Các dạng bài tập Nito, Photpho cơ bản, nâng cao có lời giải (P4)

Coi FeS₂ thành 0,1 mol Fe và 0,2 mol S

  Áp dụng định luật bảo toàn e có: 3n Fe + 6n S = n NO2

⇒  0,1.3 + 0,2. 6 = nNO₂

  ⇒ nNO₂ = 1,5 ⇒ V = 33,6l

Đáp án C.

n_Cu = 0,1

Đặt nNO =a ; nNO₂ =b

 Áp dụng định luật bảo toàn e có:  2n_Cu = 3n_NO + n_NO2

⇒ 3a + b = 2.0,1 = 0,2 (1)

  M_X = 36, sử dụng sơ đồ đường chéo ⇒ n NO : n NO2 = 5/3

⇒ 3a = 5b (2)

Từ (1),(2) ⇒ a= 1/18 ; b = 1/30

Bảo toàn nguyên tố N

⇒ n_{HNO3 ban đầu} = n_NO + n_NO2 + n_{NO3- trong muối} = 4n_NO + 2n_NO2 (n_{NO3- trong muối} = n_e)

 n_{HNO3 ban đầu} = 4a +2b = 13/45 ⇒ C_M = 13/9M

Đáp án D.

Đặt n_NO = a ; n_N2 = b

  n_X = 0,25 ⇒ a + b = 0,25 (1)

  m_X = 7,2 ⇒ 30a + 28b = 7,2 (2)

  Từ (1) và (2) ⇒ a = 0,1 ; b = 0,15

      Gọi n là hóa trị cao nhất của kim loại M.

Bảo toàn e ta có: n.n_M = 3n_NO + 10n_N2 = 1,8 mol ⇒ n_M = 1,8/n

m_M = 16,2 ⇒ M.1,8/n = 16,2 ⇒ M = 9n

   ⇒ n = 3 và M = 27⇒ M là Al

        Đáp án B.

Gọi n _Mg = a; n _Zn = b  ⇒ 24a + 27b = 8,9g (1)

 n_{HNO3 ban đầu} = 0,5

  n_N2O = 0,045

 Gọi số mol muối NH₄NO₃ là x mol

Bảo toàn e ta có: 2n_Mg + 2n_Zn = 8n_N2O + 8n_NH4NO3

⇒ 2a + 2b – 8x = 0,36 (2)

Bảo toàn nguyên tố N ta có:

n _HNO3 = n _{NO3- trong muối KL} + 2n _NH4NO3 + 2n _N2O

⇒10n _N2O + 10n _NH4NO3 = 0,5 mol ( n _{NO3- trong muối KL} = n _e = 8n _NH4NO3 + 8n _N2O)

⇒ n _NH4NO3 = 0,005 (mol)

⇒ n _{NO3- trong muối KL} = 0,4 mol

   m_muối = m_{NO3-/muối KL} + m_KL + m_NH4NO3 = 0,4.62 + 8,9 + 0,005.80 = 34,1

     Đáp án B.

n_{HNO3 ban đầu} = 1,425

M_X = 32,8; Sử dụng sơ đồ đường chéo ⇒ n NO = _0,2 ; n _N2O = 0,05

Ta có n_{NO3- trong muối kl} = n_e = 8n_N2O + 8n_NH4NO3

Bảo toàn nguyên tố N: n_{HNO3 ban đầu} = n _NO + 2n _N2O + 2n _NH4NO3 + n _{NO3- trong muối KL}  

⇒ n_{HNO3 ban đầu} = 4 n_NO + 10 n_N2O + 10 n_NH4NO3

 ⇒ nNH₄NO₃ = 0,0125

⇒ nNO₃-/muối _KL= 1,1

⇒ m = mNO₃-/muối kl + m_KL + _mNH4NO3  = 1,1.62 +29 + 0,0125.80 =  98,2g

 Đáp án A.

n_Z = 0,2

Z gồm 2 khí không màu và có M_Z = 7,4 ÷ 0,2 = 37

⇒ Trong Z có N₂O (VìM = 44 > 37)

+TH1: Z gồm NO và N₂O

Đặt n_NO =a ; n_N2O = b

n_Z = a+b = 0,2 (1)

m_Z = 30a + 44b = 7,4  (2)

Từ (1) và (2) ⇒ a = b = 0,1

 Đặt nNH₄+ = x  ; n_{HNO3 ban đầu} = y

Ta có n_{NO3- trong muối kl} = n_e = 8n_N2O + 3n _NO + 8n_NH4NO3

Bảo toàn nguyên tố N: n _HNO3 = n _{NO3- trong muối kl} + n _NO + 2n_N2O + 2n _NH4NO3

⇒ 10x + 4 . 0,1  + 10. 0,1 = y ⇒ 10x + 1,4 = y (*)

   m _muối = m_NH4NO3 + m_KL + _{mNO3-/muối kl}

⇒ 80x + 25,3 + (8.0,1 + 3.0,1 + 8x ).62 = 122,3 (**)

Từ (*) và (**) ⇒ n_{HNO3 ban đầu} = y = 1,9

Đáp án C

Tương tự với TH2: Z gồm N₂ và N₂O, không có đáp án thỏa mãn

Đáp án C.

n_NO = 0,04 ; n_N2O = 0,08 = n_N2

n _{NO3- muối} = n e = 3n_NO +8n _N2O + 10n _N2

Bảo toàn nguyên tố N ta có:

n_{HNO3 ban đầu} = n _NO + 2n _N2O + n _NO3-/muối = 4n_NO + 10n_N2O + 12n_N2 = 1,92 mol

⇒ V =1,92

Áp dụng định luật bảo toàn e có 3n_Al = 3n_NO + 8n_N2O + 10n_N2

⇒ n_Al = 0,52 ⇒m = 14,04g

Đáp án A.

n_Cu = 0,3

n_NaNO3 = 0,5

n_HCl = 1

        3Cu +  8H+ + 2NO₃- → 3Cu²⁺ + 2NO + 4H₂O

Đb: 0,3       1          0,3                                           

Cu hết; n _NO = 2/3n _Cu = 0,2 mol

V_NO = 4,48l

Đáp án B.

n_Cu = 0,1

TN1:   n_H+ = 0,12

             3Cu +  8H+ + 2NO₃- → 3Cu²⁺ + 2NO + 4H₂O (1)

          0,045 ← 0,12             →                   0,03 (mol) ⇒   Cu dư

TN2:  n_H+ = 0,24

             3Cu +  8H+ + 2NO₃- → 3Cu²⁺ + 2NO + 4H₂O  (2)

           0,09  ←0,24        →                           0,06 ⇒ Cu dư

 Vậy n_NO/(2) = 2n_NO/(1) ⇒ 2a =b

        Đáp án B.

Trong phân tử X có 1 nguyên tử N ⇒ M_X = 14 : 30,43% = 46

⇒ X là: NO₂

       Đáp án B.

Trong phân tử X có 2 nguyên tử N ⇒ M_X = 2. 14 : 30,43% = 92

⇒ X là N₂O₄

       Đáp án D.