Bộ 20 đề thi ôn luyện THPT Quốc gia môn Sinh học có lời giải năm 2022 (Đề 15)

Chọn đáp án B

+ AB/ab×AB/ab → 1 AB/AB : 2 AB/ab : 1 ab/ab → 3 kiểu gen 

+ Ab/AB×AB/ab → 1 AB/AB : 1 AB/ab : 1AB/Ab : 1 Ab/ab → 4 kiểu gen

+ aB/ab×Ab/Ab → 1 Ab/aB : 1 Ab/ab → 2 kiểu gen

+ Ab/aB×ab/ab → 1 Ab/ab : 1 aB/ab —> 2 kiểu gen

Chọn đáp án B

+ A Sai: Trong quá trình dịch mã - ribosome trượt trên phân tử mARN theo chiểu từ đầu $5^{\text{'}}\to 3^{\text{'}}$

+ B đúng: Trong một chạc ba tái bản, mạch được tổng hợp gián đoạn là mạch có chiều $3^{\text{'}}\to 5^{\text{'}}$  so với chiều trượt của enzyme tháo xoắn.

+ C sai: Trong quá trình phiên mã, chỉ mạch mã gốc của gen được sử dụng làm khuôn để tổng hợp phân tử mARN.

+ D sai: Tính thoái hóa của mã di truyền là hiện tượng một axit amin có thể được mã hóa bởi nhiều bộ ba

Chọn đáp án D

Đây là 2 loài khác nhau: loài mướp và loài bí, hạt phấn của hoa mướp rơi trên đầu vòi nhụy của hoa bí, sau đó hạt phấn này nảy mầm thành ống phấn nhưng độ dài của ống phấn ngắn hơn vòi nhụy của bí nên giao tử đực của mướp không tới được noãn của hoa bí để thụ tinh → Do sự khác biệt về cấu tạo cơ quan sinh sản → Cách li cơ học → Đáp án D.

Chọn đáp án D

Ở ruồi giấm hoán vị gen chỉ xảy ra ở giới cái → con đực không xảy ra hoán vị gen, đực Ab/aB không thể cho giao tử $\underset{¯}{ab}$  → Không thể có đời con đồng hợp lặn → Tỉ lệ đời con có kiểu hình đồng hợp lặn là 0%.

Chọn đáp án D

+ A đúng: Quần thể sẽ không tiến hóa nếu tần số alen và thành phần kiểu gen của quần thể được duy trì không đổi từ thế hệ này sang thế hệ khác.

+ B đúng: Tiến hóa nhỏ và tiến hóa lớn không độc lập nhau mà liên quan mật thiết với nhau, sự hình thành loài gắn liền với sự hình thành các nhóm phân loại trên loài.

+ C đúng: Hình thành loài nhờ cơ chế lai xa và đa bội hóa là con đường hình thành loài nhanh nhất, nó tạo ra các các thể gần như ngay lập tức cách li sinh sản với cá thể bình thường của loài gốc.

+ D sai: các loài sinh sản vô tính tạo ra số lượng cá thể con cháu rất nhiều và nhanh, đồng thời các cá thể đời con có kiểu hình giống nhau, nên khi môi trường có biến động mạnh sẽ bị chọn lọc tự nhiên đào thải hàng loạt.

Chọn đáp án D

Từ P đến $F_3$  tần số kiểu gen trội A- tăng dẩn, tỉ lệ kiểu gen đồng hợp lặn đang giảm dẩn → Chọn lọc tự nhiên đang chống lại alen lặn.

Chọn đáp án C

+ Ý I, II, IV đúng

+ Ý III sai: tăng cường khai thác rừng đầu nguồn và rừng nguyên sinh làm phá hủy hệ sinh thái, gây ô nhiễm môi trường, xói mòn đất, cạn kiệt tài nguyên thiên nhiên.

Chọn đáp án A

+ Ý I đúng: hai quần thể A và B cùng bậc phân loại, thì loài nào có tiềm năng sinh học cao hơn loài đó sẽ chiến thắng, tăng số lượng cá thể; loài kia giảm dần số lượng, có thể bị diệt vong.

+ Ý II sai: hai quần thể A và B khác nhau về bậc phân loại thì loài nào có bậc tiến hóa cao hơn chưa chắc đã chiến thắng, mà thậm chí loài có bậc tiến hóa thấp hơn có thể chiến thắng. Ví dụ: châu chấu và bò cùng trên đồng cỏ, cùng có nguồn thức ăn là cỏ, thì ưu thế có thể sẽ thuộc về châu chấu.

