310 Bài tập Hidrocacbon no, không no cơ bản, nâng cao có lời giải (P8)

Gọi CTPT của X là C_nH_2n-2 và a là số nguyên tử H linh động ở liên kết ba (a = 1 hoặc 2)

C_nH_2n-2 + aAgNO₃ + aNH₃ $\underset{}{\to }$  C_nH_2n-2-aAg_a↓ + aNH₄NO₃

_{$\frac{1,3}{{\mathrm{M}}_{\mathrm{X}}}$}          $\frac{12}{{\mathrm{M}}_{\mathrm{X}}+107\mathrm{a}}$

=>10,7M_X =139,1a  M_X = 13a

=>là hợp lí  X là C₂H₂

=> Chọn A.

Chọn C vì ở điều kiện thường ankan trơ về mặt hóa học, nó không tác dụng với axit, bazơ và chất oxi hóa KMnO₄…

Điều kiện để có đồng phân hình học là

Phân tử phải có liên kết đôi C=C

Hai nguyên tử hoặc nhóm nguyên tử liên kết với mỗi C mang nối đôi phải khác nhau

Nghĩa là:

Chọn B: CH₃-CH=CH-CH₃.

mCO₂ + mH₂O = 100,8  mCO₂ = 100,8 – 21,6 = 79,2g  nCO₂ = 1,8 và nH₂O = 1,2

 nA = nCO₂ – nH₂O = 0,6  V = 13,44 lít  Chọn D.

Anken từ C₂H₄ đến C₄H₈ là chất khí  

=>Chọn B.

Đánh số thứ tự 1,2,3,4,5,6 trên 6C mạch chính

Gắn nhánh CH₃ vào C₂ và C₅ ta được CH₃-CH(CH₃)-CH₂-CH₂-CH(CH₃)-CH₃  Chọn A.

A sai vì ankan hầu như không tan trong nước.

B sai vì ankan nhẹ hơn nước nên khối lượng riêng nhỏ hơn 1g/ml.

D sai vì C₄H₁₀ chỉ có 2 ankan đồng phân là CH₃-CH₂-CH₂-CH₃ và (CH₃)₃CH.

Chọn C.

=>Chọn A.

${\mathrm{C}}_{\overline{\mathrm{n}}}{{\mathrm{H}}_{2\overline{\mathrm{n}}-6}}_{} + \frac{3\overline{\mathrm{n}}-3}{2}{\mathrm{O}}_2\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to }\overline{\mathrm{n}}{\mathrm{CO}}_2+(\overline{\mathrm{n}}-3){\mathrm{H}}_2\mathrm{O}$

 $\frac{2,295}{14\overline{\mathrm{n}}-6}$mol                                    0,1725 mol

=> $\overline{\mathrm{n}}$  = 8,625 => Chọn B.

CH₃–C(CH₃)₂–CH₃ chỉ tạo ra 1 dẫn xuất monoclo

CH₃–CH₂–CH₂–CH₂–CH₃ tạo ra 3 dẫn xuất monoclo

CH₃–CH₂–CH₂–CH₃ tạo ra 2 dẫn xuất monoclo

CH₃–CH(CH₃)–CH₂–CH₃ tạo ra 4 dẫn xuất monoclo

=>Chọn B.

Điều kiện để có đồng phân hình học (cis-trans) là

Phân tử phải có liên kết đôi C=C

2 nguyên tử hoặc nhóm nguyên tử cùng liên kết với mỗi C mang nối đôi phải khác nhau

Các chất có đồng phân hình học là CH₃-CH=CH-CH=CH₂ và CH₃-CH=CH-COOH Chọn C.

Ta có $\overline{\mathrm{M}}$  của C₃H₈, C₃H₆ và C₃H₄ là 21,2.2 = 42,4

Gọi công thức trung bình của X là

Ta có C₃H_{6,4 $\underset{}{\to }$} 3CO₂ + 3,2H₂O

0,1 mol     → 0,3 → 0,32

mCO₂ + mH₂O = 44.0,3 + 18.0,32 = 18,96gChọn B.

Ankan tham gia phản ứng thế, phản ứng tách, phản ứng crackinh và phản ứng cháy, không tham gia phản ứng cộng  

=>Chọn B.

Nhóm vinyl C₂H₃- có CTCT là CH₂=CH-  

=>Chọn C.

Chọn B.

Theo qui tắc Mac-cop-nhi-cop, trong phản ứng cộng HX vào liên kết đôi của anken thì phần mang điện âm (X) cộng vào cacbon mang nối đôi bậc cao hơn tức là cacbon có ít H hơn  

=>Chọn D

Do anken tạo nCO₂ = nH₂O  n_ankan = 0,4 – 0,35 = 0,05

 n_anken = 0,2 – 0,05 = 0,15  %n_anken = 0,15.100%/0,2 = 75%  Chọn B.

Chọn B vì ancol, anđehit, xeton, axit cacboxylic, este… khi đốt cháy hoàn toàn cũng chỉ thu được CO₂ và H₂O.

