Tổng hợp 20 bộ đề thi thử THPTQG 2019 Sinh Học - Chinh phục điểm 9 điểm 10 (Đề số 2)

Đáp án C

Trong quá trình diễn thế ở thực vật từ 1 vùng đất trống cần lưu ý 2 vấn đề:

Cây ưa sáng → cây ưa bóng.

Cây nhỏ (thường là những cây cỏ) → Cây lớn (thường là những cây thân gỗ).

Thứ tự đúng là: C → A → B → D.

Đáp án B

* Ở thực vật, phân giải kị khí (đường phân và lên men): Xảy ra trong điều kiện không có O₂.

- Xảy ra khi rễ bị ngập úng, hạt bị ngâm vào nước, hay cây ở trong điều kiện thiếu oxi.

- Diễn ra ở tế bào chất gồm 2 quá trình:

+ Đường phân: Phân giải glucozơ → 2 axit piruvic + 2ATP + 2NADH.

+ Lên men: Axit piruvic lên men tạo thành rượu êtilic và CO₂ hoặc tạo thành axit lactic.

- Phương trình tổng quát:

+ Lên men tạo rượu: ${\mathrm{C}}_6{\mathrm{H}}_{12}{\mathrm{O}}_6\stackrel{\mathrm{Nấm}, \mathrm{men}}{\to }2{\mathrm{C}}_2{\mathrm{H}}_5\mathrm{OH}+2{\mathrm{CO}}_2+2\mathrm{ATP}$

+ Lên men lactic: ${\mathrm{C}}_6{\mathrm{H}}_{12}{\mathrm{O}}_6\stackrel{VK.lactic.dong.hinh}{\to }2{\mathrm{C}}_3{\mathrm{H}}_6{\mathrm{O}}_3+2\mathrm{ATP}$

                              ${\mathrm{C}}_6{\mathrm{H}}_{12}{\mathrm{O}}_6\stackrel{VK.lactic.di.hinh}{\to }{\mathrm{C}}_3{\mathrm{H}}_6{\mathrm{O}}_3+{\mathrm{C}}_2{\mathrm{H}}_5\mathrm{OH}+{\mathrm{CO}}_2+2\mathrm{ATP}$

Đáp án B

- (1) Đúng: Vì AaBb tạo 4 loại giao tử bằng nhau theo tỉ lệ 1:1:1:1, khi lai phân tích → F_a cho 4 kiểu hình 1:1:1:1.

- (3) Đúng: $\frac{AB}{ab}$ hoặc $\frac{Ab}{aB}$ hoán vị với tần số f = 50% đều tạo 4 loại giao tử bằng nhau theo tỉ lệ 1:1:1:1, khi lai phân tích

→ F_a cho 4 kiểu hình 1:1:1:1.

- (2) và (4) sai vì không cho tỉ lệ kiểu hình là 1:1:1:1 ở F_a

Đáp án A

- I sai vì giung đất hô hấp qua bề mặt cơ thể chứ không hô hấp bằng hệ thống ống khí.

Đáp án C

- Hệ sắc tố quang hợp gồm diệp lục và carôtenôit:

+ Sắc tố chính: diệp lục a, diệp lục b: làm lá cây có màu xanh.

+ Sắc tố phụ carôtenôit (carôten và xantôphin): tạo ra các mầu đỏ, da cam, vàng của lá.

- Vai trò của hệ sắc tố quang hợp:

+ Diệp lục b và carôtenôit hấp thụ năng lượng ánh sáng rồi truyền năng lượng đó cho diệp lục a ở trung tâm phản ứng.

+ Chỉ có diệp lục a mới có khả năng chuyển hóa năng lượng ánh sáng thành năng lượng hóa học trong ATP và NADPH.

Đáp án D

Quần thể 1:  Tỉ lệ KG dị hợp  = 0,48.

Quần thể 2:  Tỉ lệ KG dị hợp  = 0,42.

Quần thể 3:  Tỉ lệ KG dị hợp  = 0,32.

Quần thể 4:  Tỉ lệ KG dị hợp  = 0,5.

Đáp án D

I, II, III đúng

IV sai: Để loại bỏ gen không mong muốn người ta dùng đột biến mất đoạn nhỏ.