+ Ý III đúng: phân li ổ sinh thái về thức ăn, cách khai khác thức ăn, nơi ở,... sẽ làm giảm cạnh tranh loài → Hai quần thể vẫn có thể tổn tại song song.

+ Ý IV đúng: cạnh tranh là động lực phát triển, các loài phải đấu tranh sinh tồn trong tự nhiên, đó chính là áp lực của chọn lọc tự nhiên → cạnh tranh giữa các loài trong quần xã là một động lực quan trọng của quá trình tiến hóa.

Chọn đáp án C

+ Ý I sai, Ý II đúng: nơi ở chỉ nơi cư trú, còn ổ sinh thái biểu hiện cách sinh sống của loài đó.

+ Ý III: đúng, ổ sinh thái đặc trưng cho loài, mỗi loài đều có ổ sinh thái của mình, các ổ sinh thái này có thể trùng nhau một phần hoặc khác nhau.

+ Ý IV đúng: kích thước thức ăn, loại thức ăn của mỗi loài tạo nên các ổ sinh thái về dinh dưỡng.

Chọn đáp án D

+ I sai, thực vật là nhóm chủ yếu, ngoài ra còn có các vi sinh vật có khả năng quang hợp.

+ II đúng: cacbon từ môi trường vô sinh đi vào quần xã chỉ thông qua hoạt động của sinh vật sản xuất, thông qua khả năng quang hợp sử dụng $C{O}_2$  tạo ra các chất hữu cơ trong cơ

+ III sai: chỉ một lượng nhỏ cacbon khi ra khỏi quần xã sẽ bị lắng đọng và không hoàn trả lại cho chu trình.

+ IV sai: Cacbon từ quần xã trở lại môi trường vô sinh thông qua con đường: hô hấp của sinh vật, phân giải của sinh vật, đốt cháy nhiên liệu trong công nghiệp.

Chọn đáp án B

+ Ý I sai: Đây là loại dạ dày 4 ngăn đặc trưng cho các loài động vật ăn cỏ như Trâu, Bò, Dê. Động vật ăn cỏ khác như Thỏ, Ngựa không có dạ dày 4 ngăn.

+ Ý II đúng: dạ dày cỏ là nơi có vi sinh vật sống cộng sinh, giúp tiêu hóa thức ăn xenlulôzơ, do động vật không có enzym tiêu hóa xenlulôzơ.

+ Ý III sai: Dạ lá sách là nơi hấp thu bớt nước trước khi thức ăn xuống dạ múi khế.

+ Ý IV đúng: Dạ múi khế là nơi có enzyme pepsin và HCl giúp phân giải protein từ cỏ và vi sinh vật.

Chọn đáp án C

+ Ý I đúng: vì số lượng cá thể quá ít nên sự giao phối gần thường xảy ra, đe dọa sự tồn tại của quần thể.

+ Ý II sai: vì số lượng cá thể ít, khả năng sinh sản giảm, khả năng phát tán đột biến thấp, không thể tăng tỉ lệ kiểu hình có hại.

+ Ý III đúng: kích thước quần thể xuống dưới mức tối thiểu, khả năng sinh sản suy giảm do cá thể đực ít có cơ hội gặp gỡ với cá thể cái, quần thể dễ rơi vào trạng thái suy giảm dẫn tới diệt vong.

+ Ý IV sai: kích thước quần thể xuống dưới mức tối thiểu, sự cạnh tranh là rất thấp, không thể do cạnh tranh mà loài dẫn tới diệt vong.

Chọn đáp án C

+ Ý I đúng: đột biến điểm thay thế cặp A-T thành cặp T-A không làm thay đổi tổng liên kết hidro của gen.

+ Ý II sai: với gen trong tế bào chất, do sự phân chia không đồng đều của tế bào chất, gen đột biến có thể không được phân chia cho tất cả các tế bào con.

+ Ý III sai: đột biến điểm thay thế cặp A-T thành cặp G-X làm tăng số liên kết hidro nhưng không làm tăng chiều dài của gen.

+ Ý IV đúng: đột biến thay thế một cặp nucleotide có thể làm xuất hiện bộ ba kết thúc sớm, ví dụ bộ ba UAX mã hóa cho axit amin Tyrosine, nếu đột biến thay thế làm biến đổi X thành A thì sẽ xuất hiện bộ ba kết thúc UAA.

