Đề thi thử Tốt nghiệp THPT Vật lý 2025-2026 Sở Đồng Tháp có đáp án

Đáp án đúng là C

Cực N của nam châm ở gần vòng dây. Khi nam châm đi lên, tức là rời xa vòng dây, từ thông qua vòng dây giảm.

Theo định luật Lenz, dòng điện cảm ứng phải tạo ra từ trường chống lại sự giảm từ thông đó. Vì vậy mặt trên của vòng dây phải trở thành cực S để hút cực N của nam châm.

Nhìn từ trên xuống, để mặt trên là cực S thì dòng điện cảm ứng có chiều cùng chiều quay kim đồng hồ.

Do vòng dây hút nam châm, đồng thời nam châm cũng hút vòng dây, nên vòng dây chuyển động đi lên.

Đáp án đúng là A

Nước có nhiệt dung riêng lớn, nên có thể hấp thụ một lượng nhiệt lớn mà nhiệt độ không tăng nhanh. Vì vậy nước giúp điều hòa nhiệt độ bề mặt Trái Đất.

Khoảng trống lần lượt là “nhiệt dung riêng lớn”; “nhiệt độ”.

Đáp án đúng là A

Đáp án đúng là A

Vật dao động điều hòa theo trục Ox nên vật chuyển động qua lại trên một đoạn thẳng giữa hai biên.

Vậy quỹ đạo chuyển động của vật là một đoạn thẳng.

Đáp án đúng là A

Độ cao của mặt phẳng nghiêng: \(h = 20.\sin {30^\circ } = 10{\rm{ m}}\).

Thế năng giảm: \(\Delta {W_t} = mgh = 1,5.10.10 = 150{\rm{ J}}\).

Động năng ở chân mặt phẳng nghiêng: \({W_{\rm{d}}} = \frac{1}{2}m{v^2} = \frac{1}{2}.1,{5.5^2} = 18,75{\rm{ J}}\).

Phần cơ năng bị hao hụt chuyển thành nội năng: \(\Delta U = 150 - 18,75 = 131,25{\rm{ J}}\).

Đáp án đúng là D

Khí nhận nhiệt lượng nên chuyển động nhiệt của các phân tử khí tăng, tức là tốc độ chuyển động nhiệt tăng.

Khí thực hiện công đẩy pít tông ra ngoài, thể tích khí tăng nên mật độ phân tử khí giảm.

Đáp án đúng là A

Trạng thái (1): \({p_0},{V_0},T\).

Trạng thái (2): \(2{p_0},{V_0}\) nên: \({T_2} = 2T\).

Trạng thái (3): \(2{p_0},2{V_0}\) nên: \({T_3} = 4T\).

Quá trình (1) → (2) đẳng tích:

\({Q_{12}} = \Delta {U_{12}} = \frac{3}{2}nR(2T - T) = \frac{3}{2}nRT\).

Quá trình (2) → (3) đẳng áp: \({Q_{23}} = n{C_p}\Delta T = \frac{5}{2}nR(4T - 2T) = 5nRT\).

Tổng nhiệt lượng khí nhận: \(Q = {Q_{12}} + {Q_{23}} = \frac{3}{2}nRT + 5nRT = \frac{{13}}{2}nRT\).

Đáp án đúng là D

Phản ứng hạt nhân: ²³⁵₉₂U + ¹₀n → ⁹⁵₃₇Rb + ¹³⁷₅₅Cs + x¹₀n.

Bảo toàn số khối: \(235 + 1 = 95 + 137 + x\).

=> \(x = 236 - 232 = 4\).

Vậy phản ứng giải phóng kèm theo 4 neutron.

Đáp án đúng là A

Với khí lí tưởng: \(T = \frac{{pV}}{{nR}}\).

Vì n, R không đổi nên nhiệt độ tỉ lệ với tích \(pV\).

