Đề tham khảo ĐGNL V-SAT môn Vật lý 2026 - Đề số 3

Đ – Đ – S – S.

1. Tần số góc cho biết tốc độ thay đổi pha dao động.

2. Tần số là số dao động toàn phần mà vật đã thực hiện trong \(1\;s\).

3. Trong một chu kì dao động, vật đi qua vị trí cân bằng \(2\;\)lần.

4. Giản đồ pha:

Nhận thấy:

• \(M\) và \(Q\) là các vị trí biên.
• \(N\) và \(P\) là các vị trí ứng với \(x = \pm \frac{{\sqrt 2 }}{2}A\)

Từ hình vẽ, ta có

\(\Delta t = \frac{T}{8} = 0,05\;s \to T = 0,4\;s\;\;\;\;\;\)

S – Đ – Đ – S.

1. Sóng cơ không lan truyền được trong chân không.

2. Sóng ngang có phương dao động của các phần tử sóng vuông góc với phương truyền sóng.

3. Bước sóng là quãng đường mà sóng truyền đi được trong một chu kì dao động.

4. Bước sóng của sóng:

\(\lambda = \frac{v}{f} = \frac{{\left( {200} \right)}}{{\left( {50} \right)}} = 4\;cm\)

Độ lệch giữa hai phần tử sóng:

\(\Delta \varphi = 2\pi \frac{{\Delta x}}{\lambda } = 2\pi \frac{{\left( {42 - 20} \right)}}{{\left( 4 \right)}} = 11\pi \;rad\)

Khoảng cách cực tiểu giữa hai phần tử sóng:

\({d_{min}} = \Delta x - \Delta {u_{max}} = \left( {42 - 20} \right) - \left( 4 \right) = 18\;cm\;\;\;\;\;\)

Đ – S – S – Đ.

1. Dòng điện có bản chất là dòng dịch chuyển có hướng của các hạt mang điện.

2. Với đoạn mạch mắc nối tiếp thì cường độ dòng điện ở hai đầu đoạn mạch bằng tổng cường độ dòng điện chạy qua từng phần tử trong mạch.

3. Với đoạn mạch mắc song song, hiệu điện thế hai đầu đoạn mạch bằng tổng hiệu điện thế hai đầu của từng phần tử trong mạch.

4. Hiệu điện thế hai đầu đoạn mạch chứa điện trở \(4\;\Omega \) và \(3\;\Omega \) mắc song song:

\({U_{34}} = \left( 3 \right).\left( 4 \right) = 12\;V\)

Cường độ dòng điện chạy qua điện trở \(3\;\Omega \) (bên phải)

\({I_3} = \frac{{\left( {12} \right)}}{{\left( 3 \right)}} = 4\;A\;\)

Cường độ dòng điện chạy qua mạch chính bằng cường độ dòng điện chạy qua điện trở \(3\;\Omega \) (bên trái)

\(I = \left( 3 \right) + \left( 4 \right) = 7\;A\;\)

Hiệu điện thế hai đầu đoạn mạch:

\(U = IR = \left( 7 \right)\left[ {\left( 3 \right) + \frac{{\left( 4 \right).\left( 3 \right)}}{{\left( 4 \right) + \left( 3 \right)}}} \right] = 33\;V\;\)

Đ – Đ – S – S.

1. Cường độ điện trường đặc trưng cho điện trường về phương diện tác dụng lực.

2. Cường độ điện trường tại một điểm được xác định bằng thương số giữa lực điện \(\overrightarrow {F\;} \) tác dụng lên một điện tích thử \(q\) và điện tích thử đó.

3. Cường độ điện trường gây bởi một điện tích \(Q\) tại vị trí cách nó một khoảng \(r\;\)có độ lớn được xác định bởi \(E = \frac{{kQ}}{{{r^2}}}\).

4. Vector cường độ điện trường tại có phương \(AB\), chiều từ \(B\) đến \(A\), độ lớn:

\(E = \frac{{k\left| q \right|}}{{\varepsilon {r^2}}} = \frac{{\left( {{{9.10}^9}} \right).\left( {{{2.10}^{ - 7}}} \right)}}{{\left( {2.} \right){{\left( {{{6.10}^{ - 2}}} \right)}^2}}} = 2,{5.10^5}\frac{V}{m}\)

Đ – S – S – Đ.

