Đề số 15

Đáp án C

Giải thích: Bài toán cho kiểu tương tác bổ sung. P thuần chủng hoa trắng lai với nhau được F₁ gồm toàn cây có hoa đỏ nên ta quy ước gen:

- Quy ước :      A-B-    quy định hoa đỏ

                                    A-bb    quy định hoa trắng.

                                    aaB-     quy định hoa trắng.

                                    aabb     quy định hoa trắng.

Vậy P : AAbb  x  aaBB.

            F₁:       AaBb.

Cho F₁ tự thụ phấn được F₂ có tỉ lệ gồm 9 A-B- : 3 A-bb : 3 aaB- : 1 aabb

- 9 đỏ : 7 trắng.

Đáp án A

Giải thích: Tần số alen p(A) = 0,6 → Tần số alen a là: q = 1 – p = 1 – 0,6 = 0,4

→ Tỉ lệ kiểu gen Aa = 2pq = 2.0,6 . 0,4 = 0,48 → Đáp án A

Đáp án D

Giải thích: Loại bỏ những cá thể không mong muốn là một biện pháp chọn lọc, nó không tạo được nguồn biến dị.

Đáp án B
Giải thích: - Chọn lọc tự nhiên là nhân tố tiến hóa có định hướng.
- Trong các nhân tố trên, chỉ có chọn lọc tự nhiên là nhân tố tiến hóa có hướng, chọn lọc tự nhiên làm biến đổi tần số tương đối của các alen theo một hướng xác định.

Đáp án B
Giải thích: Trong quá trình phát sinh và phát triển sự sống trên Trái Đất, hoá thạch nhân sơ cổ nhất có ở đại Thái cổ.

Đáp án D
Giải thích: - Quần thể là tập hợp các cá thể của cùng một loài, sống trong một khoảng không gian xác định, vào một thời điểm nhất định, có khả năng sinh sản và tạo thành thế hệ mới hữu thụ. Vậy theo khái niệm của quần thể sinh vật chỉ có gà lôi ở hồ Kẻ Gỗ là một quần thể.

Đáp án D
Giải thích: - Mèo ăn chuột nên mối quan hệ trên đó là sinh vật này ăn sinh vật khác.

Đáp án B
Giải thích: A đúng. Vì tiêu hóa cơ học đề cập đến sự phá vỡ vật lý phần lớn thức ăn thành miếng nhỏ mà sau đó có thể được enzyme tiêu hóa phân giải. Trong quá trình tiêu hóa hóa học, enzym phá vỡ thức ăn thành các phân tử nhỏ mà cơ thể có thể hấp thu. Các loài động vật đều có tiêu hóa hóa học.
B sai. Vì trong ống tiêu hóa là tiêu hóa ngoại bào, thức ăn được tiêu hoá bên ngoài tế bào, thức ăn được tiêu hoá cơ học và hoá học trong lòng ống tiêu hoá. Các chất sau khi được tiêu hoá ngoại bào trong túi tiêu hoá sẽ được tiếp tục đưa vào trong tế bào để tiêu hoá nội bào.
C đúng. Vì các loài thuộc lớp cá, lớp bò sát, lớp ếch nhái, lớp chim, lớp thú đều có ống tiêu hóa và tiêu hóa ngoại bào.
D đúng. Vì các loài trâu, bò, dê, cừu là động vật nhai lại, có dạ dày 4 túi.

Đáp án A
Giải thích: Có 2 phát biểu đúng, đó là III và IV.
I sai. Vì diệp lục b và sắc tố carôtênoit (gồm carôten và xantôphin) có chức năng hấp thu năng lượng ánh sáng và chuyển cho diệp lục a. Chỉ có diệp lục a trực tiếp tham gia chuyển nó năng lượng trong các phản ứng quang hợp.
II sai. Vì quang hợp phụ thuộc vào nguyên tố khoáng, nhiệt độ, ….
III đúng. Vì không có CO2 thì không diễn ra chu trình Canvin nên không tạo ra NADP+ để cung cấp cho pha sáng. Trong quá trình quang phân nước, NADP+ là chất nhận điện tử cuối cùng của chuỗi truyền điện tử. Do đó, không có NADP+ thì sẽ không diễn ra quang phân li nước.
III đúng. Vì quang hợp tạo ra 90% đến 95% lượng chất khô trong cơ thể thực vật (Gồm 3 loại nguyên tố là C, H, O).