V đúng, các dạng đột biến cấu trúc NST nói chung đều có thể làm giảm sức sống hoặc gây chết, giảm khả năng sinh sản hoặc mất khả năng sinh sản.

Đáp án C

- Loài A chỉ sống được trong môi trường có nhiệt độ từ 21^oC đến 35^oC và độ ẩm từ 74% đến 96%. Nếu môi trường sống của loài A có nhiệt độ và độ ẩm vượt ra ngoài giới hạn chịu đựng về nhiệt độ và độ ẩm thì loài sẽ bị chết.

Đáp án B

- Để thu được nhiều dòng thuần nhất thì cơ thể P phải mang nhiều cặp gen dị hợp nhất.

Đáp án C

I sai: Các sản phẩm được tổng hợp cùng loại.

II đúng.

III đúng, ADN trong nhân phiên mã trong nhân, ADN ngoài nhân phiên mã ngoài nhân.

IV đúng.

Đáp án A

I đúng, cháu trai XY luôn nhận được Y từ ông nội.

II sai, cháu gái XX nhận 1X từ bố, 1X từ mẹ mà × từ mẹ có thể nhận được từ ông ngoại hoặc từ bà ngoại.

III đúng, mỗi người nhận được 23 NST từ bố và 23 NST từ mẹ.

IV đúng, vì 2n=46→n=23 lẻ nên không thể nhận được số lượng NST từ ông nội và bà nội bằng nhau.

Đáp án A

- Nguyên nhân dẫn đến khi môi trường không có lactozơ mà Oprêron Lac vẫn thực hiện phiên mã (Opêron luôn mở) là:

+ Vùng khởi động của gen điều hòa bị đột biến làm thay đổi cấu trúc và không còn khả năng gắn kết với enzim ARN pôlimeraza → gen điều hòa không tổng hợp được prôtêin ức chế.

+ Gen điều hòa bị đột biến dẫn tới tổng hợp prôtêin ức chế bị biến đổi không gian và không gắn được vào vùng vận hành của Opêron.

+ Vùng vận hành của Opêron bị đột biến và không còn khả năng gắn kết với prôtêin ức chế.

- Ý I, IV, V là dẫn đến khi không có lactozơ nhưng Opêron vẫn thực hiện phân mã.

Đáp án C

- Tìm số nuclêôtit từng loại và số liên kết H của gen B:

$\left\{\begin{array}{l}2A+2G=3000\\ 3A=2G\end{array}\right.$→ A = T = 600; G = × = 900

→ H = 2A + 3G = 3900 liên kết.

- Tìm số nuclêôtit từng loại của gen b:

+ Đề cho đột biến điểm và số liên kết H của gen b nhiều hơn 2 liên kết H so với gen B → đây là đột biến dạng thêm một cặp A – T.

+ Gen b: A = T = 601; G = × = 900.

- Gen b nhân đôi 3 lần, số nuclêôtit loại T môi trường cần cung cấp là: 601(2³ – 1) = 4207.

Đáp án C

- Cặp vợ chồng (3) và (4) đều không bị mắc bệnh M, sinh con gái (10) bị mắc bệnh M → bệnh M do gen lặn nằm trên NST thường quy định.

- Bệnh máu khó đông do gen lặn nằm trên vùng không tương đồng của NST × quy định.

- Quy ước :

+ A – không bị bệnh M, a bị bệnh M.

+ B – không bị máu khó đông, b bị máu khó đông.

- Quần thể người này :

+ Xét về bệnh M có tỉ lệ 8/9AA:1/9Aa.

+ Xét về bệnh máu khó đông, ta có X^bY = 1/10 → X^b = 1/10, X^B = 9/10.

- Kiểu gen của từng người trong phả hệ:

1: (8/9AA : 1/9 Aa)X^BY          8: (8/9AA:1/9Aa)X^BY

2: aaX^BX^b                                9: (1/3AA:2/3Aa)(X^BX^-)

3: AaX^BY.                                10: aa(X^BX^-).