1. Quá trình đẳng áp là quá trình biến đổi trạng thái trong đó áp suất của chất khí được giữ không đổi.

2. Trong hệ tọa độ \(VOT\), đường thẳng áp có dạng là một đường thẳng có đường kéo dài đi qua gốc tọa độ.

3. Trong quá trình biến đổi đẳng áp của một lượng khí lí tưởng xác định, mật độ phân tử chất khí có thể tăng hoặc giảm tùy thuộc vào quá trình biến đổi làm cho thể tích chất khí tăng hay giảm.

4. Ta có:

\(pV = \frac{m}{M}RT \to V = \left( {\frac{{mR}}{{Mp}}} \right)T\)

Trong hệ tọa độ \(VOT\) các đường đẳng tích có dạng là đường thẳng xiên góc tọa độ, hệ số góc của đường thẳng này là:

\(\tan \theta = \frac{{mR}}{{Mp}}\)

Mặt khác, từ đồ thị ta thấy rằng:

\(\tan {\theta _1} > \tan {\theta _1}\; \to \frac{{{m_1}R}}{{M{p_1}}} > \frac{{{m_2}R}}{{M{p_2}}} \to \frac{{{m_1}}}{{{m_2}}} > \frac{{{p_1}}}{{{p_2}}}\;\;\)

Đ – Đ – Đ – S.

1. Hạt nhân được cấu tạo từ các hạt \(nucleon\).

2. Hạt nhân mang điện tích dương, điện tích của hạt nhân sẽ tỉ lệ với số \(nucleon\) mang điện bên trong hạt nhân.

3. Hạt nhân nguyên tử của nguyên tố hóa học \(X\) có số khối \(A\), số hiệu nguyên tử \(Z\) được kí hiệu là \({}_A^ZX\).

4. Bán kính của hạt nhân \({}_{32}^{70}Ge\) xấp xỉ bằng:

\(r = 1,2.{A^{\frac{1}{3}}} = 1,2.{\left( {70} \right)^{\frac{1}{3}}} = 4,95\;fm\;\;\;\;\;\)

S – Đ – S – Đ.

1. Khối lượng của một hạt nhân luôn nhỏ tổng khối lượng của các \(nucleon\) cấu tạo nên hạt nhân đó.

2. Năng lượng liên kết riêng của một hạt nhân càng lớn thì hạt nhân đó càng bền vững.

3. Một hạt nhân có độ hụt khối càng lớn thì năng lượng liên kết của nó sẽ càng lớn.

4. Năng lượng liên kết riêng của hạt nhân:

\(\varepsilon = \frac{{{E_{lk}}}}{A} = \frac{{\left( {2,24} \right)}}{{\left( 2 \right)}} = 1,12\frac{{MeV}}{{nucleon}}\;\;\;\;\;\;\;\)

Đ – S – S – Đ.

1. Khi sóng điện từ lan truyền, tại mỗi điểm có sóng truyền qua, cảm ứng từ \(B\) và cường độ điện trường \(E\) luôn dao động cùng pha nhau.

2. Sóng điện từ luôn là sóng ngang.

3. Sóng điện trường lan truyền trong chân không với vận tốc \(c = {3.10^8}\frac{m}{s}\), với các môi trường khác, về cơ bản sẽ nhỏ hơn \(c\).

4. Bước sóng của sóng:

\(\lambda = \frac{c}{f} = \frac{{\left( {3,{{00.10}^8}} \right)}}{{\left( {75,{{0.10}^3}} \right)}} = 4000\;m\;\;\;\;\;\;\;\;\)

Đ – Đ – S – S.

1. Các chất được cấu tạo bởi các hạt (nguyên tử, phân tử, \(ion\)) gọi chung là phân tử.

2. Các phân tử chuyển động không ngừng, chuyển động của các phân tử được gọi la chuyển động nhiệt.

3. Các phân tử chuyển động càng nhanh thì nhiệt độ của vật do chúng tạo nên càng cao.

4. Giữa các phân tử có lực tương tác lẫn nhau bao gồm lực hút và lực đẩy, lực này có bản chất là lực tĩnh điện không phải là lực hấp dẫn.