Ankin từ C₄H₆ trở lên có đồng phân vị trí liên kết ba  Chọn C.

Số C =$\frac{{\mathrm{V}}_{{\mathrm{CO}}_2}}{{\mathrm{V}}_{\mathrm{X}}}=3$ . Gọi CTPT của X là C₃H_y

C₃H_y + (3 +$\frac{\mathrm{y}}{4}$)O₂ $\underset{}{\to }$  3CO₂ +$\frac{\mathrm{y}}{2}$H₂O

1             4,5

=> y = 6  X là C₃H₆  =>Chọn B.

CH₃-CH(CH₃)-CH₃ (mạch phân nhánh); CH₃-CH₂-CH₂-CH₃ (mạch không phân nhánh)  

Chọn A.

C₄H₆ có các ankin đồng phân sau: CH≡C-CH₂-CH₃ và CH₃-C≡C-CH₃  

Chọn B.

Ta có số mol liên kết π = nH_{2 pư} + nBr_{2 pư} 

Mà ankin có 2 liên kết π n_ankin = 0,4 mol

M_X = 27,2/0,4 = 68  => X là C₅H₈  

Chọn D.

CH₃–C(CH₃)₂–CH₃ chỉ tạo ra 1 dẫn xuất monoclo

CH₃–CH₂–CH₂–CH₂–CH₃ tạo ra 3 dẫn xuất monoclo

CH₃–CH₂–CH₂–CH₃ tạo ra 2 dẫn xuất monoclo

CH₃–CH(CH₃)–CH₂–CH₃ tạo ra 4 dẫn xuất monoclo

 Chọn B.

Đánh số thứ tự trên C mạch chính bắt đầu từ phía gần liên kết đôi (bên trái)  

=>Chọn C.

C_nH_2n+2 có %mC = $\frac{12\mathrm{n}}{14\mathrm{n}+2}.100=83,72\% \Rightarrow n=6\Rightarrow$Ankan X là C₆H₁₄

Do C₆H₁₄ + Cl₂ $\stackrel{\mathrm{as}, 1:1}{\to }$  2 dẫn xuất monoclo => CTCT đúng là

(2,3-đimetylbutan)

=> Chọn C.

Đánh số thứ tự từ bên trái

=> Chọn C.

mBr₂ = 120.20/100 = 24g  nBr₂ = 0,15 mol  =>n_ankan = n_anken = nBr₂ = 0,15 mol

Gọi CTPT của ankan và anken là C_nH_2n+2 và C_nH_2n  

=>nCO₂ = 0,15n + 0,15n =$\frac{20,6}{22,4}\Rightarrow$  n = 3  

=>Chọn A.

=>nBr₂ = 0,1 mol

C_nH_2n-2 + 2Br₂  $\stackrel{}{\to }$C_nH_2n-2Br₄

0,05 ←    0,1

=>X là C₃H₄  Chọn B. 

Giả sử M_X< M_Y. Gọi CTPT trung bình của X, Y là ${\mathrm{C}}_{\overline{\mathrm{n}}}{\mathrm{H}}_{2\overline{\mathrm{n}}-2}$

${\mathrm{C}}_{\overline{\mathrm{n}}}{\mathrm{H}}_{2\overline{\mathrm{n}}-2}+\frac{3\overline{\mathrm{n}}-1}{2}{\mathrm{O}}_2\stackrel{{\mathrm{t}}^{\mathrm{o}}}{\to } \overline{\mathrm{n}}{\mathrm{CO}}_2+(\overline{\mathrm{n}}-1){\mathrm{H}}_2\mathrm{O}$

Do thể tích hơi H₂O gấp 0,6 lần thể tích CO₂ 

Vì 2 ankin kế tiếp  X, Y là C₂H₂ và C₃H₄  =>Chọn A.

Ta có CO₂ + 2NaOH _{dư $\stackrel{}{\to }$}Na₂CO₃ + H₂O

nNaOH _pư = 0,1.2 – 0,05.2 = 0,1 mol  =>nCO₂ = 0,05 mol

$C_{\overline{n}}{H}_{2\overline{n}+2}O\stackrel{O_2,t^o}{\to } \overline{n}C{O}_2$

($14\overline{\mathrm{n}}+18$) gam    $\overline{\mathrm{n}}$ mol

1,06 gam         0,05 mol

$1,06\overline{\mathrm{n}}=0,05(14\overline{\mathrm{n}} +18) \Rightarrow \overline{\mathrm{n}}=2,5$

 =>2 ancol X và Y là C₂H₅OH và C₃H₇OH => Chọn A.

n_anken = nBr_{2phản ứng} = 0,1  

=>Chọn D.

nCO₂ = nCaCO₃ = 0,9

Mà mCO₂ + mH₂O = 50,4  mH₂O = 50,4 – 0,9.44 = 10,8g  nH₂O = 0,6 mol

=>n_ankin = nCO₂ – nH₂O = 0,3 mol  V = 6,72 lít  

=>Chọn A.

Đánh số thứ tự trên C mạch chính từ dưới lên ta được 3-etyl-2-metylpentan

=> Chọn C.