Tổng hợp đề ôn tập thi THPTQG môn Sinh Học có đáp án (Đề số 3)

Chọn B.

1 phôi ban đầu được chia cắt thành nhiều phôi, rồi cấy vào tử cung các con bò mẹ khác nhau, sinh ra các bò con

=> Các bò con này có kiểu gen giống nhau do cùng nguồn gốc từ 1 phôi

Chọn C.

Tuổi của quần thể sinh vật là: tuổi bình quân của các cá thể sống trong quần thể

Chọn D.

Sinh vật biến đổi gen là sinh vật mà hệ gen của chúng được con người làm biến đổi cho phù hợp với lợi ích của mình

Chọn A.

Những cá thể yếu không có sức cạnh tranh sẽ bị loại bỏ khỏi quần thể, những cá thể có sự cạnh tranh lớn thì mới có thể tồn tại trong quần thể

=> Duy trì ở mức độ phù hợp với nguồn sống của môi trường.

Chọn D.

Trong các vấn đề trên, các vấn đề thuộc về công nghệ gen là 1, 2, 3, 4, 5

6 là vai trò của nhân bản vô tính (công nghệ tế bào)

Chọn B.

A sai, đột biến đảo đoạn chỉ làm thay đổi trật tự sắp xếp của gen trên NST, gen vẫn nằm trong nhóm liên kết

C sai, đột biến mất đoạn làm giảm số lượng gen

D sai, đột biến cấu trúc NST xảy ra ở cả NST thường và NST giới tính

B đúng, trong trường hợp chuyển đoạn trong cùng 1 NST

Chọn A.

Loại đột biến gen làm chiều dài gen không thay đổi là đột biến thay thế 1 cặp G - X bằng 1 cặp A – T

Chọn C.

Vậy C tạo ra đời con có nhiều kiểu gen nhất

Chọn D.

Phân tử trực tiếp làm khuôn tổng hợp chuỗi polipeptit là mARN.

Chọn D.

Những biến đổi liên quan tới một hoặc một số cặp nucleotit, xảy ra tại một điểm nào đó của phân tử AND.

Đột biến gen là những biến đổi liên quan tới một hoặc một số cặp nucleotit, xảy ra tại một điểm nào đó của phân tử ADN ( định nghĩa SGK )

Chọn D.

Dịch mã là quá trình tổng hợp nên chuỗi polipeptit

Chọn A.

F₁ dị hợp về 6 gen

Tổng số kiểu gen ở F₂  là 3⁶  = 729

Tổng số kiểu gen đồng hợp tử về cả 6 gen là 2⁶ = 64

Chọn B.

Ta có công thức tính kích thước của quần thể được tính theo công thức

KT = mức sinh sản – mức tử vong + nhập  cư – xuất cư

Không có nhập cư và xuất cư, kích thước quần thể tăng lên là do mức độ sinh sản tăng và mức độ tử vong giảm

<=> tỉ lệ gia tăng tự nhiên tăng

Chọn C.

Trong điều hòa hoạt động của Operon Lac, quá trình phiên mã dừng lại khi đường Lactose bị phân giải hết. Khi đó protein ức chế được giải phóng và sẽ bám vào vùng vận hành O của Operon, làm ngừng quá trình phiên mã.

Chọn D.

Các nhân tố làm thay đổi tần số alen không theo hướng xác định là 1, 3, 4

2 chọn lọc tự nhiên là nhân tố tiến hóa có hướng

Chọn A.

Ta có: A = 0,6; a = 0,4

=> Quần thể giao phối ngẫu nhiên thì thành phần kiểu gen trong quần thể sẽ là :

=> 0,36 AA + 0,48 Aa + 0,16 aa = 1 ( quần thể đã cân bằng)

Mở  rộng: Quần thể sẽ đạt trạng thái cân bằng sau chỉ 1 thế hệ ngẫu phối do tần số alen ở 2 giới là bằng nhau

Chọn C.

