Tổng hợp 20 bộ đề thi thử THPTQG 2019 Sinh Học - Chinh phục điểm 9 điểm 10 (Đề số 12)

Đáp án A

Các sự kiện phát sinh cây hạt trần và cây hạt kín lần lượt xảy ra ở các kỉ Cacbon và kỉ Phấn trắng

Đáp án B

Phương án A sai vì phần lớn các loài thực vật có hoa và dương xỉ được hình thành bằng con đường lai xa và đa bội hóa.

Phương án C sai vì một cá thể không được xem là loài mới, loài chỉ xuất hiện khi ít nhất có một quần thể.

Phương án D sai vì hình thành loài mới ở thực vật không thể diễn ra bằng con đường cách li tập tính, hình thức này chỉ gặp ở động vật.

Phương án B đúng vì hình thành loài bằng con đường cách li sinh thái và con đường lai xa và đa bội hóa thường diễn ra trong cùng khu phân bố.

Đáp án B

A sai, thể truyền và đoạn gen cần chuyển phải được xử lý bằng cùng 1 loại enzim cắt giới hạn để chỗ nối của 2 bên là giống nhau

C sai, thể truyền có thể tồn tại trong vùng nhân của tế bào nhận. ví dụ như dùng virut để gắn đoạn gen cần chuyển vào

D sai. các gen đánh dấu được gắn vào thể truyền để giúp nhận định được các tế bào đã nhận được gen cần chuyển và có khả năng loại đi các tế bào chưa nhận được

Đáp án C

Đáp án D

Tần số alen A của quần thể là: 0,25 + 0,15 = 0,4; tần số alen a = 1 - 0,4 = 0,6

Vì quần thể đã cho ngẫu phối nên tuân theo công thức: p²AA + 2pqAa + q²aa = 1

Thay số vào ta được cấu trúc di truyền của quần thể cân bằng: 0,16AA:0,48Aa:0,36aa

Quần thể cân bằng nên không thay đổi cấu trúc qua các thế hệ → cấu trúc di truyền ở thế hệ F₃ : 0,16AA:0,48Aa:0,36aa

Đáp án C

Để giải thích cho hiện tượng ưu thế lai, người ta đã đưa ra giả thuyết siêu trội

Nếu giả sử giải thích như trên theo tác động cộng gộp thì tại sao lại không lấy dòng thuần có toàn bộ là alen trội (AABBDD…) hoặc toàn bộ là alen lặn – đây là các dòng có kiểu hình biểu hiện ở mức cao nhất trong tác động cộng gộp

Phát biểu không đúng là C

Đáp án A

A là ứng dụng thực tiễn của diễn thế sinh thái.

B và C là ý nghĩa lý luận của diễn thế sinh thái.

D là ứng dụng của giới hạn sinh thái.

Đáp án A

A sai, operon Lac không bao gồm gen điều hòa.

B đúng, vì  gen điều hòa không có vùng vận hành để kiểm soát sự phiên mã.

C đúng. (theo mô hình hoat động của operon Lac đã học)

D đúng, vì mặc dù cả 3 gen Z,Y,A có chung một vùng khởi động và nằm chung trong chuỗi mARN nhưng được dịch mã riêng, do đó , bất cứ dạng đột biến nào xảy ra ở bất kỳ gen nào cũng không ảnh hưởng đến các gen khác.

Đáp án C

(1), (2) (4) Đúng.

(3) Sai vì năng lượng không tuần hoàn.

Đáp án B

- Phương án A đúng, quan hệ hỗ trợ bao gồm quan hệ cộng sinh, hợp tác và hội sinh.

- Phương án C đúng, quan hệ hợp tác và hội sinh có thể không mang tính thiết yếu đối với sự tồn tại của loài.

- Phương án D đúng, trong các mối quan hệ hỗ trợ, các loài đều không bị hại.

- Phương án B sai, trong quan hệ hội sinh, chỉ có một loài được lợi.

