25 đề thi minh họa THPT Quốc gia môn Hóa năm 2022 có lời giải (Đề 12)

Chọn đáp án B

Pb có khả năng chống lại phóng xạ hạt nhân

Chọn đáp án B

Ag không tác dụng với H₂O

Chọn đáp án B

Nhiệt luyện là dùng các chất khử: Al, C, CO, H₂ để khử các oxit KL

Chọn đáp án B

Các KL sau nhôm có thể điều chế bằng cả 3 phương pháp

Chọn đáp án A

CO khử được oxit KL sau Al trong dãy hoạt động hóa học

Chọn đáp án B

Al(OH)₃ mang tính lưỡng tính

Chọn đáp án A

Al khử yếu hơn Ba nên không tác dụng với BaCl₂

Chọn đáp án D

Na không tác dụng với dầu hỏa nên thường được bảo quản trong dầu hỏa

Chọn đáp án D

Quặng đôlomit có thành phần là CaCO₃.MgCO₃

Chọn đáp án D

Fe tác dụng với HNO₃ dư sẽ tạo được muối sắt (III)

Chọn đáp án B

Cr + 2HCl → CrCl₂ + H₂

Chọn đáp án C

Penixilin thuộc nhóm thuốc kháng sinh không phải là ma túy

Chọn đáp án A

CH₂=CH-COOCH₃ là metyl acrylat

Chọn đáp án B

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ là triolein

Chọn đáp án B

Tinh bột không tác dụng với Cu(OH)₂

Chọn đáp án B

Anilin là amin mang tính bazơ (tính bazơ rất yếu không làm quì tím đổi màu)

Chọn đáp án D

CT của axit glutamic là H₂N-C₃H₅-(COOH)₂ mang môi trường axit

Chọn đáp án D

Các tơ nilon thường là tơ tổng hợp

Chọn đáp án A

Phân ure là (NH₂)₂CO là phân bón giàu đạm nhất

Chọn đáp án B

Axetilen có công thức C₂H₂ (học thuộc các tên gọi hiđrocacbon phổ biến)

Chọn đáp án A

Fe tác dụng với HNO₃ dư, Cl₂ tạo muối sắt (III)

Chọn đáp án B

CH₂OK có công thức HCOOK → HCOOC₃H₇

Chọn đáp án B

$A{l}_2{O}_3+2NaOH\to 2NaAl{O}_2+H_{2}O$

$n_{A{l}_2{O}_3}=\mathrm{0,05}\to n_{NaOH}=\mathrm{0,1}$

$\to V_{ddNaOH}=100ml$

Chọn đáp án C

Các chất bị oxi hóa phải chưa có số oxi hóa tối đa gồm: FeO, Fe(OH)₂, FeSO₄, Fe₃O₄

Chọn đáp án B

Giả sử M là KL hóa trị II

n_M = n_MSO4

Chọn đáp án C

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ là triolein có liên kết đôi trong phân tử nên có khả năng làm mất màu dung dịch Br₂

Chọn đáp án D

X và Y là glucozơ và fructozơ, X và Y tác dụng với H₂ đều tạo sobitol

Chọn đáp án C

Ca(OH)₂ dư nên $n_{C{O}_2}=n_{CaC{O}_3}=\mathrm{0,5}$

$\to n_{C_6{H}_{12}{O}_6}$ phản ứng = 0,25

$\to m_{C_6{H}_{12}{O}_6}$cần dùng $=\frac{\mathrm{0,25.180}}{80\%}=\mathrm{56,25}$gam

Chọn đáp án B

 Các đồng phân của X là H2NCH2CH2CH2COOH, CH3CH2CH(NH2)COOH, CH3CH(NH2)CH2COOH, (CH3)2C(NH2)COOH, H2N-C(CH3)2COOH.

Chọn đáp án B

Tơ nhân tạo (bán tổng hợp) gồm: tơ visco, tơ axetat

Chọn đáp án C

Đặt CTTQ của X là C_xH₄ Þ 12x + 4 = 28 Þ x = 2

Khi đốt cháy X thu được $n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}=\mathrm{0,2}mol\stackrel{BT:O}{\to }{n}_{O_2}=\mathrm{0,3}mol\Rightarrow V_{O_2}=\mathrm{6,72}\left(l\right)$

Chọn đáp án B

(a) 2NaOH + Ca(HCO₃)₂ $\to$ CaCO₃ + Na₂CO₃ + 2H₂O

(b) 2NaHSO₄ + BaCl₂ $\to$ BaSO₄ + 2HCl + Na₂SO₄

(c) Na₂O + 2Al + 3H₂O $\to$ 2NaAlO₂ + 3H₂

(d) CO₂ + NaAlO₂ + 2H₂O $\to$ NaHCO₃ + Al(OH)₃

(e) CaCl₂ + 2NaHCO₃  $\stackrel{t^o}{\to }$ CaCO₃ + 2NaCl + CO₂ + H₂O

Chọn đáp án C

$\stackrel{}{\to }\left\{\begin{array}{l}{C}_4{H}_8{O}_2\\ C_2{H}_{6}O\end{array}\right.$ Nhìn thấy số C gấp đôi số O $\stackrel{}{\to }{n}_O^{trongX}=\mathrm{0,3}\stackrel{}{\to }\left\{\begin{array}{l}{C}_2{H}_{6}O:\mathrm{0,7}-\mathrm{0,6}=\mathrm{0,1}\\ C_4{H}_8{O}_2:\mathrm{0,1}\end{array}\right.$

$\stackrel{}{\to }\%C_2{H}_{6}O=\frac{\mathrm{0,1.46}}{\mathrm{0,6.12}+\mathrm{0,7.2}+\mathrm{0,3.16}}=\mathrm{34,33}\%$

Chọn đáp án A

(1) Sai, Thủy phân hoàn toàn tinh bột thu được glucozơ.