Các thông tin nói về vai trò của đột biến gen là (2) (5)

1 sai, đột biến làm thay đổi tần số alen không theo hướng xác định

3 sai, đột biến không loại bỏ alen khỏi quần thể. Điều trên là vai trò của yếu tố ngẫu nhiên

4 sai, đột biến gen làm thay đổi tần số alen. Điều này có thể là vai trò của giao phối không ngẫu nhiên

Chọn C.

Các nhóm cá thể là quần thể sinh vật là 2, 3, 6

1 sai, cá rô đơn tính không giao phối được

4 sai, cây ven hồ chưa chắc cùng 1 loài

5 sai, chim trên cánh đồng chưa chắc đều cùng 1 loài

Chọn C.

Cách li địa lý không trực tiếp làm thay đổi tần số alen và thành phần kiểu gen của quần thể. Thay đổi tần số alen và thành phần kiểu gen là vai trò của các nhân tố tiến hóa

Cách li địa lí chỉ giúp duy trì sự khác biệt về kiểu gen với quần thể gốc

Chọn B.

Những loài có giới hạn sinh thái càng hẹp không có khả năng chịu đựng ở các môi trường ngoài giới hạn sinh thái

=> Có vùng phân bố hẹp

Chọn A.

Thí nghiệm của S. Milơ năm 1653 đã ủng hộ giả thuyết :

Các chất hữu cơ được hình thành từ các chất vô cơ trong điều kiện nguyên thủy của trái đất

Chọn C.

P_t/c

F₁ dị hợp: (Aa,Bb) Dd

F₁ x F₁

F₂: aabbdd = 2,25%

Có tỉ lệ dd = 25%

=> Tỉ lệ aabb = 2,25% : 25% = 9%

=> Tỉ lệ A-B- = 50% + 9% = 59%

Tỉ lệ A-bb = aaB- = 25% - 9% = 16%

Vậy tỉ lệ thân cao, hoa vàng, quả tròn A-bbD- là 0,16 x 0,75 = 0,12

Chọn B

Trong các phép lai trên, các phép lai mà đời con mỗi kiểu hình luôn có 2 kiểu gen là 1, 5, 7, 8

Ta có: 

1 . AaBb x AAbb

=(AA x  Aa)( Bb x bb )

=(1AA : 1 Aa)( 1Bb : 1bb )

2.AaBb x AABb

=(AA x  Aa)( Bb x Bb )

=(1AA : 1 Aa)( 1BB :  2Bb : 1 bb) - xuất hiện 1 kiểu hình 6 kiểu gen 

3. AaBb x Aabb

= (Aa x  Aa)( Bb x bb )

= (1AA : 2 Aa: 1 aa)( 1Bb : 1bb ) - xuất hiện một kiểu hình có 1 kiểu gen aabb 

4. AaBb x AABB

=(AA x  Aa)( BB x Bb )

= (1AA : 1 Aa)( 1BB : 1Bb ) - 1 kiểu hình 4 kiểu gen 

5. AaBB x aaBb

= (Aa x  aa)( BB x Bb )

= (1Aa :  1aa)( 1BB : 1Bb ) - 1 kiểu hình 2 kiểu gen 

6. loại 

7 . Aabb x AAbb

= (AA x  Aa)(bb x bb )

= (AA : Aa )(bb) - 1 kiểu hình - 2 kiểu gen  

8. aaBB x AaBb

= (aa x Aa )(BB x Bb )

= ( 1 Aa : 1aa) (1 BB : 1 Bb )

Chọn B.