Chọn đáp án D

+ I đúng: đột biến đa bội làm số lượng NST trong tế bào đều tăng lên với bộ số của n (> 2n) → làm tăng hàm lượng ADN trong nhân tế bào.

+ II đúng: vì đột biến lệch bội như thể một nhiễm (2n – 1) có thể làm giảm hàm lượng ADN trong nhân tế bào.

+ III đúng vì: Trong tự nhiên, thể đa bội gặp chủ yếu ở thực vật, rất ít gặp thể đa bội ở động vật, do ở động vật, cơ thể chuyên hóa cao, cơ chế sinh sản và phân biệt giới tính phức tạp nên đột biến xảy ra thường dẫn tới cá thể bị chết hoặc vô sinh, giảm sức sống.

+ IV đúng vì thể ba ở các cặp nhiễm sắc thể khác nhau, mang các gen khác nhau thì sẽ biểu hiện thành kiểu hình khác nhau.

Chọn đáp án A

+ Đột biến thuộc dạng thể một nhiễm kép ở cặp NST số 1 và cặp NST số 3 (2n - 1 – 1)

+ Gọi cặp NST số 1 ở dạng thể một là AO (O là không mang NST còn lại của cặp tương đồng)

+ Gọi cặp NST số 3 ở dạng thể một là BO (O là không mang NST còn lại của cặp tương đồng)

+ Các cặp NST còn lại bình thường, giảm phân bình thường.

+ Cặp NST số 1 và số 3 giảm phân như sau:

AOBO → Giảm phần cho 4 loại giao tử: 1/4 AB : 1/4 AO : 1/4 BO : 1/4 OO

→ Giao tử đột biến (AO, BO, OO) chiếm tỉ lệ: 3/4 = 75%.

Chọn đáp án D

+ Ý 1 sai: vì đột biến chuyển đoạn NST bao gồm chuyển đoạn trong cùng 1 NST và chuyển đoạn giữa 2 NST không tương đồng.

+ Ý 2 đúng: vì chuyển đoạn giữa 2 NST không tương đồng làm thay đổi nhóm gen liên kết của gen.

+ Ý 3 sai: vì đột biến chuyển đoạn không làm tăng sự biểu hiện của gen, đột biến lặp đoạn có thể làm tăng sự biểu hiện gen.

+ Ý 4 đúng: Đột biến chuyển đoạn NST có thể xảy ra ở tế bào sinh dưỡng hoặc tế bào sinh dục.

+ Ý 5 đúng: trong thực tế ứng dụng đột biến chuyển đoạn người ta có thể sử dụng các dòng côn trùng mang chuyển đoạn làm công cụ phòng trừ sâu hại bằng biện pháp di truyền.

Chọn đáp án A

+ Tế bào 1AaBb giảm phân bình thường cho 4 tinh trùng: 2 AB : 2 ab hoặc 2 Ab : 2 aB

+ Tế bào 2AaBb giảm phân bình thường cho 4 tinh trùng: 2 AB : 2 ab hoặc 2 Ab : 2 aB

→ 2 tế bào AaBb giảm phân bình thường cho tối đa 4 loại giao tử: 2 AB : 2 ab : 2 Ab : 2 aB

+ Tế bào 3 cặp Aa không phân li trong GPI cho 4 tinh trùng: 2 AaB : 2 b hoặc 2 Aab : 2 B

→ 3 tế bào AaBb giảm phân bình thường cho 12 tinh trùng, mà có 6 loại giao tử.

Chọn đáp án B

+ Ở gà con ♂XX, con ♀XY

+ Phép lai 1:

P: Cho gà trống chân cao có kiểu gen dị hợp tử lai với gà mái thứ nhất

$F_1$: 1 gà mái chân thấp : 2 gà trống chân cao : 1 gà mái chân cao

→ Tính trạng biểu hiện không đồng đều ở 2 giới → gen qui định tính trạng chiều cao chân liên kết với giới tính, gen nằm trên X và Y không có đoạn tương đồng.

→ Ở $F_1$  xuất hiện cả gà mái chân thấp $X^{a}Y$  và gà mái chân cao $X^{A}Y$  → P ♂ chân cao có kiểu gen: $X^A{X}^a$ .