Chọn C.

\(Neutron\) không mang điện.

Chọn B.

Tổng điện tích của các \(electron\) của nguyên tử \(Helium\) là \( - 2e\).

Chọn D.

Ta có:

\(\frac{{\left( {92} \right).\left( {9,{{1094.10}^{ - 31}}} \right)}}{{\left( {92} \right).\left( {1,{{67262.10}^{ - 27}}} \right) + \left( {146} \right).\left( {1,{{67493.10}^{ - 27}}} \right)}} = 2,{103.10^{ - 4}}\;\;\;\;\;\)

Chọn B.

Do cuộn dây quay trong từ trường làm từ thông qua cuộn dây biến thiên.

Chọn C.

Trong cả ba nghiên cứu trên thì diện tích của cuộn dây được giữ không đổi.

Chọn C.

Từ bảng liệu, quy hồi tuyến tính ta được:

\(e = 400B\)

Với:

\(e = 18\;V \to B = 0,045\;T\;\;\;\;\;\)

1 – A; 2 – C; 3 – B; 4 – D.

1. Suất điện động cảm ứng xuất hiện khi từ thông qua mạch kín biến thiên theo thời gian. Biểu thức đúng và đủ của định luật Faraday:

\({e_C} = - \frac{{\Delta \phi }}{{\Delta t}}\)

2. Chiều dòng điện cảm ứng được xác định sao cho chống lại nguyên nhân sinh ra nó tuân theo định luật Lenz.

3. Từ thông qua một khung dây phẳng đặt trong từ trường đều được xác định bởi:

\(\phi = BS\cos \alpha \)

4. Độ lớn suất điện động cảm ứng trong mạch kín phụ thuộc vào tốc độ biến thiên từ thông:

\(\left| {{e_c}} \right|\~\left| {\frac{{\Delta \phi }}{{\Delta t}}} \right|\)

1 – E; 2 – F; 3 – B; 4 – D.

1. Điều kiện để \(M\) là cực đại giao thoa:

\({d_1} - {d_2} = k\lambda \;\;\;\;\;\)

2. Điều kiện để \(M\) là cực tiểu giao thoa:

\({d_1} - {d_2} = \left( {k + \frac{1}{2}} \right)\lambda \;\;\;\;\;\)

3. Ta xét tỉ số:

\(\frac{{{S_1}{S_2}}}{\lambda } = \frac{{\left( {10,2} \right)}}{{\left( 2 \right)}} = 5,1\)

⟹ Trên đoạn thẳng nối hai nguồn có tất cả \(11\) cực đại giao thoa.

4. Khoảng cách giữa vị trí cân bằng của hai cực đại liên tiếp trên đường trung trực là:

\({d_{min}} = \frac{\lambda }{2}\;\;\;\;\;\)

1 – A; 2 – C; 3 – B; 4 – E.

1. Điều kiện của chiều dài để có sóng dừng trên dây:

\(L = n\frac{\lambda }{2}\;\;\;\;\;\;\)

2. Tần số để cho sóng dừng trên dây với \(n\) bó sóng:

\(f = \frac{{nv}}{{2L}}\;\;\;\;\;\;\)

3. Khoảng cách giữa hai nút sóng liên tiếp là \(\frac{1}{2}\lambda \).

4. Từ điều kiện của chiều dài để có sóng dừng trên dây:

\(L = n\frac{v}{{2f}} \to n = \frac{{2Lf}}{v}\)

⟹ Khi tăng tần số lên \(2\) lần thì số bụng sóng cũng tăng lên \(2\) lần.

1 – C; 2 – D; 3 – F; 4 – A.

1. Lực từ tác dụng lên đoạn dây dài \(l\):

\(F = IBl\sin \alpha \;\;\;\;\;\)

2. Từ biểu thức của lực từ:

\(F = IBl\sin \alpha \)

⟹ \(\alpha = {90^0}\) thì lực từ có độ lớn cực đại.

3. Từ biểu thức của lực từ:

\(F = IBl\sin \alpha \)

⟹ \(I\) tăng \(2\) lần thì lực từ tăng lên \(2\) lần.