Đáp án A

Giải thích: Trước hết, phải xác định số nuclêôtit mỗi loại của gen A, sau đó suy ra gen a.

Số nuclêôtit mỗi loại của gen A:

- Tổng số liên kết hidro của gen là 2A_gen + 3G_gen = 6102.

A_gen = A₂ + T₂                                 G_gen = G₂ + X_2.

Nên ta có 2A_gen + 3G_gen = 2(A2 + T2) + 3(G2 + X2) = 6102.

- Theo Bài ra, trên mạch 2 có X₂ = 2A₂ = 4T₂ → X₂ = 4T₂, A₂ = 2 T_2.

Trên mạch 1 có X₁ = A₁ + T₁ mà A₁ = T₂ và T₁ = A₂ nên

→ X₁ = T₂ + 2T2 = 3T₂. Vì X₁ = G₂ nên G₂ = 3T₂.

- Nên ta có 2(2T₂ + T₂) + 3(3T₂ + 4T₂) = 6T₂ + 21T₂ = 6102.

= 27T₂ = 6102 => T₂ =  = 226.

Agen = A₂ + T₂ = 2T₂ + T₂ = 3T₂ = 3 × 226 = 678.

Ggen = G₂ + X₂ = 4T₂ + 3T₂ = 7T₂ = 7 × 226 = 1582.

- Số nuclêôtit mỗi loại của gen a: Vì đột biến làm giảm 3 liên kết hidro và đây là đột biến điểm nên suy ra đột biến mất 1 cặp G-X. Do đó, số nuclêôtit loại G của gen a giảm đi 1 so với gen A.

→ G = X = 1582 – 1 = 1581.

Đáp án A

Giải thích: - Kiểu gen Aaaa cho gia tử aa với tỉ lệ = 1/2.

→ Ở đời con của phép lai Aaaa × Aaaa sẽ có kiểu hình đồng hợp lặn (aaaa) chiếm tỉ lệ = 1/2 × 1/2 = 1/4. → Tỉ lệ kiểu hình ở đời con = 3 đỏ : 1 trắng.

Đáp án D
Giải thích: A sai. Vì nồng độ oxi trong ống giảm.
B sai. Vì nhiệt độ trong ống được tăng lên.
C sai. Giọt nước màu được hút sang vị trí 1234.
D đúng. Vì hạt nảy mầm hô hấp tạo CO2 chuyển vôi xút thành CaCO₃.

Đáp án B
Giải thích: A đúng. Vì đột biến gen làm thay đổi tần số các alen A, a.
B sai. Vì đời P 0,16AA : 0,59 Aa : 0,25aa chưa đạt cân bằng nên sang F1 tần số các kiểu gen sẽ bị thay đổi đạt cân bằng 0,207AA : 0,496Aa : 0,297 aa
C đúng. Nếu chọn lọc chống lại alen trội.
D đúng. Các yếu tố ngẫu nhiên có thể loại bỏ hoàn toàn một alen trội hoặc lặn.

Đáp án B
Giải thích: Khi tim co tâm thất trái đổ máu vào động mạch chủ, tâm thất phải đổ máu vào động mạch phổi; tâm nhĩ đổ máu xuống tâm thất.

Đáp án D
Giải thích: Kích thước quần thể giảm khi mức xuất cư và tử vong lớn hơn mức sinh sản và nhập cư.

Đáp án D

Giải thích:

F₁ có 10 kiểu gen → Đời P mang hai cặp gen dị hợp và có hoán vị.