→ Ở $F_1$  chỉ xuất hiện gà trống chân cao → gà mái P chỉ cho giao tử  → Gà mái P có kiểu gen: $X^{A}Y$ → Phép lai 1: $X^A{X}^a\times X^{A}Y$

+ Phép lai 2:

P: Cho gà trống chân cao có kiểu gen dị hợp tử lai với gà mái thứ hai 

$F_1$: 1 gà trống chân cao : 1 gà trống chân thấp : 1 gà mái chân cao : 1 gà mái chân thấp

Ta có P: $♂X^A{X}^a$  → con cái P đem lai có kiểu gen $X^{a}Y$  → Phép lai 2: $X^A{X}^a\times X^{a}Y$

+ Ở đời con của phép lai thứ nhất, gà trống có kiểu gen đồng hợp $X^A{X}^a\times X^{A}Y\to X^A{X}^A=1/4$

 → Ý I đúng

+ Ý II sai

+ Ý III đúng: Gà mái thứ nhất có chân cao, gà mái thứ hai có chân thấp

+ Nếu cho tất cả các cá thể  của phép lai 2 giao phối ngẫu nhiên thì ở  có số gà chân thấp:

Phép lai 2: $X^A{X}^a\times X^{a}Y\to F_1:1X^A{X}^a:1X^a{X}^a:1X^{A}Y:1X^{a}Y$

$F_1\times F_1\to \left(1X^A{X}^a:1X^a{X}^a\right)\times \left(1X^{A}Y:1X^{a}Y\right)\leftrightarrow \left(1/4X^A:3/4X^a\right)\times \left(1/4X^A:1/4X^a:1/2Y\right)$

$X^a{X}^a+X^{a}Y=3/4\times \left(1/4+1/2\right)=9/16=\mathrm{56,25}\%$→ Ý IV đúng

Chọn đáp án C

+ Phép lai I: AAaaBbbb × aaaaBBbb

→ AAaa × aaaa → AAaa, Aaaa, aaaa → 3 kiểu gen, 2 kiểu hình

→ Bbbb × BBbb → BBBb, BBbb, Bbbb, bbbb → 4 kiểu gen, 2 kiểu hình

→ Phép lai 1 tạo ra: 12 kiểu gen, 4 kiểu hình → Ý I đúng

+ Phép lai II: AAaaBBbb × AaaaBbbb

→ AAaa × Aaaa → AAAa, AAaa, Aaaa, aaaa → 4 kiểu gen, 2 kiểu hình

→ BBbb × Bbbb → BBBb, BBbb, Bbbb, bbbb → 4 kiểu gen, 2 kiểu hình

→ Phép lai tạo ra: 16 kiểu gen, 4 kiểu hình → Ý II sai

+ Phép lai III: AaaaBBBb x AaaaBbbb

→ Aaaa × Aaaa → AAaa, Aaaa, aaaa → 3 kiểu gen, 2 kiểu hình

 → BBBb × Bbbb → BBBB, BBBb, BBbb, Bbbb → 4 kiểu gen, 1 kiểu hình

→ Phép lai tạo ra: 12 kiểu gen, 2 kiểu hình → Ý III sai

+ Phép lai IV: AaaaBBbb × AaaaBbbb

→ Aaaa × Aaaa → AAaa, Aaaa, aaaa → 3 kiểu gen, 2 kiểu hình

→ BBbb × Bbbb → BBBb, BBbb, Bbbb, bbbb → 4 kiểu gen, 1 kiểu hình

→ Phép lai tạo ra: 12 kiểu gen, 2 kiểu hình → Ý IV đúng.

Chọn đáp án A

+ Xét 2 phép lai:

Phép lai 1: P thuần chủng hoa trắng × hoa trắng → $F_1$ : 100% hoa trắng.

Phép lai 3: P thuần chủng hoa trắng × hoa trắng → $F_1$ : 100% hoa xanh.

→ Gen qui định tính trạng màu hoa không thể do 1 cặp gen qui định → Đây là hiện tượng tương tác gen theo kiểu bổ sung 2 loại kiểu hình (9 : 7), 2 cặp gen qui định tính trạng màu hoa

+ Qui ước gen: Aa và Bb là 2 cặp gen qui định tính trạng màu hoa

A-B-: hoa xanh; A-bb, aaB-, aabb: hoa trắng

+ Phép lai 1: Lai dòng thuần chủng hoa trắng (1) với dòng thuần chủng hoa trắng (2)

AAbb ×aabb → $F_1$ : 100% Aabb → hoa trắng

+ Phép lai 2: Lai dòng thuần chủng hoa trắng (2) với dòng thuần chủng hoa trắng (3)

aabb × aaBB → $F_1$ : 100% aaBb → hoa trắng

+ Phép lai 3: Lai dòng thuần chủng hoa trắng (1) với dòng thuần chủng hoa trắng (3)