(2) Sai, Các protein hình cầu đều tan trong nước tạo thành dung dịch keo.

(4) Sai, Glucozơ bị oxi hoá bởi AgNO₃ trong NH₃ tạo ra Ag.

(5) Sai, H₂N-CH₂-CH₂-CO-NH-CH₂-COOH không phải là peptit (vì không được tạo thành từ các α-amino axit).

Chọn đáp án C

Chất rắn Z là Al $\stackrel{}{\to }{n}_{Al}=a\stackrel{BTE}{\to }{n}_{Cu}=\mathrm{1,5}a\stackrel{}{\to }\mathrm{1,5}a.64-27a=\mathrm{1,38}\stackrel{}{\to }a=\mathrm{0,02}$

Chọn đáp án B

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}{n}_A=\mathrm{0,29}\stackrel{}{\to }{m}_A=\mathrm{7,7}\\ n_{C{O}_2}=\mathrm{0,43}\\ n_{N_2}=\mathrm{0,04}\stackrel{}{\to }{n}_{a\min }=\mathrm{0,04}\end{array}\right.\stackrel{}{\to }\left\{\begin{array}{l}{n}_{ankan+anken}=\mathrm{0,25}\stackrel{}{\to }C{H}_4\\ \stackrel{BTKL}{\to }{n}_H=\mathrm{1,42}\end{array}\right.$

+ Để tìm ra số mol CH₄ ta chỉ việc nhấc NH₂ 0,08 mol từ amin ra (để biến amin thành anken)

khi đó $\stackrel{}{\to }\left\{\begin{array}{l}C{O}_2:\mathrm{0,43}\\ H_{2}O:\frac{\mathrm{1,42}-\mathrm{0,08.2}}{2}=\mathrm{0,63}\end{array}\right.\stackrel{}{\to }{n}_{C{H}_4}=\mathrm{0,2}\stackrel{}{\to }{n}_{anken}=\mathrm{0,05}$

Chọn đáp án D

Hai khí trong Z là N₂O và CO₂. Áp dụng BTKL ta tính được: $n_{H_{2}O}=\mathrm{0,65}mol$ $\stackrel{BT:H}{\to }{n}_{N{H_4}^{+}}=\mathrm{0,04}mol$

Dung dịch Y chứa Mg²⁺ (x) Al³⁺ (y), NH₄⁺ (0,04), Na⁺ (1,14), NO₃^- (z) và SO₄^2- (1,14)

Theo đề ta có:$\left\{\begin{array}{l}\stackrel{BTDT}{\to }2x+3y-z=\mathrm{1,1}\\ 24x+27y+62z=\mathrm{20,46}\\ 58x=\mathrm{19,72}\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}x=\mathrm{0,34}\\ y=\mathrm{0,18}\\ z=\mathrm{0,12}\end{array}\right.$

$\stackrel{BT:N}{\to }{n}_{N_{2}O}=\mathrm{0,08}mol\Rightarrow n_{C{O}_2}=n_{MgC{O}_3}=\mathrm{0,04}mol\Rightarrow n_{Mg}=\mathrm{0,3}mol$

Chọn đáp án B

Ta có: $\left\{\begin{array}{l}\stackrel{BT:O}{\to }6n_X+\mathrm{2.3,1}=2n_{C{O}_2}+\mathrm{2,04}\\ n_{C{O}_2}-\mathrm{2,04}=(k+3-1)n_X=n_{B{r}_2}+2n_X=\mathrm{0,08}+2n_X\end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}{n}_X=\mathrm{0,04}\\ n_{C{O}_2}=\mathrm{2,2}\end{array}\right.\stackrel{BTKL}{\to }{m}_X=\mathrm{34,32}\left(g\right)$ 

Chọn đáp án A

Ta có: $M_X=\frac{\mathrm{10,88}}{\mathrm{0,64}}.n=17n\stackrel{n=8}{\to }136:C_8{H}_8{O}_2$ có 0,08 mol.

Hai este trong X lần lượt là RCOOC₆H₄R’ (x mol); R₁COOR₂ (y mol)

$\Rightarrow$ Hai chất đó là HCOOCH₂C₆H₅ và CH₃COOC₆H₅ $\Rightarrow$ Z là C₆H₅ONa: 0,05 mol có m = 5,8 (g)

Chọn đáp án B

(a) Sai, sau bước 1 đã tạo Cu(OH)₂ màu xanh.

(b) Đúng, glucozơ thể hiện tính chất của 1 ancol đa chức.

(c) Đúng, có phản ứng màu biurê.

(d) Đúng

(e) Sai, không được rửa kết tủa, vì phải giữ lại một lượng kiềm dư còn bám ở kết tủa cho các phản ứng ở bước sau.