Đốt cháy một amino axit

Đáp án D

đốt X cho V_CO2 : V_N2 = 4 : 1 ⇒ n_C : n_N = 4 : 2 = 2 : 1.

amino axit X chứa 1 nhóm NH₂ ⇒ số N_X = 1 ⇒ số C_X = 2.

ứng với chỉ duy nhất 1 amino axit thỏa mãn là H₂NCH₂COOH: glyxin

Đáp án B

Đáp án A

Đáp án A

Ta có X có dạng C_xH_yO₂N_z

2C_xH_yO₂N_z → 2xCO₂ + yH₂O + zN₂

n_C = n_CO2 = 0,6 mol.

n_H = 2 × n_H2O = 2 × 0,5 = 1 mol.

n_N = 2 × n_N2 = 2 × 0,1 = 0,2 mol.

m_O = m_X - m_C - m_H - m_N = 17,4 - 0,6 × 12 - 1 × 1 - 0,2 × 14 = 6,4 gam.

n_O = $\frac{6,4}{16}$  = 0,4 mol.

Ta có x : y : 2 : z = n_C : n_H : n_O : n_N = 0,6 : 1 : 0,4 : 0,2 = 3 : 5 : 2 : 1

Vậy X là C₃H₅O₂N

Đáp án A

Giả sử X có dạng C_xH_yO_zN_t

n_C = n_CO2 = 2a mol.

n_N = 2 × n_N2 = 2 × 0,5a = a mol.

số nguyên tử C là x = $\frac{{\mathrm{n}}_{\mathrm{C}}}{{\mathrm{n}}_{\mathrm{X}}}=\frac{2a}{a}$  = 2.

số nguyên tử N là t = $\frac{{\mathrm{n}}_N}{{\mathrm{n}}_{\mathrm{X}}}=\frac{a}{a}$ = 1.

Đáp án A

Đáp án C

Amino axit E no, đơn, hở, chứa 1 nhóm amino và 1 nhóm cacboxyl ⇒ dạng C_nH_{2n + 1}NO₂.

♦ đốt: ${\mathrm{C}}_{\mathrm{n}}{\mathrm{H}}_{2\mathrm{n}+1}+\frac{6\mathrm{n}-3}{4}{\mathrm{O}}_2 \stackrel{{\mathrm{t}}^0\mathrm{C}}{\to }{\mathrm{nCO}}_2 + \frac{2\mathrm{n}+1}{2}{\mathrm{H}}_2\mathrm{O} + \frac{1}{2}{\mathrm{N}}_2$

T gồm CO₂ và N₂, khi cho vào dung dịch Ca(OH)₂ dư thì CO₂ bị giữ lại

khí thoát ra là N₂ chiếm 20% số mol T ⇒ n_N2 : n_CO2 = 1 : 4.

⇒ trong E: số C : số N = 2 : 1 ⇒ n = 2 → CTPT của E là C₂H₅NO₂.

Đáp án B

E là amino axit no, hở, chứa 1 nhóm –NH₂ và 2 nhóm –COOH ⇒ dạng: C_nH_{2n – 1}NO₄.

• giải (CO₂, H₂O và N₂) + Ba(OH)₂ dư → 0,08 mol BaCO₃↓ ||⇒ n_CO2 = 0,08 mol.

lại có m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 4,78 gam ⇒ n_H2O = 0,07 mol.

• giải đốt: C_nH_{2n – 1}NO₄ + O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$  0,08 mol CO₂ + 0,07 mol H₂O + N₂.

Tương quan đốt: n_E = 2.(n_CO2 – n_H2O) = 0,02 mol ⇒ n = số C = 0,08 ÷ 0,02 = 4.

⇒ công thức phân tử của E là C₄H₇NO₄.

Tổng số nguyên tử có trong một phân tử E là 16

Đáp án B

Amino axit E no, đơn, hở, chứa 1 nhóm amino và 1 nhóm cacboxyl ⇒ dạng C_nH_{2n + 1}NO₂.

♦ đốt: ${\mathrm{C}}_{\mathrm{n}}{\mathrm{H}}_{2\mathrm{n}+1}+\frac{6\mathrm{n}-3}{4}{\mathrm{O}}_2 \stackrel{{\mathrm{t}}^0\mathrm{C}}{\to }{\mathrm{nCO}}_2 + \frac{2\mathrm{n}+1}{2}{\mathrm{H}}_2\mathrm{O} + \frac{1}{2}{\mathrm{N}}_2$

• bình (1) tăng a gam ⇒ m_H2O = a gam ⇒ n_H2O = a/18 mol.

• bình (2) tạo b gam kết tủa là b gam CaCO₃ ⇒ n_CO2 = 0,01b mol.

⇒ có phương trình: ${\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_2}:{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}=\frac{2\mathrm{n}}{2\mathrm{n}+1}=\frac{0,18\mathrm{b}}{\mathrm{a}}=\frac{0,18}{0,21} \Rightarrow \mathrm{n}=3$

Vậy công thức phân tử của T là C₃H₇NO₂

Đáp án C

Q là amino axit no, hở, chứa 2 nhóm –NH₂ và 1 nhóm –COOH ⇒ dạng: C_nH_{2n + 2}N₂O₂.

• giải (CO₂, H₂O và N₂) + Ca(OH)₂ dư → 0,08 mol CaCO₃↓ ||⇒ n_CO2 = 0,08 mol.

lại có m_{dung dịch giảm} = m_CaCO3 – ∑(m_CO2 + m_H2O) = 2,68 gam ⇒ n_H2O = 0,1 mol.

• giải đốt: C_nH_{2n + 2}N₂O₂ + O₂ $\stackrel{{\mathrm{t}}^0}{\to }$  0,08 mol CO₂ + 0,1 mol H₂O + N₂.

Tương quan đốt: n_Q = n_H2O – n_CO2 = 0,02 mol ⇒ n = số C = 0,08 ÷ 0,02 = 4.

⇒ công thức phân tử của E là C₄H₁₀N₂O₂.

||⇒ Số nguyên tử H có trong một phân tử Q là 10

Đáp án B

công thức phân tử của X là C_nH_{2n + 1}NO₂. Phản ứng đốt cháy

${\mathrm{C}}_{\mathrm{n}}{\mathrm{H}}_{2\mathrm{n}+1}+\frac{6\mathrm{n}-3}{4}{\mathrm{O}}_2 \stackrel{{\mathrm{t}}^0\mathrm{C}}{\to }{\mathrm{nCO}}_2 + \frac{2\mathrm{n}+1}{2}{\mathrm{H}}_2\mathrm{O} + \frac{1}{2}{\mathrm{N}}_2$

=> a = $\frac{6\mathrm{n}-3}{4}$

Đáp án C

Ta có n_C = n_CO2 = 0,8 mol || n_H = 2n_H2O = 1,8 || n_N = 2n_N2 = 0,2 mol.

⇒ ∑(m_C + m_H + m_N) = 14,2 ⇒ m_O = 20,6 – 14,2 = 6,4 gam ⇒ n_O = 0,4 mol

⇒ n_C : n_H : n_O : n_N = 4 : 9 : 2 : 1 ⇒ CTN (C₄H₉O₂N)_n

⇒ Chỉ có đáp án C thỏa mãn