Aabb × aaBB →  $F_1$:100% AaBb → hoa xanh

+ Khi cho cây hoa xanh ở phép lai 3 lai với dòng hoa trắng (1) hoặc (2)

AaBb × AAbb → 1AABb : 1AAbb : 1AaBb : 1Aabb → 50% hoa xanh → Ý I sai

+ Màu sắc hoa được quy định bởi 2 cặp gen không alen tương tác $\to$ Ý II sai

+ Cho các cây hoa xanh ở phép lai 3 tự thụ phấn:

→ AaBb × AaBb → hoa trắng chiếm tỉ lệ 7/16 = 43,75%. —» Ý III đúng

+ Gen alen quy định màu sắc hoa là trội lặn hoàn toàn: A trội hoàn toàn so với a, B trội hoàn toàn so với b → Ý IV đúng.

Chọn đáp án C

+ P: cây hoa đỏ thuần chủng lai với cây hoa trắng được

P: AA × aa → $F_1$ : 100% Aa → $F_2$ : 1 AA : 2 Aa : 1 aa

+ Cho các cây hoa đỏ ở  cho giao phấn ngẫu nhiên với nhau

→ (1AA : 2Aa) × (1AA : 2Aa) « (2A : 1a) × (2A : 1a) → aa = 1/9 → $F_3$  có số cây hoa trắng chiếm tỉ lệ 1/9 → Ý I đúng

→ A- = 8/9, AA = 4/9 → trong số cây hoa đỏ ở $F_3$ , cây hoa đỏ thuần chủng chiếm tỉ lệ: 4/9 : 8/9 = 1/2 → Ý II sai

+ Cho tất cả các cây hoa đỏ $F_2$  giao phấn với các cây hoa trắng $F_2$

(1AA : 2Aa) × aa « (2A : 1a) × 1a → $F_3$  có tỉ lệ phân li kiểu hình 2 cây hoa đỏ : 1 cây hoa trắng → Ý III đúng

+ Cho các cây hoa đỏ $F_2$  tự thụ phấn:

→ (1AA : 2Aa) tự thụ → aa = 2/3 × 1/4 = 1/6 → A- = 5/6 → Ý IV đúng

Chọn đáp án A

+ Đời con có 4 loại kiểu hình, trong đó mỗi loại chiếm 25% → tỉ lệ kiểu hình: 1 : 1 :  1 : 1

Phân tích: 1 : 1 : 1 : 1 = (1 : 1) × (1 : 1) × 1

+ I. aaBbDd × AaBBdd →  aa × Aa → 1 : 1; Bb × BB → 100%; Dd × dd → 1 : 1 → đúng.

+ II. AaBbDd × aabbDd → Aa × aa → 1 : 1; Bb × bb → 1: 1; Dd × Dd → 3 : 1 → loại.

+ III. AAbbDd × aaBbdd → Aa × aa → 100%; bb × Bb → 1 : 1; Dd × dd → 1 : 1 → đúng.

+ IV. aaBbDD × aabbDd → aa × aa → 100%; Bb × bb → 1: 1; DD × Dd → 100% → loại

+ V. AaBbDD × aaBbDd → Aa × aa → 1 : 1; Bb × Bb → 3 : 1; DD × Dd → 100% → loại

+ VI. AABbdd × AabbDd → AA × Aa → 100%; Bb × bb → 1 : 1; Dd × dd → 1 : 1 → đúng

+ VII. AabbDD × AabbDd → Aa × Aa → 3 : 1; bb × bb → 100%; DD × Dd → 100% → loại

+ VIII. AABbDd × Aabbdd→ AA × Aa → 100%; Bb × bb → 1 : 1; Dd × dd → 1 :  l → đúng

Chọn đáp án B

+ Động vật ăn thịt gồm: cú mèo, chim ưng, rắn, ếch → Ý I sai

+ Có 2 loài là động vật ăn thịt đầu bảng: chim ưng, cú mèo → Ý II sai

+ Chim ưng vừa thuộc bậc dinh dưỡng cấp 3 trong chuỗi: lúa → chuột → chim ưng

Chim ưng thuộc bậc dinh dưỡng cấp 4 trong chuỗi: lúa → chuột → rắn → chim ưng

Chim ưng thuộc bậc dinh dưỡng cấp 5 trong chuỗi: lúa → châu chấu → ếch → rắn → chim ưng

→ Ý III đúng

+ Có tối đa 6 chuỗi thức ăn khác nhau có 4 mắt xích.