Trên đồ thị, trạng thái (4) có áp suất nhỏ và thể tích nhỏ nhất trong bốn trạng thái, nên tích \(pV\) nhỏ nhất.

Vậy trạng thái có nhiệt độ nhỏ nhất là (4).

Mỗi mẫu phóng xạ ban đầu có khối lượng 1,5 g.

a) Đúng.

Số hạt nhân ²¹⁰₈₄Po ban đầu:

\({N_{Po}} = \frac{m}{A}.{N_A} = \frac{{1,5}}{{210}}.6,{02.10^{23}} \approx 4,{3.10^{21}}\) nguyên tử.

Vậy ý a đúng.

b) Sai.

Số hạt nhân ¹³¹₅₃I ban đầu: \({N_0} = \frac{{1,5}}{{131}}.6,{02.10^{23}} \approx 6,{9.10^{21}}\) hạt.

Số hạt nhân còn lại sau 1 ngày: \(N = {N_0}{.2^{ - \frac{1}{{8,02}}}} \approx 6,{9.10^{21}}.0,917 \approx 6,{3.10^{21}}\) hạt.

Như vậy \(6,{3.10^{21}}\) là số hạt còn lại sau 1 ngày, không phải số hạt đã phân rã.

Số hạt phân rã trong 1 ngày đầu là: \(\Delta N = {N_0} - N \approx 6,{9.10^{21}} - 6,{3.10^{21}} \approx 5,{7.10^{20}}\) hạt.

Vậy ý b sai.

c) Đúng.

Độ phóng xạ: \(A = \lambda N = \frac{{\ln 2}}{T}.N\).

¹³¹₅₃I có chu kì bán rã 8,02 ngày, nhỏ hơn nhiều so với chu kì bán rã của ²¹⁰₈₄Po là 138,4 ngày. Vì vậy ¹³¹₅₃I phân rã nhanh hơn nhiều.

Sau 1 ngày, mẫu ¹³¹₅₃I vẫn còn số hạt rất lớn, đồng thời có chu kì bán rã nhỏ hơn nên độ phóng xạ lớn hơn mẫu ²¹⁰₈₄Po.

Vậy máy đo ứng với mẫu ¹³¹₅₃I đếm được nhiều tín hiệu hơn. Ý c đúng.

d) Sai.

Sau 1 ngày: \({N_I} \approx 6,{3.10^{21}}\) hạt.

Chu kì bán rã của ¹³¹₅₃I: \(T = 8,02.24.3600 \approx 6,{93.10^5}{\rm{ s}}\).

Độ phóng xạ: \(A = \frac{{\ln 2}}{T}.N \approx \frac{{0,693}}{{6,{{93.10}^5}}}.6,{3.10^{21}} \approx 6,{3.10^{15}}{\rm{ Bq}}\).

Không phải \(2,{14.10^{19}}{\rm{ Bq}}\).

Vậy ý d sai.

Cho: \(m = 23,5{\rm{ g}} = 0,0235{\rm{ kg}}\), \(l = 4,9{\rm{ cm}} = 0,049{\rm{ m}}\), \(B = 0,80{\rm{ T}}\), \(E = 12{\rm{ V}}\), \(R = 20\Omega \).

a) Sai.

Nguồn điện lí tưởng nên cường độ dòng điện trong mạch là: \(I = \frac{E}{R} = \frac{{12}}{{20}} = 0,6{\rm{ A}}\).

Không phải 0,3 A.

b) Sai.

Lực từ tác dụng lên thanh PQ: \(F = BIl = 0,80.0,6.0,049 = 0,02352{\rm{ N}}\).

Không phải 0,01176 N.

c) Đúng.

Khi thanh PQ bắt đầu chuyển động, lực từ vừa thắng được lực ma sát nghỉ cực đại: \(F = {F_{msn\:max}} = \mu mg\).

Suy ra: \(\mu = \frac{F}{{mg}} = \frac{{0,02352}}{{0,0235.10}} \approx 0,1\).