Đáp án D

Đáp án A

- P: AaBb x aabb → F_b: 1/4AaBb 1/4Aabb 1/4aaBb 1/4aabb

- Chỉ cây AaBb, Aabb ở Fb tự thụ là cho được con A-bb (cao, trắng).

+ 1/4AaBb tự thụ được A-bb = 1/4.3/4.1/4 = 3/64.

+ 1/4Aabb tự thụ được A-bb = 1/4.3/4.1 = 3/16.

- Cho F_b tự thụ ở con thu được A-bb = 3/64 + 3/16 = 15/64 = 23,44%

Đáp án B

Điểm giống nhau giữa các yếu tố ngẫu nhiên và chọn lọc tự nhiên là : đều làm giảm sự đa dạng di truyền của quần thể

-Yếu tố ngẫu nhiên làm giảm sự đa dạng một cách hoàn toàn ngẫu nhiên, kể cả các kiểu gen có lợi và có hại

-Chọn lọc tự nhiên làm giảm sự đa dạng quần thể bằng cách loại bỏ đi các kiểu gen không thích nghi được với môi trường

Đáp án C

Đáp án C

Đáp án C

- Hệ tiêu hóa của người:

+ Ống tiêu hóa: Miệng → thực quản → dạ dày → ruột non → ruột già → hậu môn.

+ Tuyến tiêu hóa: Tuyến nước bọt, tuyến vị, tuyến gan, tuyến tuỵ và tuyến ruột.

=> Như vậy tuyến nước bọt không thuộc ống tiêu hóa mà thuộc tuyến tiêu hóa.

Đáp án A

Hướng dẫn giải

(1) Sai. Vì B và C ngược nhau.

(2) Sai. Vì chúng nhìn chung tỉ lệ nghịch.

(3) Sai. Giảm theo trình tự Động – Mao  - Tĩnh

(4) Sai. Vì mao mạch có tổng tiết diện lớn nhất.

Đáp án A

Trao đổi chéo: Là hiện tượng 2 cromatit của cặp nhiễm sắc thể đồng dạng trao đổi cho nhau 2 đoạn tương ứng sau khi tiếp hợp ở kì đầu giảm phân 1, dẫn tới hiện tượng hoán vị gen giữa các alen.

Đáp án C

Một phân tử glucôzơ bị oxi hóa hoàn toàn trong đường phân và chu trình Crep, nhưng 2 quá trình này chỉ tạo ra một vài ATP. Vì phần năng lượng còn lại mà tế bào thu nhận từ phân tử glucôzơ  được tích lũy trong NADH và FADH₂ và được chuyển tới chuỗi truyền electron để sinh ATP.

Đáp án D

- Ở thú ăn thực vật, dạ dày đơn (1 túi) có ở thỏ, ngựa…; dạ dày 4 ngăn như ở trâu, bò, dê, cừu…

Đáp án B

- Bằng chứng gián tiếp chứng minh quá trình tiến hóa: Giải phẫu so sánh, phôi sinh học, địa lí sinh vật học, tế bào học và sinh học phân tử.

- Bằng chứng trực tiếp chứng minh quá trình tiến hóa: các hóa thạch.

Đáp án D

Các hình ảnh trên mô tả quá trình biến đổi của một đầm nước nông, trật tự đúng của quá trình diễn thế theo hướng cạn dần của hồ nước. Do đó trật tự đúng là (b)→(e)→(d)→(c)→(a)

Đáp án C

(1)  đúng, cây cao nhất AABBDD = 110 + 6.10 = 170cm.

(2) sai, cây ở F₂ có tỉ lệ nhiều nhất là cây có chiều cao trung bình có 3 alen trội có: Kiểu dị hợp 3 cặp gen (AaBbDd) và các kiểu 1 cặp dị hợp, 1 cặp đồng hợp trội, 1 cặp đồng hợp lặn ( gồm AABbdd, AAbbDd, aaBBDd, AaBBdd, AabbDD, aaBbDD: Tính nhanh $C_3^1\times 2=6$). Vậy có 7 kiểu gen quy định.