Lúa → chuột → rắn → chim ưng.

Lúa → chuột → rắn → cú mèo.

Cà rốt → chuột → rắn → chim ưng.

Cà rốt → chuột → rắn → cú mèo.

Cà rốt → thỏ → rắn → chim ưng

Cà rốt → thỏ → rắn → cú mèo.

→Ý IV sai

+ Chuỗi thức ăn dài nhất có 5 mắt xích → Ý V đúng

Chọn đáp án A

+ Xác suất sinh được 2 người con khác giới tính = 1/2 × 1/2 × 2 = 1/2

+ Người chồng đến từ một quần thể cân bằng di truyền có tỉ lệ người mang nhóm máu O là 4% và nhóm máu B là 21%. $\to I^O{I}^O=\mathrm{0,04}\to I^O=\mathrm{0,2}$

→ nhóm máu B $=\mathrm{0,21}=I^B{I}^B+I^B{I}^O=m^2+2\times m\times \mathrm{0,2}$  (m là tẩn số alen $I^B$ )

$\to I^B=\mathrm{0,3}\to I^A=\mathrm{0,5}$

→ Người chồng nhóm máu A có tỉ lệ kiểu gen:$\mathrm{0,25}{I}^A{I}^A:\mathrm{0,2}{I}^A{I}^O$

+ Người vợ đến từ một quần thể cân bằng di truyền có tỉ lệ người có nhóm máu O là 9% và nhóm máu A là 27%. $\to I^O{I}^O=\mathrm{0,09}\to I^O=\mathrm{0,3}$

→ Nhóm máu A $=I^A{I}^A+I^A{I}^O=r^2+2\times r\times \mathrm{0,3}$  (r là tẩn số alen $I^A$ ) $\to I^A=\mathrm{0,3}\to I^B=\mathrm{0,4}$

→ Người vợ nhóm máu A có tỉ lệ kiểu gen: $\mathrm{0,09}{I}^A{I}^A:\mathrm{0,18}{I}^A{I}^O$

+ Ta có phép lai: $\left(\mathrm{0,25}{I}^A{I}^A:\mathrm{0,2}{I}^A{I}^O\right)\times \left(\mathrm{0,09}{I}^A{I}^A:\mathrm{0,18}{I}^A{I}^O\right)\leftrightarrow \left(5\text{/}9I^A{I}^A:4\text{/}9I^A{I}^O\right)\times \left(1\text{/}3I^A{I}^A:2\text{/}3I^A{I}^O\right)$

→ Chỉ có 1 phép lai cho nhóm máu khác ngoài nhóm máu A là: $4\text{/}9I^A{I}^O\times 2\text{/}3I^A{I}^O$

→ Xác suất để cặp vợ chồng này sinh được 2 người con cùng nhóm máu A là:

1 - XS 2 người con nhóm máu O - XS 1 người con nhóm máu A, 1 người con nhóm máu O

 $=1-4\text{/}9\times 2\text{/}3\times \left(1\text{/}4\times 1\text{/}4+3\text{/}4\times 1\text{/}4\times 2\right)=47\text{/}54$

→ Xác suất để cặp vợ chồng này sinh được 2 người con khác giới tính, cùng nhóm máu A là: $47\text{/}54\times 1\text{/}2=\mathrm{43,51}\%$

Chọn đáp án C

+ Phép lai P: AaBbDd × AaBbdd

Cây nhẹ nhất nặng 30 g, cứ tăng một alen trội thuộc bất kì gen nào làm cho quả nặng thêm 5 g

Cây có quả nặng 50 g thì trong kiểu gen có 4 alen trội

Sử dụng công thức tính tỉ lệ đời con trong kiểu gen có k alen trội như sau: $\frac{C_n^{k-m}}{2^n}$

(trong đó: k là số alen trội cần tìm; m là tổng số cặp gen đồng hợp trội trong kiểu gen của cả bố và mẹ; n là tổng số cặp gen dị hợp trong kiểu gen của cả bố và mẹ)

→ Tỉ lệ cây có quả nặng 50g là $\frac{C_5^{4-0}}{2^5}=5\text{/}32$  → Ý I sai

+ Cây cho trọng lượng quả nặng 40 g → Kiểu gen có 2 alen trội

Ở phép lai P: AaBbDd × AaBbdd, ta có phép lai đơn Dd × dd → luôn cho kiểu gen có ít nhất 1 alen lặn → đời con phép lai P luôn cho kiểu gen gồm 6 alen thì có ít nhất 1 alen lặn, như vậy số kiểu gen có 2 alen trội  kiểu gen $=\frac{C_5^2}{2}=5$ → Ý II sai