Quần thể cân bằng di truyền, 25% nhóm máu O

=> Tần số alen I^O là

Đặt tần số alen I^B là x

Tỉ lệ người mang nhóm máu B là x² + 2.x.0,5 = 0,39

Giải ra, ta có x = 0,3

Vậy tần số alen I^A là: 0,2

Cấu trúc quần thể với nhóm máu A là 0,04 I^AI^A : 0,2 I^AI^O

Cặp vợ chồng có nhóm máu A có dạng là $\frac{1}{6}{I}^A{I}^A:\frac{5}{6}{I}^A{I}^O$

Xác suất để cặp vợ chồng trên sinh con có nhóm máu O là $\frac{5}{12}\times \frac{5}{12}=\frac{25}{144}$

=> Vậy xác suất để cặp vợ chồng trên sinh con có nhóm máu giống mình ( nhóm máu A ) là 1 – $\frac{25}{144}$= $\frac{119}{144}$

Chọn C.

F_a : 1 thân cao, hoa kép, trắng : 1 thân cao, hoa đơn, đỏ : 1 thân thấp, hoa kép, trắng : 1 thân thấp, hoa đơn, đỏ

<=> 1 A-B-dd : 1A-bbD- : 1aaB-dd : 1aabbD-

<=> (1A- : 1aa).B-dd : (1A- : 1aa).bbD-

<=> (1A- : 1aa).(1B-dd : 1bbD-)

=> 2 gen B và D di truyền cùng nhau, phân li độc lập với gen A

Do phép lai là lai phân tích

=> Kiểu hình đời con phản ánh giao tử cây đem lai phân tích

Vậy kiểu gen bố mẹ là $Aa\frac{Bd}{bD}\times aa\frac{bd}{bd}$

Chọn A.

ADN nhân đôi 3 lần tạo ra 2³ = 8 AND con

Trong đó có 2 AND con mang N¹⁵ ( qui tắc bán bảo tồn )

Vậy các gen không chứa N¹⁵ chiếm tỉ lệ là 6/8

Chọn D.

Tế bào có 8 NST, đang phân li về 2 cực.

Các NST ở trạng thái đơn, không tương đồng

Vậy đây là kì sau giảm phân II

Chọn A.

Người ta đã thực hiện các công đoạn là: 1, 3, 2, 4

Chọn B.

A sai, quần thể A là quần thể phát triển ổn định, số lượng cá thể trước sinh sản = sinh sản > sau sinh sản .

B đúng, số lượng cá thể trước sinh sản > sinh sản > sau sinh sản .

C sai, quần thể A có kích thước là 720 còn quần thể C có kích thước là 635

D sai, quần thể C là quần thể đang suy giảm; số lượng cá thể trước sinh sản < sinh sản < sau sinh sản .

Chọn A.

Xét cặp vợ chồng 12 x 13

Vợ chồng bị bệnh, sinh con không bị bệnh

=> Bị bệnh là do alen trội qui định

Bố bị bệnh sinh con gái bình thường, sinh con trai bình thường

=> Alen gây bệnh nằm trên NST thường

A bị bệnh >> a không bị bệnh

Người 2 bị bệnh, sinh con bình thường, có kiểu gen Aa

Cặp vợ chồng 1 x 2 : Aa x aa

=> Người 4, 5, 6 có kiểu gen là Aa

Cặp vợ chồng 3 x 4 : Aa x aa

=> Người 10, 12 có kiểu gen là Aa

Cặp vợ chồng 12 x 13 : Aa x Aa

Người số 17 và 20 có dạng là 1/3AA : 2/3Aa

=> Vậy A sai

Chọn B.

Nguyên nhân là đột biến gen phổ biến hơn đột biến nhiễm sắc thể và ít ảnh hưởng đến sức sống, sự sinh sản của cơ thể sinh vật , nên có ý nghĩ về mặt tiến hóa hơn so với đột biến  cấu trúc NST

(đột biến NST thường gây chết hoặc giảm mạnh khả năng sinh sản của sinh vật)

Chọn D.

Đời con có dạng: -- B- -- e-

Kiểu gen mang 4 alen trội chiếm tỉ lệ: $\frac{C_6^3}{2^6}=\frac{5}{16}$= 31,25%

Chọn C.