4: Aa(X^BX^-)                             11: (17/35AA:18/35Aa)X^BY

5: AaX^bY                                 12: (17/35AA:18/35Aa)(3/4X^BX^B:1/4X^BX^b)

6: Aa(1/2X^BX^B:1/2X^BX^b).      13: (34/53AA:19/53Aa)X^BY

7: (8/9AA:1/9Aa)X^BY

I sai: Có 8 người biết chính xác kiểu gen về bệnh máu khó đông: 1, 2, 3, 5, 6, 7, 11, 13.

II đúng: Có thể có tối đa 7 người trong phả hệ có kiểu gen đồng hợp trội (AA) về gen quy định bệnh M là (1), (7), (8), (9), (11), (12), (13).

III sai: Người 12 và 13 sinh con trai đầu lòng không bị cả 2 bệnh :

(17/35AA:18/35Aa)(3/4X^BX^B:1/4X^BX^b)  ×  (34/53AA:19/53Aa)X^BY

- XS sinh con trai đầu lòng không bị bệnh:

A-X^BY = (1-aa)X^BY = (1- 9/35 × 19/106)(7/8.1/2) = 0,4173 = 41,73%%.

IV sai, người (3) (Aa) × (4) (Aa) nên con gái (9) (1/3AA : 2/3Aa).

Người  (3) (X^BY) × Người (4) (9/11X^BX^B:2/11X^BX^b).

Con gái dị hợp : (1/2× 1/11)/(1/2) = 1/11.

Vậy, xác suất để người con gái này mang kiểu gen dị hợp về cả 2 tính trạng là 2/3x1/11 = 6,06%.

V đúng: Người 12 lấy người 13, xác suất sinh con có 2 kiểu hình khác nhau:

(17/35AA:18/35Aa)(3/4X^BX^B:1/4X^BX^b) × (34/53AA:19/53Aa)X^BY.

* Xét bệnh M:  (17/35AA:18/35Aa)  × (34/53AA:19/53Aa)

- Sinh 2 con có kiểu hình giống nhau về bệnh M:

(18/35 × 19/53)(3/4 × 3/4 + 1/4 × 1/4) + (1 – 18/35 × 19/53) = 6907/7420.

* Xét bệnh máu khó đông: (3/4X^BX^B:1/4X^BX^b)  ×  X^BY.

- Sinh 2 con có kiểu hình giống nhau về bệnh máu khó đông:

3/4(1/2 × 1/2 + 1/2 × 1/2) + 1/4(2/4 × 2/4 + 1/4 × 1/4 + 1/4 × 1/4) = 15/32.

* Xác suất để cặp vợ chồng 12 và 13 sinh 2 con có kiểu hình khác nhau:

1 – 6907/7420 × 15/32 = 56,37%.

Đáp án B

- Phương án A sai, ATP, NADPH tạo ra ở pha sáng được chu trình Canvin sử dụng ở giai đoạn khử (khử APG thành AlPG) và giai đoạn tái sinh chất nhận CO₂ (AlPG thành RiDP).

- Phương án B đúng, nếu không có quá trình quang phân li nước ở pha sáng sẽ không có e và H⁺ để tổng hợp ATP và NADPH cung cấp cho pha tối.

- Phương án C sai vì giai đoạn tái sinh chất nhận CO₂ cần sự tham gia trực tiếp của ATP.

- Phương án D sai, trong quang hợp, O₂ được tạo ra từ H₂O.

Đáp án C

- Quy ước: A – cao: a – thấp; B – đỏ: b – trắng.

- P: A-,B-  ×  A-,bb → F₁: 5% aa,bb

→ P:          Aa,Bb                ×              Aa,bb.

→ G_P:  AB = ab = k.                       Ab = ab = 1/2.

             Ab = aB = 0,5 – k.

→ F₁: ab/ab = k × 1/2 = 0,05 → k = 0,1.

→ A-B- = AB(Ab + aB) + aB × Ab = 0,1(1/2 + 1/2) + 0,4 × 1/2 = 0,3.

Đáp án A

- Cường độ ánh sáng tăng làm tăng cường độ quang hợp cho đến khi đạt tới điểm bão hòa ánh sáng. Từ điểm bão hòa trở đi, cường độ ánh sáng tăng thì cường độ quang hợp giảm dần.

