220 Bài tập Andehit - Xeton - Axit cacboxylic cơ bản, nâng cao có lời giải (P3)

Chọn đáp án D

1 mantozơ + 1 H₂O $\underset{t°}{\overset{H_{2}S{O}_4}{\to }}$ 2 glucozơ || 1 glucozơ $\underset{N{H}_3, t°}{\overset{AgN{O}_3}{\to }}$ 2Ag.

► 1 mantozơ_{phản ứng} → 4 Ag || 1 mantozơ_dư $\underset{N{H}_3, t°}{\overset{AgN{O}_3}{\to }}$2 Ag.

Đặt n_{mantozơ phản ứng} = x; n_{mantozơ dư} = y ⇒ ∑n_mantozơ = x + y = 0,01 mol.

n_Ag = 4x + 2y = 0,035 mol ||⇒ giải hệ có: x = 0,0075 mol; y = 0,0025 mol.

H = 0,0075 ÷ 0,01 × 100% = 75% ⇒ chọn D

Chọn đáp án D

n_CO2 = 0,5 mol < n_H2O = 0,53 mol ⇒ Z là ancol no, 3 chức, mạch hở.

► Quy E về CH₂=CH-COOH, C₃H₅(OH)₃, CH₂ và H₂O.

n_CH2=CHCOOH = n_Br2 = 0,05 mol. Đặt n_C3H8O3 = x; n_CH2 = y; n_H2O = z.

⇒ m_E = 13,46(g) = 0,05 × 72 + 92x + 14y + 18z

n_CO2 = 0,05 × 3 + 3x + y = 0,5 mol; n_H2O = 0,05 × 2 + 4x + y + z = 0,53 mol.

► Giải hệ có: x = 0,11 mol; y = 0,02 mol; z = – 0,03 mol.

Do n_C3H8O3 > n_CH2 ⇒ chỉ ghép CH₂ vào axit.

● Phản ứng vừa đủ ⇒ ∑n_OH^– = n_CH2=CHCOOH = 0,05 mol.

⇒ n_KOH = 0,0125 mol; n_NaOH = 0,0375 mol.

► m = 0,05 × 71 + 0,02 × 14 + 0,0125 × 39 + 0,0375 × 23 = 5,18(g) ⇒ chọn D.

Chọn đáp án C

Lys là H₂N-(CH₂)₄-CH(NH₂)-COOH ⇒ M_Lys = 146 ⇒ chọn C

Chọn đáp án D

7,6(g) X + ?O₂ → 0,3 mol CO₂ + 0,4 mol H₂O. Bảo toàn khối lượng:

||⇒ m_O2 = 0,3 × 44 + 0,4 × 18 - 7,6 = 12,8(g) ⇒ n_O2 = 0,4 mol. Bảo toàn nguyên tố Oxi:

n_O/X = 0,3 × 2 + 0,4 – 0,4 × 2 = 0,2 mol. Do n_CO2 < n_H2O ⇒ ancol no, đơn chức, mạch hở.

Ta có: n_CO2 – n_H2O = (k – 1).n_HCHC (với k là độ bất bão hòa của HCHC).

► Áp dụng: n_ancol = ∑n_H2O - ∑n_CO2 = 0,1 mol ⇒ n_axit = (0,2 - 0,1) ÷ 2 = 0,05 mol.

Đặt số C của axit và ancol là a và b ⇒ 0,1a + 0,05b = 0,3 $\underset{a khác b}{\overset{a, b \ge 1}{\to }}$ a = 1 và b = 4

⇒ X gồm HCOOH và C₄H₉OH. Do n_axit < n_ancol ⇒ hiệu suất tính theo axit.

► Este là HCOOC₄H₉ với số mol 0,04 ⇒ m = 0,04 × 102 = 4,08(g) ⇒ chọn D

Chọn đáp án B

d_Y/X = 0,7 ⇒ M_Y = 0,7.M_X ⇒ M_Y < M_X ⇒ X tách nước tạo anken.

X là ancol no, đơn chức, mạch hở ⇒ có dạng C_nH_2n+2O ⇒ Y là C_nH_2n.