+ Vì kiểu gen xuất hiện ít nhất 1 alen lặn → Số kiểu hình tối đa = 6 (không có kiểu hình có 6 alen trội)

→ Ý III sai

+ Cây ít nhất có 3 alen lặn chiếm tỉ lệ = 1 - tỉ lệ kiểu gen có 1 alen lặn - tỉ lệ kiểu gen có 2 alen lặn

= 1 - tỉ lệ kiểu gen có 5 alen trội - tỉ lệ kiểu gen có 4 alen trội $=1-\frac{C_5^5}{2^5}-\frac{C_5^4}{2^5}=13\text{/}16$  → Ý IV đúng.

Chọn đáp án B

+ Cho cây có kiểu gen Aabb lai phân tích → Phép lai: Aabb × aabb → 1/2 Aabb : 1/2 aabb → Cây thân cao, hoa trắng chiếm 50% → Ý I đúng

+ Cho cây thân cao, hoa đỏ tự thụ phấn đời $F_1$  có 4 loại kiểu hình → P phải dị hợp 2 cặp gen

→ AaBb × AaBb → $F_1$  có 9 kiểu gen → Ý II đúng

+ Cho cây thân cao, hoa đỏ giao phấn với cây thân cao, hoa trắng, $F_1$  có thân thấp, hoa trắng:

A-B- × A-bb →  có aabb → P: AaBb × Aabb → $F_1$  có 6 kiểu gen → Ý III đúng

+ Các cây thân thấp, hoa đỏ giao phấn ngẫu nhiên:

aaB- × aaB- → ta có: aa × aa → 1 kiểu gen; B- × B- → tối đa cho 3 kiểu gen

→ aaB- × aaB- cho tối đa 3 kiểu gen →> Ý IV đúng.

Chọn đáp án A

+ $F_1$  hoa đỏ tự thụ phấn,$F_2$  có kiểu hình phân li theo tỉ lệ: 9 cây hoa đỏ : 6 cây hoa hồng : 1 cây hoa trắng → đây là tỉ lệ của qui luật tương tác gen kiểu bổ trợ, $F_1$  dị hợp hai cặp gen (Aa, Bb)

+ $F_1$ : AaBb × AaBb → : 9 A-B- : 3 A-bb : 3 aaB- : 1 aabb

Quy ước: A-B-: đỏ; A-bb + aaB-: hoa hồng; aabb : trắng.

→ Ở $F_2$  có 4 kiểu gen quy định hoa đỏ (AABB, AaBB, AABb, AaBb) → I đúng.

+ Ở $F_2$  có 4 loại kiểu gen quy định hoa hồng là: 1AAbb : 2Aabb : 1aaBB : 2aaBb.

→ tỉ lệ kiểu gen dị hợp = 4/6 = 2/3 → II đúng.

+ Cho tất cả các cây hoa đỏ ở $F_2$  giao phấn với cây hoa trắng

Các cây hoa đỏ (1 AABB : 2 AaBB : 4 AaBb : 2 AABb) cho 4 loại giao tử là: 4/9 AB, 2/9 Ab, 2/9 aB, 1/9 ab.

Các cây hoa trắng aabb chỉ cho giao tử ab → Đời có tỉ lệ kiểu gen là: 4/9AaBb : 2/9Aabb : 2/9 aaBb : 1/9 aabb → tỉ lệ kiểu hình = 4 đỏ : 4 hồng : 1 trắng → III đúng.

+ Cho tất cả các cây hoa hồng ở $F_2$  giao phấn với tất cả các cây hoa đỏ ở $F_2$:

Cây hoa hồng (1AAbb : 2Aabb : 1aaBB : 2aaBb) có 3 loại giao tử với tỉ lệ là: 1/3 Ab, 1/3 aB, 1/3 ab.

Cây hoa đỏ có các loại giao tử là: 4/9 AB, 2/9 Ab, 2/9 aB, 1/9 ab.

→ Tỉ lệ cây hoa trắng ở $F_3$  = 1/9 × 1/3 = 1/27 → IV sai.

Chọn đáp án A

+ Xét phép lai 1. Tính trạng phân bố không đồng đều ở 2 giới → gen qui định tính trạng nằm trên NST giới tính. Qui ước: D: dày; d: mỏng

+ Xét phép lai 2.