- Điểm bù ánh sáng (I_o): Cường độ ánh sáng tối thiểu để cường độ quang hợp và hô hấp bằng nhau.

- Điểm bão hòa ánh sáng (I_m): Cường độ ánh sáng để cường độ quang hợp đạt cực đại.

Đáp án A

Cây tứ bội (P’) tạo ra mặc dù cách li sinh sản với cây P do khi lai trở lại với P tạo ra 3n thường bất thụ, nhưng nếu nó không có khả năng phát triển thành quần thể thích nghi thì không được xem là loài mới, vì sự hình thành loài nhất thiết phải có sự hình thành quần thể thích nghi.

Cây P’ không phải luôn có kiểu gen thuần chủng về tất cả các cặp gen, ví dụ: AaBb khi tứ bội hóa thu được AAaaBBbb không thuần chủng.

Đáp án B

- Trên mỗi cặp NST thường chứa 2 cặp gen dị hợp:

+ Trên cặp NST thường số 1: các con đực có kiểu gen AB//ab và Ab//aB → giảm phân cho 4 loại tinh trùng trong quần thể.

+ Trên cặp NST thường số 2: các con đực có kiểu gen DE//de và De//dE → giảm phân cho 4 loại tinh trùng trong quần thể.

+ Trên cặp NST thường số 3: các con đực có kiểu gen GH//gh và Gh//gH → giảm phân cho 4 loại tinh trùng trong quần thể.

- Trên cặp NST giới tính XY: ${}_2{}^{2}X{Y}^2$ → giảm phân cho tối đa 4X + 2Y = 6 loại giao tử trong quần thể.

→ Tổng số giao loại tinh trùng của các con đực tạo ra = 4 × 4 × 4 × 6 = 384.

Đáp án B

I sai: Người hình thành tại kỷ thứ 4 của đại tân sinh.

II đúng.

III sai, loài hình thành sớm nhất trong chi homo là: Homo Habilis.

IV sai, Homo erectus hình thành Homo Sapiens từ Châu phi rồi mới phát tán sang các châu lục khác.

V đúng.

Đáp án A

- P: Aa,Bb   ×   Aa,Bb

- F₁ thu được 4 loại kiểu hình: aa,bb = x; A-B- = 0,5 + x; A-bb = aaB- = 0,25 – x.

- Chú ý: Để F₁ thu được 4 loại kiểu hình khác nhau thì điều kiện của × là: 0 < x < 0,25.

- Phương án A đúng, vì: 0,5 + x = 6x → x = 0,1.

- Phương án B sai, vì: 0,5 + x = 3x → x = 0,25.

- Phương án C sai, vì: x = 0,25.

- Phương án D sai, vì: 0,25 – x = 0,3 → x < 0.

Đáp án D

I sai vì CLTN có thể tác động gián tiếp lên kiểu gen.

II sai vì đó là vai trò của CLNT.

III sai vì CLTN diễn ra ngay cả trong điều kiện MT ổn định.

IV sai vì làm thay đổi cả tần số alen và TP KG.

V sai vì đó là nội dung của chọn lọc nhân tạo.

VI sai vì CLTN chỉ phát huy tác dụng khi lớp màng lipit đã xuất hiện và bao bọc lấy các chất hữu cơ tạo điều kiện cho chúng tương tác theo các nguyên tắc lí hóa. Tập hợp các chất hữu cơ được bao bởi màng lipit nếu có các đặc tính của sự sống sẽ được CLTN giữ lại. Nói cách khác, CLTN bắt đầu từ giai đoạn tiến hóa tiền sinh học.

VII đúng vì Ecoli là sinh vật nhân sơ, ruồi giấm là SV nhân thực.

VIII đúng vì ở trường hợp gen tồn tại ở trạng thái đơn alen (ví dụ ở vi khuẩn, ở sinh vật đơn bội…) CLTN có thể loại bỏ hoàn toàn alen lặn có hại nào đó ra khỏi quần thể.

Đáp án B

(1) Đúng: 1 tế bào mẹ tạo 4 tế bào con có kích thước bằng nhau.