Vậy ý c đúng.

d) Đúng.

Dòng điện qua thanh PQ có chiều từ P xuống Q. Từ trường có chiều hướng vào mặt phẳng hình vẽ.

Theo quy tắc bàn tay trái, lực từ tác dụng lên thanh PQ có chiều sang phải.

Vậy ý d đúng.

Cho: \({m_{Al}} = 0,6{\rm{ kg}}\), \({m_{nuoc}} = 1,5{\rm{ kg}}\), \(\Delta t = 100 - 20 = {80^\circ }C\).

Sau 35 phút có 20% lượng nước hóa hơi: \({m_{hoi}} = 20\% .1,5 = 0,3{\rm{ kg}}\).

a) Đúng.

Nhiệt lượng cần để đun nước từ 20°C đến 100°C:

\({Q_1} = {m_{nuoc}}{c_{nuoc}}\Delta t = 1,5.4200.80 = 504000{\rm{ J}}\).

Vậy ý a đúng.

b) Sai.

Nhiệt lượng để 0,3 kg nước sôi hóa hơi: \({Q_2} = mL = 0,3.2,{26.10^6} = 678000{\rm{ J}}\).

Không phải 180800 J.

c) Đúng.

Nhiệt lượng làm nóng ấm nhôm: \({Q_3} = {m_{Al}}{c_{Al}}\Delta t = 0,6.880.80 = 42240{\rm{ J}}\).

Tổng nhiệt lượng có ích dùng để đun ấm nước là: \(Q = {Q_1} + {Q_2} + {Q_3}\)

\(Q = 504000 + 678000 + 42240 = 1224240{\rm{ J}}\).

Vậy ý c đúng nếu hiểu đây là nhiệt lượng có ích truyền cho ấm và nước.

Lưu ý: vì hiệu suất chỉ 75%, nhiệt lượng thực tế bếp tỏa ra là: \({Q_{bep}} = \frac{{1224240}}{{0,75}} = 1632320{\rm{ J}}\).

d) Sai.

Thời gian đun: \(t = 35{\rm{ phút}} = 2100{\rm{ s}}\).

Nếu tính theo nhiệt lượng có ích: \(\frac{Q}{t} = \frac{{1224240}}{{2100}} \approx 583,0{\rm{ J/s}}\).

Nếu tính theo nhiệt lượng bếp tỏa ra: \(\frac{{{Q_{bep}}}}{t} = \frac{{1632320}}{{2100}} \approx 777,3{\rm{ J/s}}\).

Đều không bằng 592,97 J/s.

Vậy ý d sai.

Khối lượng nước đá: \(m = 1,2{\rm{ kg}}\).

a) Đúng.

Nhiệt lượng cần để nước đá nóng chảy hoàn toàn: \(Q = \lambda m = 334000.1,2 = 400800{\rm{ J}}\).

Vậy ý a đúng.

b) Sai.

Theo các giá trị khớp với đồ thị và các ý sau, hiệu suất phải xấp xỉ \(92,18\% \), không phải \(90,(18)\% \).

Vì vậy ý b sai.

c) Đúng.

Từ đồ thị, nước tăng nhiệt độ từ 0°C đến 100°C trong khoảng từ 220 s đến 470 s, tức:

\(\Delta t = 470 - 220 = 250{\rm{ s}}\).

Dùng hiệu suất xấp xỉ \(H = 92,18\% \): \(Q = H.P.\Delta t = 0,9218.2200.250 \approx 506990{\rm{ J}}\).

Nhiệt dung riêng của nước: \(c = \frac{Q}{{m\Delta T}} = \frac{{506990}}{{1,2.100}} \approx 4225{\rm{ J/(kg}}{\rm{.K)}}\).

Vậy ý c đúng.

d) Đúng.

Khi nước đã sôi, bình điện hạ công suất xuống 450 W.