Ta có: $\frac{AB}{AB}+\frac{ab}{ab}=2\%\to \frac{AB}{AB}=\frac{ab}{ab}=1\%$

→ Kiểu gen có 2 laen trội ở F₁ là:$\frac{Ab}{Ab}+\frac{aB}{aB}+\frac{Ab}{aB}+\frac{AB}{ab}=16\%+16\%+2\%+32\%=66\%$

Đáp án D
Giải thích: Có 4 ý đúng là I, II, III, IV

Đáp án C
Giải thích: Trên một chạc chữ Y mach mới bổ sung với mạch gốc 3’-5’ được kéo dài liên tục; còn mạch bổ sung với mạch 5’-3’ được tổng hợp gián đoạn thành các đoạn Okazaki.

Đáp án D

Giải thích: Có 3 ý đúng là I, III, IV.

I đúng. Vì tỷ lệ kiểu gen có xu hướng tăng lên từ đời P đến đời F₃.

II sai. Vì từ F₁ sang F₂ tỷ lệ kiểu gen AA giảm mạnh từ 0,64 xuống còn 0,3; nếu là đột biến thì chỉ làm thay đổi tần số alen và kiểu gen rất chậm.

III đúng. Tỷ lệ kiểu gen ở F₄ phù hợp với trường hợp ngẫu phối mà ở F₃ kiểu gen aa không tham gia sinh sản.

F₃: 1AA : 2Aa : 1aa các kiểu gen sinh sản là 1AA : 2Aa → F₄ là: 4/9AA : 4/9Aa : 1/9aa.

IV đúng. Nếu F₄ chịu tác động giống F₃ thì tỷ lệ các kiểu gen sinh sản là 1AA : 1Aa khi đó F₅ có tỷ lệ kiểu hình lặn aa là: (1/4)2 = 1/16.

Đáp án A

Giải thích: Có 2 ý I, III đúng.

I đúng. Biến động về số lượng cá thể quần thể thỏ thường diễn ra trước biến động số lượng các thể của mèo.

II sai. Kích thước quần thể mèo rừng trong khoảng năm 1980-1985 tăng cao hơn năm 1865.

III đúng. Biến động của 2 quần thể này là biến động theo chu kì nhiều năm.

IV sai. Sự tăng trưởng của quần thể thỏ kéo theo sự tăng trưởng của quần thể mèo (thường là tỷ lệ thuận)

Đáp án B
Giải thích: Có 3 hoạt động góp phần sử dụng bền vững tài nguyên thiên nhiên là I, III, IV.

Đáp án A
Giải thích: Cả 4 phát biểu đúng.
I đúng. Vì có 2 loại chuỗi thức ăn, trong đó có một loại chuỗi được bắt đầu bằng động vật ăn mùn hữu cơ.
II đúng.
III đúng. Vì A giảm số lượng thì E tăng số lượng, khi đó F sẽ giảm số lượng. F giảm số lượng thì B sẽ giảm số lượng.
IV đúng. Vì H giảm số lượng thì B sẽ tăng nên sẽ làm cho T giảm.

Đáp án D
Giải thích: Có 2 giải thuyết đúng, đó là II và III.
I sai. Vì nếu P bị bất hoạt thì enzyme ARN polimeraza không thể bám vào không được dịch mã
IV sai. Vì đột biến gen cấu trúc không ảnh hưởng tới gen điều hoà, protein ức chế vẫn bám vào 02 không được dịch mã

Đáp án A

Giải thích: Chỉ có phát biểu III đúng.

Có 10% đột biến nên sẽ có 10%AAaaBBbb và 90%AaBb.

I sai. Tỉ lệ giao tử mang toàn alen trội (AB và AABB) = 1/4×90% + 1/36×10% = 41/180.