(2) Đúng. Nhìn hình ta thấy B và V cùng nằm trên 1NST, b và v cùng nằm trên 1 NST.

(3) Đúng: Hoán vị gen không làm thay đổi thành phần và trình tự gen.

(4) Đúng: 1 tế bào $\frac{BV}{bv}$ có hoán vị tạo 4 loại giao tử với tỉ lệ 1:1:1:1.

(5) Sai: Vì f = 5% → BV = 47,5%.

Đáp án D

- Ở gà, con trống là XX, con mái là XY.

- Ở F₁ tính trạng biểu hiện không đều ở 2 giới → gen nằm trên NST giới tính.

- P thuần chủng → F1 phân tính → P: X^aX^a  ×  X^AY.

- F₁: X^AX^a : X^aY.

- F₂: 1/4X^AX^a : 1/4X^aX^a : 1/4X^AY : 1/4X^aY.

Đáp án C

P: xAA + yAa + 0,2aa = 1, tự thụ qua 3 thế hệ

F₃: aa = 0,2 + y(1-0,5³)/2 = 0,48 → y = 0,64; × = 0,16

Đáp án A

Tiêu hóa thức ăn trong các bộ phận của ống tiêu hóa ở người

Đáp án A

P: 0,25AA + 0,5Aa + 0,25aa = 1.

F₁: 0,75((1/3AA:2/3Aa) × (1/3AA:2/3Aa)) + 0,25(aa × aa) = 1.

→ 0,75(4/9AA + 4/9Aa + 1/9aa) + 0,25aa = 1 → 1/3AA + 1/3Aa + 1/3aa = 1.

F₂: 2/3((1/2AA:1/2Aa) × (1/2AA:1/2Aa)) + 1/3(aa × aa) = 1.

→ 2/3(9/16AA + 6/16Aa + 1/16aa) + 1/3aa = 1 → 3/8AA + 2/8Aa + 3/8aa = 1.

→ Ở F₂, tỉ lệ con aa = 3/8 = 37,5%.

Đáp án A

- Vì không có hoán vị gen: Đặt A = AB (đỏ, cao); a = ab (vàng, thấp) => Cây AB/ab viết kiểu gen rút gọn là Aa.

- Câu Aa xử lí với cônsixin thu được cây AAaa → tự thụ được thế hệ con có tỉ lệ kiểu hình 35 quả đỏ, thân cao: 1 quả vàng, thân thấp.

Đáp án B

- Tỉ lệ kiểu hình = 1:1 = 1(1:1):

+ Trường hợp 1: (AA × AA, AA × Aa, AA × aa, aa × aa)(Bb × bb) = 1 + 2 + 2 + 1 = 6 phép lai.

+ Trường hợp 2: (Aa × aa)(BB × BB, BB × Bb, BB × bb, bb × bb) = 1 + 2 + 2 + 1 = 6 phép lai.

→ Tổng có 6 + 6 = 12 phép lai cho con có kiểu hình phân tính theo tỉ lệ 1:1.

Đáp án B

- 2n = 12 → n = 6 cặp nhiễm sắc thể, trên mỗi cặp NST xét 1 gen có ba alen.

- Số thể 2n + 1 + 1 khác nhau = ${\left(\frac{3\times 4\times 5}{3!}\right)}^2\times {\left(\frac{3\times 4}{2}\right)}^4\times C_6^2$ =1944000.

Đáp án A

- P_t/c: trắng × trắng → F₁: đỏ → F₂: 9 đỏ : 7 trắng → tương tác gen 9:7 và F₁ dị hợp 2 cặp gen AaBb.

- Quy ước gen: A-B-: đỏ; A-bb + aaB- + aabb: trắng.

- F₁ AaBb giao phối lần lượt với các cây trắng AAbb, Aabb, aaBB, aaBb, aabb:

+ AaBb × AAbb → 1 đỏ: 1 trắng.

+ AaBb × Aabb → 3 đỏ : 5 trắng.

+ AaBb × aaBB → 1 đỏ : 1 trắng.

+ AaBb × aaBb → 3 đỏ : 5 trắng.

+ AaBb × aabb → 1 đỏ : 3 trắng.