Con cái $F_1$  lai phân tích → Mắt vàng mơ : mắt đỏ = 3 : 1 → tương tác bổ sung kiểu 9 : 7 mà mắt đỏ chỉ có ở con cái (phép lai 1) → 1 trong 2 gen quy định màu mắt nằm trên NST giới tính X. Trong tương tác gen 9 : 7 thì vai trò của A và B như nhau trong biểu hiện tính trạng, nên alen nào nằm trên X cũng như nhau.

Quy ước: $A-X^{B}Y,A-X^B{X}^{-}$ : đỏ

$A-X^{b}Y,aa{X}^{B}Y,aa{X}^{b}Y,A-X^b{X}^b,aa{X}^b{X}^b,aa{X}^B{X}^{-}$: vàng mơ

Dày/mỏng = 1 : 1→ Dd × dd

TI lệ kiểu hình ở  : 6 : 9 : 4 : 1 ¹ (3 : 1)(3 : 1) → đã xảy ra hoán vị gen

→ Kiểu gen $F_1:Aa{X}_D^{B}Y$  và $Aa{X}_D^B{X}_d^b$  → Ý I đúng

+ Ở phép lai 2:  $Aa{X}_D^B{X}_d^b$ lai phân tích thu được đỏ, mỏng = 5% → A-, B-, dd = 5%

A-, B-, dd = $A-\times \left(X_d^B{X}_d^b+X_d^{B}Y\right)=1/2\times \left(X_d^B\times 1/2X_d^b+X_d^B\times 1/2Y\right)\to X_d^B=\mathrm{0,1}$  → tần số Hoán vị gen = 20% → Ý II sai

+ Nếu đem $F_1$  giao phối với nhau thì tỉ lệ con đực mắt đỏ, cánh dày là: $Aa{X}_D^{B}Y\times Aa{X}_D^B{X}_d^b\left(f=20\%\right)\to A-X_D^{B}Y=3\text{/}4\times \mathrm{0,4}\times 1\text{/}2=15\%$

→ Ý III sai

+ Ở phép lai 2: $Aa{X}_D^B{X}_d^b\times aa{X}_d^{b}Y$  → vẫn xuất hiện con cái mắt vàng mơ, cánh mỏng → Ý IV sai.

Chọn đáp án B

I. Chuỗi polypeptide do alen Al mã hóa không thay đổi so với chuỗi polypeptide do gen ban đầu mã hóa. → đúng, do XXG và XXA đều mã hóa cho Gly.

II. Các phân tử mARN được tổng hợp từ alen A2 và alen A3 có các codon bị thay đổi kể từ điểm xảy ra đột biến → sai; alen A2 bộ ba thứ 2 bị thay đổi thành bộ ba kết thúc → dừng tổng hợp aa. alen A3 có codon thứ 4 từ XXG bị biến đổi thành TXG vẫn mã hóa aa.

III. Chuỗi polypeptide do alen A2 quy định có số axit amin ít hơn so với ban đầu. → đúng, do alen A2 có đột biến thay thế làm hình thành bộ ba kết thúc.

IV. Alen A3 được hình thành do gen ban đầu bị đột biến thay thế 1 cặp nucleotide. → đúng.

Chọn đáp án A

P: 0,8 A_: 0,2 aa (gọi P: xAA : yAa : 0,2aa)

$F_3$: 0,25aa

Ta có: aa ở $F_3=\mathrm{0,2}+\frac{y-\frac{y}{2^3}}{2}=\mathrm{0,25}\to y=4\text{/}35\to Aa=4\text{/}35\to AA=24\text{/}35$

Tần số alen ở P: a = 9/35; A = 26/35

→ Ý (1) đúng

→ Ý (2) sai

(3) Tỉ lệ kiểu hình ở $F_1: aa=\mathrm{0,2}+4\text{/}35\times 1\text{/}4=8\text{/}35$  → đỏ = 27/35 → Ý (3) đúng.

(4) Tỉ lệ kiểu hình ở $F_2: aa=\mathrm{0,2}+\left(1-1\text{/}4\right)\times 2\times 4\text{/35}=17\text{/}70$  → Ý (4) sai.

(5) Nếu bắt đầu từ , các cá thể giao phấn ngẫu nhiên thì tỉ lệ kiểu hình hoa trắng $aa=9\text{/}35\times 9\text{/}35=81\text{/}1225$  → tỉ lệ kiểu hình hoa đỏ = 1144/1225.