II sai. Tỉ lệ giao tử mang 1 alen trội = $\frac{x}{2}+\frac{2y}{9}=\frac{90\%}{2}+\frac{2\times 10\%}{9}=17/36$

III đúng. Tỉ lệ giao tử mang 2 alen trội = $\frac{x}{4}+\frac{y}{2}=\frac{90\%}{4}+\frac{10\%}{2}=11/40$

IV sai. Tỉ lệ giao tử mang 3 alen trội = $\frac{2y}{9}=\frac{2\times 10\%}{9}=1/45$

Đáp án D

Giải thích: Cả 4 phát biểu trên đều đúng.

I đúng. Cây quả dài = 4% = 0,04

→ Quả tròn dị hợp (Bb) = 2 × $\sqrt{0,04}$= 0,4 = 40%.

II đúng. Quả tròn thuần chủng = 1- 0,4 = 0,6.

→ Số cây quả tròn thuần chủng = 0,6 × 300 = 180 cây.

III đúng. Kiểu hình quả dài chỉ do cây có kiểu gen Bb ở P tạo ra

Bb × Bb → bb ở đời con = 0,4 × 1/4 = 10%.

IV đúng. Quả tròn ở P có tỉ lệ 0,6BB : 0,4Bb.

Khi lai với cây quả dài bb chỉ có phép lai Bb × bb → 1/2 Bb : 1/2 bb.

Tỉ lệ quả dài: bb = 0,4 × 1/2 = 0,2 → quả tròn = 1 – 0,2 = 0,8.

Tỉ lệ kiểu hình: 4 quả tròn : 1 quả dài.

Đáp án C

Giải thích: Có 3 phát biểu đúng, đó là I, II và III.

Ở F₁, tỉ lệ kiểu hình của mỗi tính trạng đều là 3:1. → P dị hợp 2 cặp gen. Khi P dị hợp 2 cặp gen thì loại kiểu hình trội về 2 tính trạng ở F1 có thể do 5 kiểu gen quy định (nếu có HVG ở 3 giới); có 3 kiểu gen quy định (nếu HVG 1 bên); Có 2 kiểu gen quy định (Nếu P là $\frac{\underline{AB}}{ab}\times \frac{\underline{AB}}{ab}$và không có hoán vị); có 1 kiểu gen nếu P là $\frac{\underline{Ab}}{aB}\times \frac{\underline{Ab}}{aB}$và không có hoán vị). → I đúng.

II đúng. Vì nếu P có kiểu gen$\frac{\underline{AB}}{ab}\times \frac{\underline{Ab}}{aB}$và không có hoán vị gen thì F₁ có 4 kiểu gen với tỉ lệ 1:1:1:1.

III đúng. Vì khi P có kiểu gen dị hợp 2 cặp gen thì ở đời F₁, dị hợp 2 cặp gen luôn có tỉ lệ = tỉ lệ của đồng hợp 2 cặp gen. Nguyên nhân là vì kiểu gen dị hợp 2 cặp gen cũng chính là kiểu gen đồng hợp 2 cặp gen.

IV sai. Vì P dị hợp 2 cặp gen nên số cây mang 2 tính trạng trội = 0,5 +$\frac{\underline{ab}}{ab}$ ≥ 50%. Vì có tỉ lệ từ 50% trở lên nên không thể có loại kiểu hình nào có tỉ lệ lớn hơn.

Đáp án B

Giải thích: Có 2 phát biểu đúng, đó là II và III

A-B-D- quy định hoa đỏ;

Các kiểu gen còn lại quy định hoa trắng.

Vì P dị hợp 3 cặp gen nên F₁ có tỉ lệ kiểu hình là 27 đỏ : 37 trắng.

- Trong số các cây hoa trắng ở F₁, thì cây đồng hợp 2 cặp gen có tỉ lệ = $\frac{C_3^2\times 2^3-C_3^2\times 2^1}{37}$= 18/37. → I sai.