(3) đúng, cây cao 150cm (có 4 alen trội) có tỉ lệ = $\frac{C_6^4}{2^6}$= 15/64.

(4) đúng, cây cao 130cm (có 2 alen trội) có tỉ lệ = $\frac{C_6^2}{2^6}$= 15/64.

Tỉ lệ cây thuần chủng mang 2 alen trội là 1/64 x 3= 3/64.

Vậy, trong số các cây cao 130 cm thu được ở F_2, các cây thuần chủng chiếm tỉ lệ (3/64)/ (15/64) = 1/5.

(5) Số phép lai thu được con 100% cây cao 140cm (có 3 alen trội):

Để đời con thu được toàn bộ các cây dị hợp 3 cặp gen: P gồm AA xaa, BB x bb, DD x dd. Có thể có 4 phép lai P: AABBDD x aabbdd → AaBbDd.

Để đời con thu được toàn bộ các cây dị hợp 1 cặp gen, 1 cặp đồng hợp trội và 1 cặp đồng hợp lặn (VD: AABbdd, mỗi trường hợp có 1 phép lai, VD: AABBdd x aabbbdd). Có 6 kiểu gen như TH này nên có 6 phép lai.

Vậy 4 + 6 =10.

Đáp án D

- P thuần chủng => F₁ dị hợp 3 cặp gen

- F₁ tự thụ => F₂≠ (3:1)(3:1)(3:1)=> 3 gen nằm trên 2 cặp NST.

- Vì F₂ không có KH hoa trắng, quả chua=> Không có hoán vị gen.

- Xét KH hoa trắng, quả ngọt (aa,bb,D-) = 6,25% = 25%aa x 25% bb,D- => F₁: Aa$\frac{Bd}{bD}$

(1) đúng, các KG qui định hoa hồng quả ngọt ở F₂: AA$\frac{bD}{bD}$, Aa$\frac{bD}{bD}$, aa$\frac{Bd}{bD}$.

(2) đúng, hoa đỏ quả ngọt: (AA,Aa) $\frac{Bd}{bD}$; hoa đỏ quả chua: (AA,Aa) $\frac{Bd}{Bd}$.

(3) đúng, F2: (1/3AA:2/3Aa) $\frac{Bd}{bD}$=> (2/3A:1/3a) (1/2Bd :1/2bD)

=>Tỉ lệ cây hoa đỏ quả ngọt: (1 – 1/9).(1/2 x 1/2 x 2) = 4/9.

(4) đúng, P: AA$\frac{Bd}{Bd}$ x aa$\frac{bD}{bD}$  hoặc P: aa$\frac{Bd}{Bd}$ x AA$\frac{bD}{bD}$.

Đáp án D

- P thuần chủng => F₁ dị hợp 3 cặp gen

- F₁ tự thụ => F₂≠ (3:1)(3:1)(3:1)=> 3 gen nằm trên 2 cặp NST.

- Vì F₂ không có KH hoa trắng, quả chua=> Không có hoán vị gen.

- Xét KH hoa trắng, quả ngọt (aa,bb,D-) = 6,25% = 25%aa x 25% bb,D- => F₁: Aa$\frac{Bd}{bD}$

(1) đúng, các KG qui định hoa hồng quả ngọt ở F₂: AA$\frac{bD}{bD}$, Aa$\frac{bD}{bD}$, aa$\frac{Bd}{bD}$.

(2) đúng, hoa đỏ quả ngọt: (AA,Aa) $\frac{Bd}{bD}$; hoa đỏ quả chua: (AA,Aa) $\frac{Bd}{Bd}$.

(3) đúng, F2: (1/3AA:2/3Aa) $\frac{Bd}{bD}$=> (2/3A:1/3a) (1/2Bd :1/2bD)

=>Tỉ lệ cây hoa đỏ quả ngọt: (1 – 1/9).(1/2 x 1/2 x 2) = 4/9.

