{\rm{\;c}}{{\rm{m}}^3}\).

a) Nhiệt lượng mà khối đồng đã nhận để nóng chảy hoàn toàn là:

\({Q_{{\rm{thu\;}}}} = {Q_{{\rm{nong\;}}}} + {Q_{{\rm{nongchay\;}}}} = mc\left( {{t_{nc}} - {t_1}} \right) + m\lambda \)

Thay số ta được:

\({Q_{{\rm{thu\;}}}} = 50.380.\left( {1084 - 27} \right) + 50.180000 = 29083000{\rm{\;J}} \approx 29,1{\rm{MJ}}\).

→ a đúng.

b) Đây là kiến thức về bảo vệ môi trường và tối ưu hóa năng lượng trong công nghiệp.

\( \to \) b đúng.

c) Bước 3 là "Nấu chảy đồng" là quá trình nóng chảy.

→ c đúng.

d) Tổng nhiệt lượng cần cung cấp (tính cả hao phí):

\({Q_{tp}} = \frac{{{Q_{thu}}}}{H} = \frac{{29,083}}{{0,6}} \approx 48,47{\rm{MJ}}\).

Khối lượng than: \({m_{{\rm{than\;}}}} = \frac{{{Q_{tp}}}}{q} = \frac{{48,47}}{{30}} \approx 1,61{\rm{\;kg}}\).

→ d sai.

a) Phương trình trạng thái khí lý tưởng:

\(pV = nRT \Rightarrow n = \frac{{{p_1}{V_1}}}{{R{T_1}}} = \frac{{{{3.10}^5}.1,{{5.10}^{ - 3}}}}{{8,31.303}} \approx 0,178{\rm{\;mol}}\).

→ a đúng.

b) Quá trình từ (1) → (2) đẳng nhiệt:

\({p_1}{V_1} = {p_2}{V_2} \Rightarrow {3.10^5}.1,5 = {10^5}.{V_2} \Rightarrow {V_2} = 4,5l = 4,{5.10^{ - 3}}{m^3}\).

\( \to \) b đúng.

c) Quá trình (2) → (3) là quá trình đẳng tích

\(\frac{{{p_3}}}{{{p_2}}} = \frac{{{T_3}}}{{{T_2}}} = \frac{{{{3.10}^5}}}{{{{10}^5}}} = 3 \Rightarrow {T_3} = 3{T_2}\) (*)

Động năng tịnh tiến trung bình của phân tử khí: \({E_d} = \frac{3}{2}kT \Rightarrow {E_d} \sim T\) (**)

Từ (*) và (**) ta có: \({E_{d3}} = 3{E_{d2}}\)

→ c sai.

d) Nhiệt độ của khối khí ở trạng thái (5) là 1090,5 (K).

Trạng thái (5) có \({V_5} = 1,5x = 1,5.4,5 = 6,75\) lít ; \({P_5} = {10^5}{\rm{\;Pa}}\).

Áp dụng phương trình trạng thái cho trạng thái (1) và (5), ta có:

\(\frac{{{p_1}{V_1}}}{{{T_1}}} = \frac{{{p_5}{V_5}}}{{{T_5}}} \Rightarrow \frac{{{{3.10}^5}.1,5}}{{30 + 273}} = \frac{{{{10}^5}.6,75}}{{{T_2}}} \Rightarrow {T_2} = 454,5\left( K \right)\)

→ d sai.

b) Ta thấy đồ thị có dạng đường thẳng nên phương trình tổng quát có dạng: \(t = a\tau + b\)

Xác định được tọa độ của các điểm đặc biệt trên đồ thị là \(\left( {0;20} \right)\) và \(\left( {50;30} \right)\)

Thay toạ độ ở trên vào phương trình tổng quát, có:

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{a.0 + b = 20}\\{a.50 + b = 30}\end{array} \Rightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{a = \frac{1}{5}}\\{b = 20}\end{array}} \right.} \right.\)

Vậy phương trình đồ thị là: \(t = \frac{1}{5}\tau + 20\)

→ b đúng.

a) Từ đồ thị, ta thấy độ biến thiên nhiệt độ sau 20 s là \({\rm{\Delta }}t = {4^ \circ }{\rm{C}}\)

Từ ý b) có \(t = \frac{1}{5}.20 + 20 = {24^ \circ }C\)).

Ta có: \(P = \frac{{mc\left( {t - {t_0}} \right)}}{\tau } = \frac{{0,2.400.4}}{{20}} = 16{\rm{\;W}}\).

Mặt khác: \(P = {I^2}R = {\left( {\frac{E}{{R + r}}} \right)^2}.R = {\left( {\frac{{12}}{{R + 2}}} \right)^2}.R = 16\).