Nhiệt lượng cần để hóa hơi hết 1,2 kg nước: \(Q = mL = 1,2.2,{3.10^6} = 2,{76.10^6}{\rm{ J}}\).

Thời gian hóa hơi: \(t = \frac{Q}{{H.P}} = \frac{{2,{{76.10}^6}}}{{0,9218.450}} \approx 6655{\rm{ s}}\).

Đổi ra giờ: \(t \approx \frac{{6655}}{{3600}} \approx 1,85{\rm{ h}}\).

Vậy ý d đúng.

Hai bình nối thông với nhau nên sau cùng áp suất khí trong hai bình bằng nhau.

Ban đầu: \({V_1} = V,\quad {V_2} = 2V,\quad {T_0} = 27 + 273 = 300{\rm{ K}},\quad {p_0} = {10^5}{\rm{ Pa}}\).

Số mol khí ban đầu: \({n_0} = \frac{{{p_0}(V + 2V)}}{{R{T_0}}} = \frac{{3{p_0}V}}{{300R}}\).

Sau đó: \({T_1} = 0 + 273 = 273{\rm{ K}}\),

\({T_2} = 100 + 273 = 373{\rm{ K}}\).

Gọi áp suất sau cùng là \(p = x{.10^5}{\rm{ Pa}} = x{p_0}\).

Số mol khí sau cùng: \(n = \frac{{pV}}{{R.273}} + \frac{{p.2V}}{{R.373}}\).

Vì lượng khí không đổi nên: \(\frac{{3{p_0}V}}{{300R}} = \frac{{pV}}{{R.273}} + \frac{{2pV}}{{R.373}}\).

Chia hai vế cho \(\frac{{{p_0}V}}{R}\): \(\frac{3}{{300}} = x\left( {\frac{1}{{273}} + \frac{2}{{373}}} \right)\).

Suy ra: \(x = \frac{{\frac{3}{{300}}}}{{\frac{1}{{273}} + \frac{2}{{373}}}} \approx 1,108\).

Lấy đến 1 chữ số thập phân: \(x \approx 1,1\).

Đáp án: 1,1

Công thức xác định nhiệt hóa hơi riêng: \(L = \frac{{Pt}}{m}\).

Sai số tương đối cực đại: \(\frac{{\Delta L}}{L} = \frac{{\Delta P}}{P} + \frac{{\Delta t}}{t} + \frac{{\Delta m}}{m}\).

Thay số: \(\frac{{\Delta P}}{P} = \frac{{10}}{{1800}} \approx 0,00556 = 0,556\% \).

\(\frac{{\Delta t}}{t} = \frac{1}{{196}} \approx 0,00510 = 0,510\% \).

\(\frac{{\Delta m}}{m} = \frac{5}{{150}} \approx 0,0333 = 3,33\% \).

Do đó: \(\frac{{\Delta L}}{L} \approx 0,556\% + 0,510\% + 3,33\% = 4,396\% \).

Lấy đến 1 chữ số thập phân: \(\frac{{\Delta L}}{L} \approx 4,4\% \).

Đáp án: 4,4

Điện áp hiệu dụng của mạng điện:

\(U = 220{\rm{ V}}\).

Công suất tỏa nhiệt của bếp điện: \(P = \frac{{{U^2}}}{R} = \frac{{{{220}^2}}}{{24,2}} = 2000{\rm{ W}}\).

Thời gian đun: \(t = 4,6{\rm{ phút}} = 276{\rm{ s}}\).

Điện năng bếp tiêu thụ: \(A = Pt = 2000.276 = 552000{\rm{ J}}\).

Thể tích nước: \(V = 1,5{\rm{ lít}} = 1,{5.10^{ - 3}}{\rm{ }}{{\rm{m}}^3}\).

Khối lượng nước: \(m = \rho V = 997.1,{5.10^{ - 3}} = 1,4955{\rm{ kg}}\).