4. Chiều của lực từ được xác định the quy tắc bàn tay trái.

1 – B; 2 – C; 3 – D; 4 – E.

1. Giả sử rằng có \(x\) \(neutron\) được tạo ra:

\({}_{92}^{235}U \to 2{}_{46}^{116}Pd + 2\gamma + x{}_0^1n\)

Ta có:

\(\left( {235} \right) = 2.\left( {116} \right) + 2.\left( 0 \right) + x.\left( 1 \right) \to x = 3\)

2. Năng lượng tỏa ra của một phản ứng phân hạch:

\(\Delta E = 2{E_{Pd}} - 2{E_\gamma } - {E_U} = 2.\left( {116} \right).\left( {8,2} \right) - 2.\left( {5,2} \right) - \left( {235} \right).\left( {7,2} \right) = 200\;MeV\;\;\;\;\;\)

3. Số phản ứng diễn ra trong \(1\;s\):

\(N = \frac{P}{{\Delta E}} = \frac{{\left( {{{1600.10}^6}} \right)}}{{\left( {{{200.10}^6}.1,{{6.10}^{ - 19}}} \right)}} = {5.10^{19}}\)

Vậy:

\(x = 5\;\;\;\;\;\;\)

4. Với hiệu suất của lò là \(50\% \) thì số phản ứng thực là \(2.\left( {{{5.10}^{19}}} \right)\) phản ứng. Do đó khối lượng \({}_{92}^{235}U\) đã tiêu thụ trong \(1\;s\) là:

\(m = \frac{{2.\left( {{{5.10}^{19}}} \right)}}{{\left( {6,{{02.10}^{23}}} \right)}}.\left( {235} \right).\left( {3600} \right) = 140,5\;g\;\;\;\;\;\;\;\;\;\;\)

Ta có:

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{N_1} = \left( {29} \right) - Z = \left( {15} \right)}\\{{N_2} = 32 - Z}\end{array}} \right. \to {N_2} = 18\;\;\;\;\;\)

Ban đầu lực tương tác giữa các quả cầu là lực hút ⟹ hai quả cầu tích điện trái dấu nhau. Hơn nữa sau khi tiếp xúc nhau thì lực tương tác giữa chúng bị triệt tiêu điều này chứng tỏ rằng ban đầu lượng điện tích mà mỗi quả cầu chứa bằng nhau về độ lớn.

Ta có:

\(F = k\frac{{{q^2}}}{{{r^2}}} \to {q_1} = - {q_2} = \sqrt {\frac{{F{r^2}}}{k}} = \sqrt {\frac{{\left( {{{9.10}^{ - 3}}} \right){{\left( {{{10.10}^{ - 2}}} \right)}^2}}}{{\left( {{{9.10}^9}} \right)}}} = {10^{ - 7}}\;C\;\;\;\;\;\)

Phương trình cân bằng nhiệt:

\( - x.\left( {540} \right) + y\left( {80} \right) + y\left( 1 \right).\left( {100} \right) = 0\)

\( \to \frac{y}{x} = 3\;\;\;\;\;\)

Ta có:

\({e_C} = NS\frac{{\Delta B}}{{\Delta t}}\cos \alpha \to \alpha = {\cos ^{ - 1}}\left( {\frac{{{e_C}.\frac{{\Delta B}}{{\Delta t}}}}{{NS}}} \right)\)

\(\alpha = {\cos ^{ - 1}}\left[ {\frac{{\left( {40} \right).\left( {\frac{{0,6}}{{2,4 - 1,2}}} \right)}}{{\left( {100} \right).\left( {{{80.10}^{ - 2}}} \right)}}} \right] = 75,{5^0}\;\;\;\;\;\;\;\;\)

Ta có:

\(p = \frac{2}{3}\frac{N}{V}{E_d} = \frac{2}{3}\frac{{{E_{{\rm{T}}o{\rm{ng}}}}}}{V} = \frac{2}{3}.\frac{{\left( {1,{{5.10}^5}\;} \right)}}{{\left( {{{20.10}^{ - 3}}} \right)}} = {5.10^6}\frac{N}{{{m^2}}}\;\;\;\;\;\)