\( \Rightarrow 144R = 16{(R + 2)^2} \Rightarrow 9R = {R^2} + 4R + 4\)

\( \Rightarrow {R^2} - 5R + 4 = 0\)

\( \Rightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{l}}{R = 4{\rm{\Omega }}}\\{R = 1{\rm{\Omega }}}\end{array}} \right.\)

→ a sai.

c) Sau 1 phút = 60 s thì \(t = \frac{1}{5}.60 + 20 = {32^ \circ }{\rm{C}}.\)

→ c sai.

d) Nhìn vào đồ thị, tại \(\tau = 0\) thì \({t_0} = {20^ \circ }{\rm{C}}.\)

\( \to {\rm{d}}\) đúng.

a) Lý thuyết cơ bản về đường đẳng nhiệt trong hệ tọa độ \({\rm{p}} - {\rm{V}}\). Đường đẳng nhiệt biểu diễn trong hệ tọa độ \(\left( {p,V} \right)\) có dạng là một đường Hypebol.

→ a đúng.

b) Vì là quá trình đẳng nhiệt nên tuân theo định luật Boyle.

\( \to {\rm{b}}\) đúng.

c) Đây là quá trình đẳng nhiệt và thể tích tăng nên nó là quá trình giãn đẳng nhiệt.

→ c đúng.

d) Áp dụng \({p_1}{V_1} = {p_2}{V_2}\).

\( \Rightarrow {p_1}.2,4 = 3,6.7,2 \Rightarrow {p_1} = \frac{{3,6.7,2}}{{2,4}} = 10,8{\rm{\;atm}}\).

→ d đúng.

Thể tích một lần bơm (hình trụ):

\({V_0} = \pi .{\left( {\frac{d}{2}} \right)^2}.L = \pi .{\left( {\frac{{2,5}}{2}} \right)^2}.30 = \frac{{375\pi }}{8}c{m^3}\).

Xét lượng khí gồm khí trong bóng ban đầu và khí được bơm vào:

Trạng thái 1: Trước khi bơm:

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{{p_1} = {{10}^5}\left( {Pa} \right)}\\{{V_1} = {V_{{\rm{bong\;}}}} + nV = {{5.10}^3} + \frac{{375\pi }}{8}.n\left( {{\rm{c}}{{\rm{m}}^3}} \right)}\end{array}} \right.\)

Trạng thái 2: Sau khi bơm để đạt áp suất tiêu chuẩn:

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{{p_2} = {p_0} + {p_{tc}} = {{10}^5} + 58,{{6.10}^3} = \left( {Pa} \right)}\\{{V_1} = {V_{{\rm{bong\;}}}} = {{5.10}^3}\left( {{\rm{c}}{{\rm{m}}^3}} \right)}\end{array}} \right.\)

Vì nhiệt độ không đổi nên áp dụng định luật Boyle:

\({p_1}{V_1} = {p_2}{V_2} \Rightarrow {10^5}.\left( {{{5.10}^3} + \frac{{375\pi }}{8}.n} \right) = \left( {{{10}^5} + 58,{{6.10}^3}} \right){.5.10^3} \Rightarrow n \approx 20\)

Đáp án: 20

Khí nhận nhiệt lượng nên \({\rm{Q}} = 10{\rm{\;J}}\).

Do sau khi ngừng cung cấp nhiệt và công, piston di chuyển chậm đến vị trí khối khí có thể tích như ban đầu nên \(A = 0\)

Độ biến thiên nội năng của khí: \({\rm{\Delta }}U = Q + A = 10 + 0 = 10{\rm{\;J}}\).

Đáp án: 10

Diện tích tiếp xúc của từng cặp chất lỏng trong bài toán là như nhau.

Vậy nhiệt lượng truyền qua giữa chúng tỉ lệ với hiệu nhiệt độ với cùng một hệ số tỉ lệ là \(k\).

Ngăn 1 tỏa nhiệt sang ngăn 2 là: \({Q_{12}} = k\left( {{t_1} - {t_2}} \right)\)

Ngăn 1 tỏa nhiệt sang ngăn 3 là: \({Q_{13}} = k\left( {{t_1} - {t_3}} \right)\)

Ngăn 2 tỏa nhiệt sang ngăn 3 là: \({Q_{23}} = k\left( {{t_2} - {t_3}} \right)\)

Phương trình cân bằng nhiệt:

Ngăn 1 có: \({Q_{12}} + {Q_{13}} = 2mc{\rm{\Delta }}{t_1} \Rightarrow k\left( {2{t_1} - {t_2} - {t_3}} \right) = 2mc{\rm{\Delta }}{t_1}\)

Ngăn 2 có: \({Q_{12}} - {Q_{23}} = mc{\rm{\Delta }}{t_2} \Rightarrow k\left( {{t_1} - 2{t_2} + {t_3}} \right) = mc{\rm{\Delta }}{t_2}\)

Ngăn 3 có: \({Q_{13}} + {Q_{23}} = mc{\rm{\Delta }}{t_3} \Rightarrow k\left( {{t_1} + {t_2} - 2{t_3}} \right) = mc{\rm{\Delta }}{t_3}\)