- Trong tố cây hoa đỏ ở F₁, cây đồng hợp tử về 2 cặp gen có tỉ lệ = $\frac{C_3^2\times 2^1}{27}$= 2/9. → II đúng

- Số cây hoa đỏ ở F₁ đồng hợp tử về 2 cặp gen có tỉ lệ =$\frac{C_3^2\times 2^1}{64}$= 3/32.

→ Số cây hoa đỏ đồng hợp tử 2 cặp gen = 3/32 × 8000 = 750. → III đúng.

- Số cây hoa trắng đồng hợp tử 1 cặp gen ở F₁ chiếm tỉ lệ =$\frac{C_3^1\times 2^3-C_3^1\times 2^2}{64}$= 3/16.

→ Số cây hoa trắng đồng hợp tử 1 cặp gen ở F₁ = 3/16 × 8000 = 1500. → IV sai.

Đáp án A

Giải thích: Có 4 phát biểu đúng, đó là I, III, IV và V.

(I) đúng. Vì ở F₂, Aa có tỉ lệ =$\frac{0,4}{2^2}$= 0,1.

(II) sai. Vì tần số A = 0,8 và tần số a = 0,2 cho nên kiểu hình hoa đỏ luôn lớn hơn kiểu hình hoa trắng.

(III) đúng. Vì đây là quần thể tự phối nên hiệu số giữa kiểu gen AA với kiểu gen aa không thay đổi qua các thế hệ. Ở thế hệ P, tỉ lệ AA – tỉ lệ aa = 0,6 – 0 = 0,6.

(IV) đúng. Ở F₃, cây hoa trắng có tỉ lệ = 0$\frac{0,4-{\displaystyle \frac{0.4}{8}}}{2}$  = 0,175 = 7/40. → Cây hoa đỏ = 33/40.

(V) đúng. Hợp tử F₁ có tỉ lệ kiểu gen là 0,7AA : 0,2Aa : 0,1aa. → Cây F₁ có tỉ lệ kiểu gen = 7/9AA : 2/9Aa.

Hợp tử F₂ có tỉ lệ kiểu gen là 15/18AA : 2/18Aa : 1/18aa. → Cây F₂ có tỉ lệ kiểu gen = 15/17AA : 2/17Aa.

Đáp án B

Giải thích: Cả 4 phát biểu trên đều đúng.

Gọi a, b là gen quy định bệnh A, bệnh B.

I đúng. Vì cả 2 gen đều liên kết với nhiễm sắc thể giới tính X nên 8 người nam đều biết được kiểu gen.

II đúng. Vì người số 13 có kiểu gen X^abY, vợ của người này có kiểu gen X^ABX^ab. Con không bị bệnh có kiểu gen X^ABX^ab hoặc X^ABY có tỉ lệ = 1 × 0,4 = 0,4 = 40%.

III đúng. Người nữ số 5 không bị bệnh, sinh con bị cả hai bệnh nên người số 5 phải có alen a và b. Mặt khác người số 5 là con của người số 2 có kiểu gen X^ABY nên người số 5 phải có kiểu gen X^ABX^ab.

Người số 5 có kiểu gen X^ABX^ab ; người số 6 có kiểu gen X^ABY nên người số 11 có kiểu gen X^ABX^AB hoặc X^ABX^ab hoặc X^ABX^Ab hoặc X^ABX^aB với tỉ lệ = 0,4X^ABX^AB : 0,4X^ABXab : 0,1X^ABX^Ab : 0,1X^ABX^aB.

Cặp vợ chồng số 11, 12 (X^ABY) sinh con bị cả hai bệnh nếu người 11 có kiểu gen X^ABX^ab. Khi đó, xác suất sinh con trai (X^ab Y) bị cả hai bệnh = 0,4 × 0,4 × 1/2 = 0,08 = 8%.

IV đúng. Con đầu lòng bị 2 bệnh → Kiểu gen của cặp vợ chồng đó là X^ABX^ab × X^ABY

→ Xác suất đứa thứ 2 bị cả 2 bệnh là 0,4 × ½ = 0,2 = 20%.