► 14n ÷ (14n + 18) = 0,7 ⇒ n = 3 ⇒ X là C₃H₇OH ⇒ chọn B

 Chọn đáp án C

Các đồng phân cấu tạo anđehit ứng với công thức phân tử C₅H₁₀O là:

CH₃CH₂CH₂CH₂CHO, CH₃CH(CH₃)CH₂CHO, CH₃CH₂CH(CH₃)CHO, CH₃C(

CH₃)₂CHO.

⇒ tổng cộng có 4 đồng phân anđehit ⇒ chọn c

Chọn đáp án B

gt ⇒ 2 este có số C liên tiếp. Mặt khác, C_tb = 0,26 ÷ 0,1 = 2,6.

⇒ 2 este là HCOOCH₃ và HCOOC₂H₅. Dùng sơ đồ đường chéo:

||⇒ n_HCOOCH3 : n_HCOOC2H5 = (3 - 2,6) ÷ (2,6 - 2) = 2 : 3 = 2x : 3x.

m_X = 60 × 2x + 74 × 3x = 3,42(g) ⇒ x = 0,01 mol ⇒ NaOH dư.

► m = m_HCOONa + m_{NaOH dư} = 0,05 × 68 + (0,1 - 0,05) × 40 = 5,4(g).

Cách khác: C_tb = 2,6 ⇒ chứa HCOOCH₃. Kết hợp gt cấu tạo ta có:

X có dạng HCOOC_nH_2n+1 ⇒ n = 2,6 - 1 = 1,6 (hay HCOOC_1,6H_4,2).

⇒ n_X = 3,42 ÷ 68,4 = 0,05 mol ⇒ NaOH dư.

Rồi giải tiếp tương tự cách trên! ⇒ chọn B

Chọn đáp án C

CH₃COOH + (CH₃)₂CHCH₂CH₂OH (H₂SO₄ đặc, t^o) ⇄ CH₃COOCH₂CH₂CH(CH₃)₂ + H₂O.

n_CH3COOH  2,21 mol < n_{(CH3)2CHCH2CH2OH} 2,27 mol ⇒ hiệu suất tính theo axit.

⇒ m_{dầu chuối} = 2,21 × 0,68 × 130 195,36(g) ⇒ chọn C

Chọn đáp án D

Cứ 1 phân tử CH₃COOH → 1 phân tử CH₃COOC₂H₅.

+ Nhận thấy n_CH3COOH = 0,2 mol và n_CH3COOC2H5 = 0,125 mol

⇒ H = $\frac{0,125}{0,2}$ × 100 = 62,5% ⇒ Chọn D

Chọn đáp án A

Số CTCT Este ứng với CTPT C₄H₆O₂ gồm:

1) HCOOCH₂–CH=CH₂

2) HCOOCH=CH–CH₃

3) HCOOC(CH₃)=CH₂

4) CH₃COOCH=CH₂

5) CH₂=CHCOOCH₃

Vì yêu cầu thủy phân trong môi trường axit thu được axit và ancol.

⇒ Chỉ có (1) và (5) thỏa mãn yêu cầu ⇒ Chọn A

Chọn đáp án B

+ Thể tích và khối lượng bằng nhảu ⇒ Phân tử khối bằng nhau.

⇒ andehit đơn chức có phân tử khối = 44.

⇒ MRCHO = 44 ⇒ R = 15.

⇒ Andehit A là CH3CHO (Etanal) ⇒ Chọn B

Chọn đáp án D

+ Để phản ứng với Na2CO3 ⇒ X là 1 axit

⇒ X chỉ có thể có CTCT là CH2=CH–COOH (Axit acrylic) ⇒ Chọn D

Chọn đáp án D

Vì andehit no đơn chức mạch hở ⇒ CTTQ là CnH2nO.

⇒ Gọi X có CTPT là CnH2nO ⇒ MX = 14n+16.

⇒ MT = 14n + 16 + 14×3.

+ Mà MT = 2,4×MX => 14n + 16 + 14×3 = 2,4 × (14n + 16) n = 1

⇒ X là HCHO ⇒ Z là C2H5CHO.