\( \Rightarrow \frac{{2{t_1} - {t_2} - {t_3}}}{{2{\rm{\Delta }}{t_1}}} = \frac{{{t_1} - 2{t_2} + {t_3}}}{{{\rm{\Delta }}{t_2}}} = \frac{{{t_1} + {t_2} - 2{t_3}}}{{{\rm{\Delta }}{t_3}}}\)

\( \Rightarrow \frac{{2.65 - 35 - 20}}{{2.1}} = \frac{{65 - 2.35 + 20}}{{{\rm{\Delta }}{t_2}}} = \frac{{65 + 35 - 2.20}}{{{\rm{\Delta }}{t_3}}}\)

\( \Rightarrow {\rm{\Delta }}{t_2} = 0,{4^0}{\rm{C}}\) và \({\rm{\Delta }}{{\rm{t}}_3} = 1,{6^0}{\rm{C}}.\)

\( \Rightarrow \frac{{{\rm{\Delta }}{t_3}}}{{{\rm{\Delta }}{t_2}}} = \frac{{1,6}}{{0,4}} = 4\)

Đáp án: 4

Sử dụng phương trình trạng thái khí lí tưởng: \(\rho = \frac{{p.M}}{{RT}}\).

Với cùng áp suất: \(\rho .T = {\rm{const}}\).

Khối lượng riêng không khí bên ngoài (\({T_2} = 300{\rm{\;K}}\)):

\({\rho _2} = {\rho _0}.\frac{{{T_0}}}{{{T_2}}} = 1,29.\frac{{273}}{{300}} = 1,1739{\rm{\;kg}}/{{\rm{m}}^3}\).

Khối lượng riêng không khí bên trong (\({T_1} = 340{\rm{\;K}}\)):

\({\rho _1} = {\rho _0}.\frac{{{T_0}}}{{{T_1}}} = 1,29.\frac{{273}}{{340}} = 1,0358{\rm{\;kg}}/{{\rm{m}}^3}\).

Lực đẩy Ác-si-mét: \({F_A} = {\rho _2}gV\).

Trọng lượng của hệ: \(P = \left( {m + {\rho _1}V} \right).g\).

Để đèn bay lên: \({\rho _2}V \ge m + {\rho _1}V \Rightarrow m \le \left( {{\rho _2} - {\rho _1}} \right)V\).

\( \Rightarrow m \le \left( {1,1739 - 1,0358} \right).0,15 = 0,020715{\rm{\;kg}} = 20,7{\rm{\;g}}\).

Đáp án: 20,7

Năng lượng do laze cung cấp:

\(Q = P.\tau = 40.1,85 = 74J\).

Nhiệt lượng cần cho 1 kg thép nóng chảy là:

\(q = c{\rm{\Delta }}t + \lambda = 440.\left( {1535 - 25} \right) + {270.10^3} = 934400{\rm{\;J}}/{\rm{kg}}\).

Khối lượng thép bị nóng chảy: \(m = \frac{Q}{q} = \frac{{74}}{{934400}} \approx 7,{92.10^{ - 5}}{\rm{\;kg}}\).

Lại có: \(m = \rho V = \rho .\frac{{\pi {d^2}}}{4}.h \Rightarrow h = \frac{{4m}}{{\rho \pi {d^2}}}\).

\( \Rightarrow h = \frac{{4.7,{{92.10}^{ - 5}}}}{{7800.\pi .{{\left( {1,{{4.10}^{ - 3}}} \right)}^2}}} \approx 6,{6.10^{ - 3}}{\rm{\;m}} = 6,6{\rm{\;mm}}\).

Đáp án: 6,6

Phương trình đường thẳng \(p = aV + b\):

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{5 = 30a + b}\\{15 = 10a + b}\end{array} \Rightarrow a = - 0,5;b = 20} \right.\). Vậy \(p = - 0,5V + 20\).

Xét hàm nhiệt độ \(f\left( V \right) = p.V = \left( { - 0,5V + 20} \right)V = - 0,5{V^2} + 20V\).

Tìm cực trị: \(f'\left( V \right) = - V + 20 = 0 \Rightarrow V = 20\) lít.

Tại \(V = 20:p = 10 \Rightarrow {(pV)_{{\rm{max\;}}}} = 10.20 = 200\).

Tại \(V = 10:pV = 150\).

Tại \(V = 30:pV = 150\).

\( \Rightarrow {(pV)_{{\rm{min\;}}}} = 150\).

Tỉ số tốc độ: \(\frac{{{v_{{\rm{max\;}}}}}}{{{v_{{\rm{min\;}}}}}} = \sqrt {\frac{{{T_{{\rm{max\;}}}}}}{{{T_{{\rm{min\;}}}}}}} = \sqrt {\frac{{{{(pV)}_{{\rm{max\;}}}}}}{{{{(pV)}_{{\rm{min\;}}}}}}} = \sqrt {\frac{{200}}{{150}}} = \sqrt {\frac{4}{3}} \approx 1,15\).

Đáp án: 1,2