A bình thường >> a bị bệnh A

Phụ nữ có em trai bị bệnh, bố mẹ bình thường

=> Phụ nữ có dạng là ($\frac{1}{3}$AA : $\frac{2}{3}$Aa)

Người đàn ông có ông nội, bà ngoại bị bệnh

<=> người đàn ông có bố mẹ có kiểu gen là Aa x Aa

<=> người đàn ông có dạng ($\frac{1}{3}$AA : $\frac{2}{3}$Aa)

Cặp vợ chồng:

($\frac{1}{3}$AA : $\frac{2}{3}$Aa) x ($\frac{1}{3}$AA : $\frac{2}{3}$Aa)

Xác suất sinh con đầu lòng không bị bệnh của cặp vợ chồng là

1 –$\frac{1}{3}$x$\frac{1}{3}$ = $\frac{8}{9}$

Chọn A.

P: AAaa x Aaaa

AAaa cho giao tử: $\frac{1}{6}$AA : $\frac{4}{6}$Aa : $\frac{1}{6}$aa

Aaaa cho giao tử: $\frac{1}{2}$Aa : $\frac{1}{2}$aa

Vậy tỉ lệ quả vàng đời con là: $\frac{1}{2}$ x$\frac{1}{6}$ = $\frac{1}{12}$

Vậy tỉ lệ kiểu hình đời con là 11 đỏ: 1 vàng

Chọn C.

Khi phát sinh giao tử, không có trao đổi chéo và đột biến tạo ra 16 loại tinh trùng

=> Số cặp NST có trong 1 tế bào là ${\log }_2\left(16\right)=4$

=> Vậy tế bào có bộ NST lưỡng bội là 2n = 8

1 tế bào cần môi trường cung cấp 248 NST đơn mới

Số lần nguyên phân của 1 tế bào là ${\log }_2\left(\frac{248+8}{8}\right)=5$

Chọn D.

A bình thường, a lông nhung

Tỉ lệ lông nhưng là 80 : 500 = 0,16

Tần số alen a là $\sqrt{0,16}=0,4$

Cấu trúc quần thể là 0,36AA : 0,48Aa : 0,16aa

Người vợ bán hết mèo lông nhưng, vậy quần thể có dạng là :

0,36AA : 0,48Aa <=> $\frac{3}{7}AA:\frac{4}{7}Aa$

Tỉ lệ kiểu hình lông nhung mong đợi ở thế hệ tiếp theo là:

$\frac{2}{7}\times \frac{2}{7}=\frac{4}{49}=8,16\%$

Chọn D.

P: cái khía x đực bình thuòng

F₁: cái :$\frac{1}{3}$ bình thường :$\frac{1}{3}$ khía

Đực :$\frac{1}{3}$ bình thường

Tỉ lệ không giống nhau ở 2 giới

=> Gen qui định tính trạng nằm trên NST giới tính

Tỉ lệ ruồi đực < ruồi cái

=> Đã có một số ruồi đực bị chết

Vậy 3 đúng, 1 nửa số ruồi đực chết là cánh khía

Vậy ruồi cái P dị hợp : X^AX^a

=> A khía >> a bình thường

P: X^AX^a x X^aY

F₁: X^AX^a : X^aX^a

      X^aY  :  X^AY

Vậy ruồi cái dị hợp là cánh khía

Vậy các kết luận đúng là 1, 2, 3

Chọn C.

P_t/c: trắng x trắng

F₁: 1 đực trắng

      1 cái đen

F₁ x F₁

F₂: Đực : 0,02 đen : 0,48 trắng

      Cái  : 0,23 đen : 0,27 trắng

Tính trạng có tỉ lệ kiểu hình ở 2 giới là khác nhau

=> Gen qui định tính trạng nằm trên NST giới tính

Có hoán vị gen

P_t/c: trắng x trắng  

$X_b^A{X}_b^A\times X_B^{a}y$

 F₁ $X_b^A{X}_B^a\times X_b^{A}Y$

<=> 1 cái đen : 1 đực trắng

Vậy tính trạng được qui định bởi 2 gen tương tác bổ sung với nhau

A-B- = đen

A-bb = aaB- = aabb = trắng

Có F₂: đực : 0,02 đen : 0,48 trắng

Đực đen $X_B^{A}Y$ = 0,02

=> Con cái cho giao tử $X_B^A=\frac{0,02}{0,5}=0,04$

=> Tần số hoán vị gen là f = 8%

B đúng

Vậy con cái F₁ cho các giao tử:

$X_b^A=X_B^a=0,46$ và $X_B^A=X_b^a=0,04$

Con đực F₁ cho các giao tử:

$X_b^A$ = Y = 0,5

Vậy tỉ lệ con cái thuần chủng ở F₂ là

0,46 x 0,5 = 0,23

Tỉ lệ con cái thuần chủng / số con cái là $\frac{0,23}{0,5}$

C sai

Trong số con đực , con đựuc lông trắng mang 2 alen lặn chiếm tỉ lệ: 

$\frac{0,04\times 0,5}{0,5}$= 0,04 = 4%

D đúng

Chọn D.

P: cái mắt trắng, thân nâu x đực mắt đỏ, thân đen

F₁: 100% mắt đỏ, thân nâu

F₁ x F₁

F₂: 2 đỏ, nâu : 1 trắng nâu : 1 đỏ, đen

A đỏ >> a trắng

B nâu >. B đen

F₂: 3 đỏ : 1 trắng ó F₁ : Aa

      3 nâu : 1 đen ó F₁ : Bb

F₂: 2 A-B- : 1aaB- : 1A-bb

Không xuất hiện kiểu hình đồng lặn aabb

Kiểu hình F₂ phân li 1 : 2 : 1

Ít nhất có 1 bên dị chéo, liên kết hoàn toàn

Có ở ruồi giấm, ruồi đực liên kết hoàn toàn

Ruồi đực F₁ dị chéo: $\frac{Ab}{aB}$

Ở ruồi giấm  cái  có kiểu gen $\frac{Ab}{aB}$

=> Hoán vị  với tần số 1 - 2x

=> Ab = aB = x ; AB = ab = 0,5 – x

=> Ta có: $\frac{ab}{ab}$= 0 x (0,5 – x) = 0

=> A- B - = (0,5 – x )  + x × 0,5 x 2 = 0,5 – x + x = 0,5

=> A-bb = aaB- = 0,25 - 0 = 0,25 

=> Vậy hoán vị gen với tần số bất kì thì cho tỉ lệ kiểu hình  

Vậy giải thích đúng là D

Chọn A.

Mỗi phân tử ADN có tổng số nu là  $\frac{1020000}{3,4}$ x 2 = 600 000

Ta có 28% = (22%+34%)/2

Như vậy đã xảy ra hoán vị gen, tạo ra 4 loại giao tử

Giao tử không mang gen hoán vị

Có nguồn gốc từ bố có số loại nu là:

A = T = 0,22 x 600 000 = 132000

G = X = 168 000

Có nguồn gốc từ mẹ có số loại nu là:

A = T = 0,34 x 600 000 = 204 000

G = X = 96 000

Giao tử mang gen hoán vị có số lượng các loại nu là :

A = T = 0,28 x 600 000 = 168 000

G = X = 132 000

Các phương án sai là 1, 5

Chọn C.

Nhận xét: từ F₂ sang F₃, thành phần kiểu gen của quần thể bị biến đổi một cách đột ngột và mạnh mẽ, không có bắt cứ qui luật nào cả

=> Quần thể chịu tác động của các yếu tố ngẫu nhiên

=> Từ thế hệ thứ 3 – thứ 4 tần số alen trong quần thể không biến đổi

=> thành phần kiểu gen  thay đổi

=> Từ thế hệ thứ 4 – thứ 5 tần số alen, thành phần kiểu gen trong quần thể không biến đổi

=> từ thế hệ thứ 3 và thứ 5 chịu tác động của giao phối ngẫu nhiêu