(4) đúng, P: AA$\frac{Bd}{Bd}$ x aa$\frac{bD}{bD}$  hoặc P: aa$\frac{Bd}{Bd}$ x AA$\frac{bD}{bD}$.

Đáp án A

- P: xAA + yAa = 1, tự thụ →  F₁: aa = y/4 = 1/16 = 1/4

=> P: 3/4AA + 1/4Aa = 1, cho P ngẫu phối thì ở con thu được aa = 1/64

Đáp án B

P: AAbb x aaBB (hoặc AABB x aabb)

F₁: AaBb

F₁ x F₁: AaBb x AaBb

F₂: (1AA:2Aa:1aa)(1BB:2Bb:1bb).

(1) sai, vì nếu các alen trội lặn không hoàn toàn thì tạo ra tối đa 9 loại kiểu hình.

(2) đúng.

(3) sai, vì không thể xác định được bài toán tuân theo quy luật trội hoàn toàn hay không hoàn toàn nên không tính được.

(4) đúng, XS = 1 – đồng = 1 – 0,5.0,5 = 75%.

Đáp án B

F1 có kiểu hình thân đen, cánh cụt,mắt trắng => P dị hợp 3 cặp gen: con đực có kiểu gen $\frac{AB}{ab}{X}^{D}Y$

Ta có ababXdY=0,05 → $\frac{ab}{ab}{X}^{d}Y$ = 0,05 → $\frac{ab}{ab}=0,2$ → con cái cho giao tử ab = 0,4

Kiểu gen của P : $\frac{AB}{ab}{X}^{D}Y\times \frac{AB}{ab}{X}^D{X}^d$

A-B- = aabb +0,5 = 0,7 ; A-bb = aaB- = 0,25 – 0,2 = 0,05

Xét các phát biểu:

(1)  tỷ lệ cái xám dài đỏ: A-B-X^D - =0,7 × 1/2 =0,35

=> (1) đúng

(2)  ruồi cái thân đen, cánh cụt, mắt đỏ (aabb X^D -) = 0,2x ½ =10%

=> (2) đúng

(3)  tỷ lệ xám, dài đỏ= 0,7 ×0,75 =0,525

=> (3) sai

(4) ruồi thân xám, cánh cụt, mắt đỏ = 0,05 ×0,75 =3,75%

=> (4) sai

Đáp án A

Vai trò của sự phân tầng trong quần xã là làm giảm mức độ cạnh tranh giữa các loài và nâng cao hiệu quả sử dụng nguồn sống của môi trường (theo SGK).

Đáp án C

$\frac{Ab}{Ab}$ = 10% Ab × 40% Ab = 4%

Đáp án A

A : hoa đỏ >> a : hoa trắng

B : quả tròn >> b : quả dài

P: (cây hoa đỏ, quả tròn) x (cây hoa đỏ, quả tròn) → F₁ gồm 4 loại kiểu hình (A-B-,A-bb,aaB-,aabb) → kiểu gen của P dị hợp 2 cặp gen (Aa,Bb)

- (1) đúng - Số cây hoa vàng, quả tròn thuần chủng $\left(\frac{aB}{aB}\right)=4\%$ (vì hoán vị ở 2 giới với tần số như nhau nên ta có:

$4\%\frac{aB}{aB}$ = 20% $\underline{ab}$ $\times$ 20% $\underline{ab}$ → $\underline{ab}$ = 50% - 20% = 30% → $\frac{ab}{ab}$ = 30%.30% = 9%)

→ F₁ có số cây hoa đỏ, quả tròn (A-B-) = 50% + 9% = 59%

- (2) đúng.  P dị hợp 2 cặp gen cùng nằm trên 1 NST có hoán vị gen xảy ra ở 2 giới→F₁ có 10 loại kiểu gen

- (3) sai.  Vì chỉ tính riêng 2 tỉ lệ đồng hợp $\frac{aB}{aB}+\frac{ab}{ab}$ = 4% + 9% = 13% > 8%

- (4) đúng. Vì tỉ lệ vàng, tròn (aaB-) = 25% - 9% = 16%