+ Đốt 0,1 mol C2H5CHO ⇒ nCO2 = nH2O = 0,3 mol.

⇒ mGiảm = mCaCO3 – mCO2 – mH2O = 0,3×100 – 0,3×(44+18) = 11,4 gam.

⇒ Chọn D

Chọn đáp án B

Do tác dụng được với Ag2O/NH3 tạo kết tủa nên chắc chắn có HCOOH.

nAg = 0,2 ⇒ nHCOOH = 0,1 ⇒ mHCOOH = 4,6 gam.

mRCOOH = 13,4 – 8,8 gam.

nRCOOH = 0,2 – 0,1 = 0,1 mol ⇒ MRCOOH = 88

⇒ C3H7COOH ⇒ Chọn B

Chọn đáp án C

Gọi công thức chung của axit là RCOOH

Đáp án A

► nCO₂ = 0,2 mol; nH₂O = 0,15 mol ⇒ nC = 0,2 mol; nH = 0,3 mol

mE = mC + mH + mO ⇒ mO = 9,1 - 0,2 × 12 - 0,3 = 6,4(g) ⇒ nO = 0,4 mol  

► nCOO = nO ÷ 2 = 0,2 mol = nC ⇒ C không có trong gốc hidrocacbon (chỉ có trong nhóm chức)

⇒ chỉ có 2 chất thỏa mãn là HCOOH và (COOH)₂ lần lượt là X và Y

⇒ %O/Y = 16 × 4 ÷ 90 × 100% = 71,11%

Chọn đáp án B

Ta có phản ứng: CH₃CH₂CHO + H₂ $\stackrel{t°}{\to }$ CH₃CH₂CH₂OH.

⇒ Chọn B

Chọn đáp án C

+ gọi công thức chung của 2 axit là: RCOOH.

⇒ Phản ứng: 2RCOOH + 2Na → 2RCOONa + H₂

Ta có n_RCOOH = n_RCOONa

⇒ R = 22 ⇒ 2 axit đó là CH₃COOH và C₂H₅COOH.

+ Đặt n_CH3COOH = a và n_C2H5COOH = b

⇒ Ta có hệ 

⇒ m_CH3COOH = 6 gam ⇒ Chọn C

Chọn đáp án C

+ Axit acrylic (CH₂=CHCOOH) có liên kết đôi C=C ⇒ Có thể pứ H₂ và B₂.

+ LÀ 1 axit ⇒ có thể tác dụng với Na₂CO₃ hoặc NaHCO₃ ⇒ Chọn C

Chọn đáp án D

Vì HCOOH có nhóm chức andehit và CH₃COOH không có nhóm chức andehit.

⇒ Sử dụng pứ tráng gương để nhận biết ⇒ Chọn D

Chọn đáp án B

Nhận thấy CO₂ bằng số mol H₂O nên một anđehit, một axit cacboxylic và một este đều no đơn chức, mạch hở

Gọi số mol andehit là a, tổng số mol axit và este là b

Ta có hệ 

+ Gọi số cacbon trong andehit là x và trong Z và T là y ta có:

0,075x + 0,125y = 0,525 => 3x + 5y = 21

+ Giải phương trình nghiệm nguyên ⇒ x = 2 và y = 3.

+ Vì x = 2 ⇒ andehit là CH₃CHO: 0,075 mol.

⇒ m_Ag = 2n_CH3CHO × 108 = 0,075 × 2 × 108 = 16,2 gam.

⇒ Chọn B

Đáp án D

Đáp án B

Đáp án C

Axit no đơn chức mạch hở có CTTQ là: C_nH_2nO₂.

Ta có phản ứng: C_nH_2nO₂ + KOH → C_nH_2n-1O₂K + H₂O.

Tăng giảm khối lượng ta có:

Đáp án C

Thực hiện phản ứng tráng gương ta có:

HCHO → 4Ag || HCOOH → 2Ag.

⇒ ∑n_Ag = 0,05×4 + 0,02×2 = 0,24 mol.

⇒ m_Ag = 25,92 gam