Nhiệt lượng cần để đun nước từ 30°C đến 100°C:

\(Q = mc\Delta t = 1,4955.4200.(100 - 30)\).

\(Q = 439677{\rm{ J}}\).

Hiệu suất của bếp: \(H = \frac{Q}{A}.100\% = \frac{{439677}}{{552000}}.100\% \approx 79,65\% \).

Làm tròn đến hàng đơn vị: \(H \approx 80\% \).

Đáp án: 80

Hạt nhân deuteron ²₁D gồm 1 proton và 1 neutron.

Độ hụt khối: \(\Delta m = {m_p} + {m_n} - {m_D}\).

\(\Delta m = 1,0073 + 1,0087 - 2,0136 = 0,0024{\rm{ amu}}\).

Năng lượng liên kết của hạt nhân deuteron: \({E_{lk}} = \Delta m.{c^2} = 0,0024.931,5 = 2,2356{\rm{ MeV}}\).

Năng lượng liên kết riêng: \(\varepsilon = \frac{{{E_{lk}}}}{A} = \frac{{2,2356}}{2} = 1,1178{\rm{ MeV/nucleon}}\).

Làm tròn đến hàng phần trăm:

\(\varepsilon \approx 1,12{\rm{ MeV/nucleon}}\).

Đáp án: 1,12

Nhiệt lượng cần thiết gồm hai phần:

Nhiệt lượng làm nước nóng từ 25°C đến 100°C:

\({Q_1} = mc\Delta t = 10.4200.(100 - 25)\).

\({Q_1} = 3150000{\rm{ J}} = 3,15{\rm{ MJ}}\).

Nhiệt lượng hóa hơi hoàn toàn nước ở 100°C: \({Q_2} = mL = 10.2,{26.10^6} = 22,{6.10^6}{\rm{ J}} = 22,6{\rm{ MJ}}\).

Tổng nhiệt lượng: \(Q = {Q_1} + {Q_2} = 3,15 + 22,6 = 25,75{\rm{ MJ}}\).

Lấy đến 1 chữ số thập phân: \(Q \approx 25,8{\rm{ MJ}}\).

Đáp án: 25,8

Ban đầu mẫu chỉ có hạt nhân X. Gọi số hạt nhân ban đầu là \({N_0}\).

Tại thời điểm bất kì:

Số hạt X còn lại là \({N_X}\).

Số hạt Y sinh ra là: \({N_Y} = {N_0} - {N_X}\).

Tại \({t_1} = {t_0}\): \(\frac{{{N_X}}}{{{N_Y}}} = \frac{1}{3}\). Suy ra: \(\frac{{{N_X}}}{{{N_0} - {N_X}}} = \frac{1}{3}\).

\(3{N_X} = {N_0} - {N_X}\) \(4{N_X} = {N_0}\). Do đó: \({N_X} = \frac{{{N_0}}}{4}\).

Tại \({t_2} = {t_0} + 24,6\) năm: \(\frac{{{N_X}}}{{{N_Y}}} = \frac{1}{{15}}\). Suy ra: \(\frac{{{N_X}}}{{{N_0} - {N_X}}} = \frac{1}{{15}}\). \(15{N_X} = {N_0} - {N_X}\). \(16{N_X} = {N_0}\).

Do đó: \({N_X} = \frac{{{N_0}}}{{16}}\).

Từ \({t_1}\) đến \({t_2}\), số hạt X còn lại giảm từ \(\frac{{{N_0}}}{4}\) xuống \(\frac{{{N_0}}}{{16}}\), tức giảm 4 lần.

Giảm 4 lần tương ứng với 2 chu kì bán rã: \(\frac{{{N_0}}}{4} \to \frac{{{N_0}}}{8} \to \frac{{{N_0}}}{{16}}\).

Vậy: \(2T = 24,6\) => T = 12,3 năm.

Đáp án: 12,3